江西省高三毕业班新课程教学质量监测理科综合试题扫描版含答案

江西省2018年高中毕业班新课程教学质量监测卷理综物理答案C解析：卢瑟福在α粒子散射实验基础上提出了原子的核式结构模型，Ｃ正确。A解析：对联结点O进行受力分析，小球从B点缓慢移到B′点，逐渐变大，Ａ正确。FFaFbG D解析：设带电颗粒从O位置飞入的速度为，若带电颗粒A带负电，其电场力、重力、洛伦兹力均向下，与运动方向垂直，不可能做直线运动。颗粒A一定为正电荷，且满足，为匀速直线运动，故。若仅撤去磁场，由于，带电颗粒B向下偏转，穿出位置一定在O’点下方，合力对其做正功，故，因此，D正确。17.A解析：设低轨道卫星轨道半径为r，地球半径为R，由开普勒第三定律可知：，，故选A。18.B解析：线框在磁场运动时，受到重力和安培力，安培力的大小与运动速度成正比。上升过程中，安培力方向与重力方向相同，由于速度减小，故加速度减小；下降过程中，安培力与重力方向相反，由于速度增大，故加速度减小，B正确。19.AC解析：根据能量守恒，电子在N点的动能大于在M点的动能，A正确；图像，其斜率大小表示电场力大小，由图可知斜率逐渐减小，即电场力减小，因此该电场是非匀强电场，B错误；由于电子受到的电场力减小，其加速度也将减小，C正确；带电粒子初速度为零且沿电场线运动，其轨迹一定为直线，D错误。20.CD解析：根据，水平初速度相同，A、B、C水平位移之比为1:2:3，所以它们在空中运动的时间之比为1:2:3，B错误；初始时刻纵坐标之比既该过程小球的下落高度之比，根据，初始时刻纵坐标之比为1:4:9，A错误；根据动能定理可知，动能的增加量之比为1:4:9，C正确；到达O点时，设落地时速度为，和重力方向夹角为θ，则重力的瞬时功率，三个小球落地时重力的瞬时功率之比为1:2:3，D正确。21.AB解析：设物块受到的滑动摩擦力为，根据动能定理，有，解得。仅改变木板下落的高度，使其从2h高度落下，物块下滑的长度将为2l，A正确；如果仅改变木板对物块的压力，使其变为原来一半，物块受到的滑动摩擦力为原来的一半，物块下滑的长度将大于2l，B正确；如果仅改变物块的质量，使其变为原来2倍，物块下滑的距离将大于2l，C错误；如果仅改变木板的质量，物块下滑的距离仍为l，D错误。22.（6分）（1）102.4（2分）（2）3.372~3.375（2分）（3）84~88（2分）23.（9分）（1）如图（3分）（2）1.50（1.5也给分）（3分）（3）（3分）24.（12分）（1）设棒切割磁场的长度为L，磁场的磁感应强度为B，回路的总电阻为R，则棒在t1、t2时刻的电流为（2分）因此电流之比为（2分）（2）设恒力为F，则在t1时刻：（2分）在t2时刻：（2分）在0t1时间有：（2分）联解得：（2分）（20分）（1）设木板、物块达到的共同速度为由动量守恒得：，（2分），解得（2分）碰撞后，木板原速弹回，由于此时，可知，最终木板和物块将以共同速度向左运动由动量守恒得：（2分）解得（2分）设整个运动过程中物块在木板上滑行的距离为L由能量关系得（2分）代入数值得（2分）（2）设木板碰墙瞬间，物块、木板的速度为,由动能定理得：（2分）动量守恒得：（2分）若要发生第二次碰撞，要求（2分）木板右侧与墙壁间的距离x应满足（2分）（1）BCE解析：只要知道气体的摩尔体积和阿伏加德罗常数，可以算出气体分子所占空间的大小，不能算出气体分子的体积，A错误；颗粒越小、温度越高，布朗运动越明显，B正确；容积一定，当温度升高时，气体分子运动越激烈，在单位时间内对单位面积的容器壁的撞击次数越多，C选项正确；用打气筒打气时，里面的气体因体积变小，压强变大，所以再压缩时就费力，与分子之间的斥力无关，D错误；温度是衡量分子平均动能的标准，故E选项正确。（10分）初始状态A、B气缸的压强相等，设为P0。对于B气缸的气体：（2分）即，解得（2分）对于A气缸的气体：、（2分）即，解得（2分）左边活塞应向右推的距离为：m=0.1m（2分）（1）BDE解析：质点D是波谷与波谷叠加点，为振动加强点，故A错误；质点A是振动加强点，振幅为4cm＋3cm=7cm，故B正确；振动的干涉图象是稳定的，B一直是振动减弱点，故C错误；质点C是振动减弱点，振幅为4cm－3cm=1cm，故D正确；质点A此刻位于波峰位置，振动的速度最小，故E正确。（2）（10分）如图所示，根据折射定律，有：（1分）根据反射定律，有：（1分）其中：（1分）联立可得：（2分）由图有：（2分）故：（1分）故光源S与M间距：（2分）江西省2018年高中毕业班新课程教学质量监测卷理综生物答案16ACBCDC29.