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文档简介
章节考点分类复习导学案
【考点1】向量的概念及线性运算
1.(2021•湖南师大附中高二月考)如图所示,。为线段4A201外一点,若4,A,4,4,…,
42。1中任意相邻两点间的距离相等,西=£,OA^^b,则用B表示
西+两+砥+…+砥〉其结果为()
A.100(。+可B.101(a+B)
C.2010+与D.202(Z+B)
【答案】B
【分析】设的中点为A,根据中线的向量表示,化简即可求和.
【详解】设44oi的中点为A,则A也是AA200,…,Aoodoi的中点,
可得砥+皈'=2砺=3+3,同理可得
OA^+0^^-OA2+CM19g=•••=OAjgo+=a+b,
故西+西+就+…+西^=101x2砺=101R+®,
故选:B
2.(2021•北京延庆区•高三其他模拟)设。为AABC所在平面内一点,元=2丽,则
()
A.AD=--AB+-ACB.AD=--AB+-AC
3322
.3—■1.
C.AD=-AB+-ACD.AD=-AB--AC
2222
【答案】B
【分析】利用向量减法的三角形法则的逆运算,将耳心=2丽化为以A为始点的向量即可得
解.
【详解】因为豆心=2而,所以就一通=2(而一/),
.1―.3―-
所以AQ=——AB+-AC.
22
故选:B
3.(2021•天津市滨海新区塘沽第一中学高一月考)下列说法中正确的是()
A.若两个向量相等,则它们的起点和终点分别重合
B.模相等的两个平行向量是相等向量
C.若£和加都是单位向量,则£=万
D.零向量与其它向量都共线
【答案】D
【分析】利用相等向量的定义可判断AC选项的正误;利用相等向量和相反向量的定义可判断B
选项的正误;利用零向量与任意向量共线这一性质可判断D选项的正误.
【详解】对于A选项,因为向量是可以移动的,两个向量相等时,它们的起点和终点不一定重
合,A选项错误;
对于B选项,模相等的两个平行向量,可以是相等向量,也可以是相反向量,B选项错误;
对于C选项,£和办都是单位向量,但它们的方向不一定相同,故£和办不一定相等,C选项错
误;
对于D选项,零向量的方向是任意的,零向量与其它向量都共线,D选项正确.
故选:D.
4.(2021•湖南岳阳市•)已知等边三角形力式的边长为4,妫三角形内一点,且
OA+OB+2OC=0<则的面积是()
A.B.随C.芷D.25/3
33
【答案】D
【分析】设/删中点为〃,可得丽+丽=2而,进而可得反=-而,得出提械I中点,
即可求解面积.
【详解】解:根据题意,设力砸中点为〃,AABC是等边三角形,则
力力的中点为〃,则丽+。行=2瓦i,
又由次+而+2反=6,则反=一而,则段力尻付中点,
又由△ABC的边长为4,则A£>=2,CD=2g,则OO=百,
l
WJSAOfl=lx4xV3=273,
故选:D.
c
【点睛】关键点睛:本题考查向量的相关问题,解题的关键是判断出娓中线血的中点.
【考点2】向量的数量积
5.(2021•江苏泰州市•泰州中学高一月考)若两个向量瓶与日的夹角为亍,且色是单位向
量,向量|5|=2,c=2a+b>则向量1与很的夹角为______
【答案】7
O
【分析】求出"•石及El,然后由数量积定义可得夹角.
【详解】由已知a-B=lx2xcosC=l,
3
所以0]=(2.+历%=2〃石+片=2x1+2?=6.
同=忸+*yl(2a+bY=\l4a+4a-b+b=V4xl2+4xl+22=2也,
c-b6V3兀
设E与万的夹角为氏则8$6n=丽=访裒=5-,。£[0,加,所以
故答案为:•
6
6.(2021♦浙江高一单元测试)设,畛为单位向量,满足|2e1-e2区及,a=e1+e2,
b=3et+e2,设a,的夹角为6,则cos?。的最小值为.
【答案】W
29
urir3
【分析】利用复数模的平方等于复数的平方化简条件得6.2上(,再根据向量夹角公式求
cos?e函数关系式,根据函数单调性求最值.
【详解】|24一国《a=(24一当)一42,解得:e,-e2>-,
cosQ==(4+•(3乌+,)_4+44
同WJ(R+02)2X[(3召+。2)2也+2够x110+6眄'
设号,a=x,
cos?。.:®x+l)216(x+l),4(x+iy
(2+2x)(10+6x)12冗2+32X+203X2+8X+5
_4(X+1)2_4'
3(x+l『+2(x+l)3।2
x+l
onoOQ
当=时,8$26€[二,1],二以光26的最小值是一.
42929
28
故答案为:——
29
【点睛】关键点点睛:解题关键是合理转化,应用函数求最值.本题的特点是注重基础,本
题考查了利用模求向量数量积、利用向量数量积求向量夹角、利用函数单调性求最值,考查
转化与化归思想,考查数学运算、数学建模等学科素养.
7.(2021•浙江高一单元测试)如图,在矩形川及冲,AB=y/2,80=2,点创豌勺中点,
点雁边G9上,若%从Ak=C,则亚户的值是.
【答案】V2
【分析】根据矩形的垂直关系和长度关系,先利用平面向量加法的运算律求解|而|=1,
|CF|=V2-1,再利用运算律转化求正.旃即可.
