2025届广东省东莞市达标名校物理高一上期末调研模拟试题含解析

2025届广东省东莞市达标名校物理高一上期末调研模拟试题注意事项:1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2．答题时请按要求用笔。3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、如图所示，某顾客站在商场里自动扶梯上从1楼到2楼。假设扶梯做加速运动，下列说法正确的是（）A.该顾客受到的支持力比重力小B.该顾客受到的支持力比重力大C.该顾客不受到电梯提供的摩擦力D.该顾客受到电梯提供的摩擦力方向沿电梯运行方向向上2、如图所示，重为12N的木块静止在倾角为θ=30°的斜面上，若用平行于斜面沿水平方向大小等于8N的力推木块，木块仍能保持静止，则此时木块所受的前摩擦力的大小等于A.6N B.8NC.12N D.10N3、宋代诗人陈与义乘船出游时赋诗一首：“飞花两岸照船红，百里榆堤半日风，卧看满天云不动，不知云与我俱东．”，从物理学的角度分析，下列说法正确的是（）A.诗中“飞花”是以“两岸”作参考系而言的B.诗中“满天云不动”是以“两岸”作参考系而言的C.“百里榆堤半日风”描述的物理过程中，船可以看做质点D.诗中的描述体现了运动是相对的、静止是绝对的4、如图所示，一小球从A点由静止开始沿斜面做匀变速直线运动，若到达B点时速度为v，到达C点时速度为2v，则AB∶BC等于（）A.1∶1 B.1∶2C.1∶3 D.1∶45、下列说法正确的是（

）A.物体的速度为零时，加速度也一定为零B.运动物体的加速度逐渐增大，速度也一定增大C.如果物体运动状态会发生改变，则物体所受的合外力一定不为零D.物体受到的合外力的方向与物体加速度方向相同，与速度方向也一定相同6、以15m/s的初速度从地面竖直上抛一物体，空气阻力不计，（g取10m/s2），以下说法正确的是（）A.运动过程加速度不断变化B.从抛出到上升至最高点的时间为1sC.上升的最大高度为22.5mD.从上抛时至落回原处的时间为3s7、如图所示，某同学通过滑轮组将一重物吊起，该同学对绳竖直拉力为F1，对地面的压力为F2，不计滑轮与绳的重力及摩擦，则在重物缓慢上升的过程中，下列说法正确的是()A.F1逐渐变小 B.F1逐渐变大C.F2逐渐变小 D.F2先变大后变小8、将重为50N的物体放在某直升电梯的地板上，该电梯在经过某一楼层地面前后运动过程中，物体受到电梯地板的支持力随时间变化的图像如图所示，由此可以判断（）A.t=1s时刻电梯的加速度方向竖直向上B.t=6s时刻电梯的加速度为零C.t=8s时刻电梯处于失重状态D.t=11s时刻电梯的加速度方向竖直向下9、质量为m的A球和质量为2m的B球之间连接一个轻质弹簧，放在光滑的水平地面上．A紧靠墙壁，如图所示，今用恒力F作用于B球并向左挤压弹簧，达到静止状态时，突然将力撤去，撤去力F的瞬间()A.A球的加速度为B.A球的加速度为零C.B球的加速度为D.B球的加速度为零10、如图所示，在水平面上放着两个木块a和b，质量分别为ma、mb，它们与水平面间的动摩擦因数均为μ。两木块之间连接一个劲度系数为k的轻弹簧，弹簧原长为L。对b施加水平向右的拉力F，a、b以相同的速度做匀速直线运动。则下列判断正确的是（）A.弹簧弹力大小等于μmagB.b受的合力为F-μmbgC.拉力F大小为μ(mag+mbg)D.a、b之间的距离为11、如图所示，手用力向下压架在两本书之间的尺子，尺子发生了弹性形变。若手对尺子的压力为FN，尺子对手的弹力为FN′，下列说法正确的有（）A.和是一对平衡力B.和是一对作用力和反作用力C.是由于尺子发生形变而产生的D.