（8分）（1）先从细胞中分离出完整的线粒体，再提取线粒体DNA（2分）（2）可以分化形成各种不同的组织细胞（2分）（3）可卡因与多巴胺转运体结合，无法将多巴胺转运进突触小泡，使突触间隙多巴胺含量相对增多，进而引起突触后膜过度兴奋，增强并延长对脑的刺激，产生“快感”，最终产生对可卡因依赖的不良后果。（4分）30.（9分）（1）能（1分）（2）将无机物合成有机物利用的能量来源不同，前者利用的是光能，后者利用的是体外无机物氧化分解时所释放的化学能（4分）（3）黑暗中叶片从外界吸收C02生成苹果酸，光照下叶片储存的苹果酸分解释放C02，通过光合作用固定C02合成淀粉，光照下合成的淀粉量多于分解的淀粉量，叶片中淀粉含量上升。（4分）31．（9分）（1）体液调节（1分）神经－体液调节（2分）（2）几乎全身组织（1分）肝脏（1分）（3）不认同（1分）；抗体2所导致的的糖尿病会使胰岛素的受体异常，胰岛素无法发挥作用。注射胰岛素无法治疗。（3分）32.（13分）（1）否（1分）；子二代中的单性状的表现型及比例仅能说明两对基因分别符合基因的分离定律，本实验未统计性状组合的表现型及比例，即未证明两对等位基因是否互不干扰，因此无法推导出两对基因位于两对同源染色体上。（2分）（2）=1\*GB3①9（1分）15（1分）15（1分）=2\*GB3②雌性紫翅绿眼×雄性黄翅白眼（1分）1.子代雌雄蝴蝶均为紫翅绿眼；2.子代雄蝶均为紫翅绿眼，雌蝶均为紫翅白眼；3.子代雄蝶均为紫翅绿眼，雌蝶均为黄翅绿眼。（6分）37.（15分）（1）调pH(1分）分装、包扎(2分）高压蒸汽灭菌(1分）（2）不能(1分）培养基中含有NH4NO3，尿素不是唯一氮源(2分）（3）往培养基中加入酚红(1分）红色反应(1分）（4）①C1酶、CX酶、葡萄糖苷酶（2分）②萃取剂的性质和使用量（2分）③适当延长萃取时间（萃取时间为1.5h），适当提高萃取温度（萃取温度为55度）（2分）；38.（1）C、H、O、P（2分）（2）否（1分）质粒A缺少标记基因；（2分）质粒C在用和目的基因相同的限制酶切割时，复制原点会被限制酶切割，会影响重组质粒的自主复制（4分）（3）在含四环素的培养基上能正常生长,在含氨苄青霉素的培养基上不能正常生长（2分在含氨苄青霉素的培养基和含四环素的培养基上都不能正常生长（2分）（4）受精卵（2分）江西省2018年高中毕业班新课程教学质量监测卷理综化学答案7C8D【解析】A.不知道氧化产物，则无法计算；B.铁失去电子数为2~3mol；C.NO3不会水解，仍然为NA；D.AlO2会水解，所以小于NA。9B【解析】“A项”没有中和酸，错误；“C项”NaCl和KBr没有指明浓度，不严密；“D项”应用HClO4溶液代替盐酸才正确。10A【解析】A有两种情况，①碳碳三键和羟基；②C=C和C=O。“A项”符合两种情况，正确；“BCD项”只考虑了一种情况，不正确。11C【解析】氧气生成双氧水，是得到电子，故B为负极A为正极；H2O氧化生成OH。右边电极有氧气参加反应，RVC多孔可以吸附氧气。12B【解析】气体Y2、W2分别为淡黄绿色、黄绿色气体，Y为F，W为Cl；X22与Y2所含电子数相等，则X是O；常温下测得0.1mol·L1ZOH的溶液pH为13，Z为Na。“A、C、D项”错误，所以“B项”正确。13.D【解析】A.用Ka计算，氢离子浓度恰好为103；B.依据S、R点可推出a=7；C.N点溶质为大量NaAc、少量NaOH,M点大量HAc和少量NaAc，N点水解因素多则大；D.同“C项”分析方法，D项错误。26.（15分）（1）增大与氧气的接触面积，充分燃烧（2分）（2）CO、HCl、SO3（填2个即给全分，2分）（3）赶走装置内的空气，以免带来测量误差（1分）（4）点燃B、D处酒精灯加热（1分）碱石灰（1分）继续通入CO2（1分）（5）6NO+2W2WO3+3N2（2分）6NO2+4W4WO3+3N2（2分）多余的氧气（1分）（6）（2分）27.（14分）（1）Fe(OH)3（共1分）ZnS（共1分）（2）PbCl2(s)+SO42(aq)=PbSO4(s)+2Cl(aq)（2分）1.0×105（2分）（3）超过40℃（4）4MnO2+PbS+8H++4Cl=PbCl42+4Mn2++SO42+4H2O（2分）为生成PbCl42提供Cl，防止生成沉淀PbSO4；减少盐酸消耗；也减少了后续NaOH的消耗（答到其中1条即可给2分）（5）BEBF（共2分）28.（14分）（1）3∆H22∆H12∆H3（3分）>（2分）（3）N+O2=NO+O（2分）O（1分）（4）①温度升高，反应Ⅰ向正方向移动，而反应Ⅱ是放热反应向逆方向移动，因此浓度相差很大（2分）NO2（1分）②（1分）0.99%（2分）35.（15分）（1）[Ar]3d84s2（1分）