是由于尺子发生形变而产生的12、关于加速度的单位，下列正确的有（）A.kg·m/s B.m/s2C.kg/N D.N/kg二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、（6分）14、（10分）三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、（12分）四旋翼无人机是一种能够垂直起降的小型遥控飞行器，目前正得到越来越广泛的应用．一架质量m=2kg的无人机，其动力系统所能提供的最大升力F=36N，运动过程中所受空气阻力大小恒为f=4N．(g取10m／s2)(1)无人机在地面上从静止开始，以最大升力竖直向上起飞．求在t=5s时离地面的高度h；(2)当无人机悬停在距离地面高度H=100m处，由于动力设备故障，无人机突然失去升力而坠落．求无人机坠落到地面时的速度v；(3)接(2)问，无人机坠落过程中，在遥控设备的干预下，动力设备重新启动提供向上最大升力．为保证安全着地（到达地面时速度为零），求飞行器从开始下落到恢复升力的最长时间t116、（12分）如图所示，a、b是两个半径都为R的光滑小球，球的质量均为m，现将它们用长为2R的细绳连结在一起，在细绳的中点O处用一竖直向上的恒力F拉着两个小球一起向上做匀加速直线运动。在运动过程中，求：(1)两球运动的加速度大小；(2)OB段绳的拉力FB的大小；(3)a球对b球压力FN的大小。17、（12分）质量为的小物块静止在倾角为37°的斜面的底端，现对其施一沿斜面向上的力F，力随时间变化的情况如图所示，4s后撤去力已知sin37°=0.6,cos37°=0.8，物块与斜面间的动摩擦因数μ=0.5，取g=10m/s2，设斜面足够长。求：（1）力F作用下物体的加速度是多少？（2）物块沿斜面向上运动的最大距离是多少？（3）物块沿斜面运动的时间是多少？

参考答案一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、B【解析】AB．人随扶梯一起斜向上做加速运动，加速度沿扶梯向上，有竖直向上的分加速度，处于超重状态，则该顾客受到的支持力比重力大，故A错误，B正确；C．人随扶梯一起斜向上加速运动的过程中，人相对于扶梯有向后运动趋势，人要受到扶梯的静摩擦力，故C错误；D．如图所示，人相对于扶梯有向后运动趋势，所以顾客受到电梯提供的摩擦力方向水平向前，故D错误。故选B。2、D【解析】对滑块受力分析，受推力F、重力G、支持力N和静摩擦力f，将重力按照作用效果分解为沿斜面向下的分力F′=Mgsinθ=6N和垂直斜面向下的分力；在与斜面平行的平面内，如图：有：，故选D.【点睛】本题的难点在于物体受到的力不在一个平面内，需要将重力按照作用效果进行分析，根据静摩擦力的产生特点和共点力平衡条件列式求解静摩擦力3、C【解析】研究物体的运动情况时，需要先选取一个标准做为参照物，物体与参照物的位置发生了变化，物体就是运动的；物体与参照物的位置没有发生变化，物体就是静止的【详解】在本题中船是向东高速行驶，而“飞花两岸照船红”是指花是运动的，即诗人选取的参考系为船或者人，故A错误；细细品味古诗，从最后一句“不知云与我俱东”可知，相对于地面来说，诗人与云都是向东运动的，也就是说，二者的运动状态相同，相对静止．所以诗人以自己为参照物看云时，会认为“卧看满天云不动”的效果．故B错误；“百里榆堤半日风”描述的物理过程中，船的自身大小可以忽略，则可看成质点，故C正确；诗中的描述体现了运动是绝对的、静止是相对的，故D错误；故选C【点睛】此题通过古诗句考查同学们对参照物的选择、运动和静止的相对性的理解和掌握，研究同一物体的运动状态，如果选择不同的参照物，得出的结论可以不同，但都是正确的结论4、C【解析】根据匀变速直线运动的速度位移公式v2-v02=2ax知xAB=，xAC=所以AB∶AC=1∶4则AB∶BC=1∶3故选C。5、C【解析】加速度是反映速度变化快慢的物理量,当加速度方向与速度方向相同,做加速运动,当加速度方向与速度方向相反,做减速运动,根据牛顿第二定律可以知道,加速度方向与合外力方向相同.【详解】A、速度为零,加速度不一定为零,比如竖直上抛运动到最高点,速度为零,加速度不为零，故A错；B、当加速度方向与速度方向相反时,加速度增大,速度减小.故B错；C、物体运动状态会发生改变,则产生了加速度,合外力一定不为零，故C对；D、根据牛顿第二定律可以知道,加速度方向与合外力方向相同,但与速度方向没有关系.故D错误.故选C6、D【解析】A．物体在竖直上抛运动时，只受重力，则加速度保持不变，选项A错误；B．上升过程做匀减速直线运动，由可得，上升时间选项B错误；C．上升的最大高度选项C错误；D．上升和下降过程为互逆过程，时间相等，故从上抛至落回原处的时间为3s，选项D正确。故选D。7、BC【解析】以动滑轮为研究对象受力分析，设动滑轮两边绳子夹角为θ，则有：，在重物被吊起的过程中，θ变大，故T变大，即F1逐渐变大；故A错误，B正确；对人受力分析，根据平衡条件：F2+F1=mg，F1逐渐变大，则F2逐渐变小，C正确，D错误；故选BC8、ABD【解析】在0-2s内重物处于超重状态，在2-10s内电梯做匀速直线运动，从10s到12s失重。由运动学公式分析三个速度的大小和方向。【详解】A．在0-2s内重物处于超重状态，t=1s时刻电梯的加速度方向竖直向上，A正确；BC．在2-10s内电梯做匀速直线运动或静止状态，加速度为零，B正确，C错误；D．从10s到12s失重，t=11s时刻电梯的加速度方向竖直向下。故D正确。故选ABD。9、BC【解析】先分析将力F撤去前弹簧的弹力大小，再分析将力F撤去的瞬间两球所受的合力，根据牛顿第二定律求解加速度；【详解】力F撤去前弹簧的弹力大小为F，将力F撤去的瞬间，弹簧的弹力没有变化，则A的受力情况没有变化，合力为零，即A的加速度为零；而B的合力即为弹簧的弹力，其大小等于F，根据牛顿第二定律得到B球的加速度为，故选项BC正确，AD错误【点睛】瞬时问题是牛顿定律应用典型的问题，一般先分析状态变化前弹簧的弹力，再研究状态变化瞬间物体的受力情况，求解加速度，要抓住弹簧的弹力不能突变的特点10、AC【解析】A．对木块a受力分析如图因为a、b以相同的速度做匀速直线运动，根据平衡条件弹簧的弹力为故A正确；B．因为b做匀速直线运动，根据平衡条件可知b所受的合力一定为0，故B错误；C．因为a、b以相同的速度一起做匀速直线运动，所以可以把a、b看成整体研究，根据平衡条件有故C正确；D．由胡克定律可知所以弹簧的长度为故D错误.故选AC。11、BD【解析】AB．手对尺子的压力与尺子对手的弹力分别作用在两个不同物体上，力的性质相同，是一对作用力与反作用力，不是一对平衡力，故A错误，B正确；CD．是由手发生形变而产生的，而是由尺子发生形变而产生的，故C错误，D正确。故选BD。12、BD【解析】根据加速度的定义式可得加速度的单位为m/s2根据牛顿第二定律可知加速度的单位为N/kg。故选BD。二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、14、三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、（1）75m（2）40m/s（3）【解析】（1）由牛顿第二定律F﹣mg﹣f=ma代入数据解得a=6m/s2上升高度代入数据解得h=75m（2）下落过程中mg﹣f=ma1代入数据解得落地时速度v2=2a1H，代入数据解得v=40m/s（3）恢复升力后向下减速运动过程F﹣mg+f=ma2代入数据解得设恢复升力时的速度为vm，则有由vm=a1t1代入数据解得16、(1)－g(2)(3)【解析】(1)对整体应用牛顿第二定律F-2mg＝2ma解得a=-g(2)分析b球受力FBcos-mg=ma解得FB=(3)与F垂直方向球b受力平衡：FN-FBsin=0解得FN=17