..UUUUUIU
【详解】♦..AF=AD+Ob,ABAD=Q<
ABAF=AB-^AD+DF)=ABAD+ABDF=ABDF=y/2\DF\=y[2,
A|DF|=1,|CF|=V2-1,
AEBF=(JB+BE^(BC+CF^ABBC+ABCF+BEBC+BECF,
ABBC=O,BECF=O,ABCF=\AB\\CF\COS71=-V2(V2-1),
B£-BC=|BE|-|BC|=1X2=2,
AE-BF=A5-CF+B£-BC=-V2(V2-l)+2=-2+V2+2=V2,
故答案为:母.
8.(2021•北京市八一中学高三期末)已知向量£、坂,同=1,忖=2,九伍一句,则内―q=
【答案】2
【分析】由小但一可可得出£%的值,计算出悔-邛的值,即可求得忤一q的值.
【详解】由己知条件可得==0,^\a-b=a=|a|=1.
所以,-彳=4了一4£4+片=4xF-4x1+2?=4,因此,|2a-^|=2.
故答案为:2.
9.(2021•沙坪坝区•重庆一中高三月考)已知向量2,日,同=3,a?b2,则小,一5)=
【答案】7.
【分析】利用向量数量积运算展开即可得到答案.
【详解】a-(a-ft)=(a)2-(5^)=9-2=7.
故答案为:7.
【考点3】向量的坐标表示
-61-八⑨…
10.(2021•浙江局一单兀测试)已知向量4=—,-r-,b=---—,则;
I乙77
B斗——•
【答案】—gG
【分析】利用向量数量积运算可求出7人向量减法运算求出工-各的坐标,即可计算出,
-门⑸7(\⑸
【详解】解:因为向量。=,b=-一-,
7I'7
117361131
所以a%==—X-----F------X—=--=—
(2'2人2'222227442
a-B=(0,G),
,一q=Vo2+32=8.
故答案为:一万;^3.
TT
11.(2020•山东济宁市•高三期中)如图所示,在AABC中,AB=4,AC=3,ZBAC=-,
户是密上一点,且满足丽=机就+g丽,则实数”?=;APCB=
2I-.1—.?―-
【分析】由于民C,P三点共线,所以机+§=1,得m=所以AP=]AC+§AB,由于
AB=4,AC=3,ZBAC=y,所以将福,彳心作为基底,而屈=丽一恁,所以
/壬=1而+:福卜通-记号启4^宓,代值可得结果
【详解】•••而,AC,通的终点共线,
2,1
m+—=1,...”=一,
33
一1一2一
AP=-AC+-AB,
33
又;丽=丽-箱
XP-CB=^1AC+|ABJ-(AB-AC)=|AB2-|AB-AC-|IC2,①
7T
•:AB=4,AC=3,ZBAC=~,
.・•滴=16,AC2=9.ABAC=4X3XCOS-=6,
----17
代入①式,计算得:APCB=—.
3
117
故答案为:—,—■
33
【点睛】关键点点睛:本题考查了向量共线的应用,平面向量基本定理的应用以及数量积的
计算,属于典型的向量综合题,难度适中,解题的关键是将旃,衣作为基底,把而,而用
基底表示出来
12.(2021©折江高三其他模拟)已知向量£,B满足£+%=(1,2+2。,2=(—3,2—2。.若
a-(a+B)=6,则/=,向量Z+坂与B的夹角为.
7T
【答案】1-
4
【分析】由£+4+£—刀=2£得£,由£+方一仅一4)=4瓦得分,再由—(£+万)=6可
得f,由cos(a+B,=可得答案.
【详解】由Z+%+£—%=2£=(l,2+2f)+(—3,2—2/)=(—2,4),得£=(-1,2),
由%+4_仅_叫=4万=(1,2+2>(_3,2_2。=(4,旬,得力=(]#,
所以a+否=(0,2+f),因为a-(a+冲=6,所以2(2+/)=6,解得f=l,6=(1,1),
伍+炉_3—夜
a+b=(0,3).所以cos(a+-B)
|«+^|-|/?|3x02
所以(a+aB)=a,即向量a+5与加的夹角为a-
故答案为:①1;②一.
4
13.(2021•浙江高三其他模拟)如图,在矩形48CQ中,45=3,AD=2,DE=2EC,
M为的中点,则上任.而=;若点尸在线段BD上运动,则》后.丽■的最小值为
DE
【分析】解法一:由赤•丽=(碇+G却•(配+包)展开计算即可,设
PB=/IBD(O</1<1),则而•两=[(1一4)而+诙]«-;1而+而)展开计算即可;解法
二:建立如图所示的平面直角坐标系,转化为点坐标计算则配•丽=(-□)•(-3,2),
PEPM=PG而PG的最小值是点G到直线的距离d,计算即可.
2
【详解】
解法-由题意知CE=CA7=1,则砺.丽=(研+在)•(而+①)
MC-BC+MCCD+CEBD+CECD=2+0+0+3=5
设P8=X8£>(OK/l<l),则丽=々丽,丽=(1一4)而,
故屋丽=(而+诙)•例+丽/[(1-/I)而+诙](-4而+丽')
-ABDDE+DEBM而忸。=回,BD=AD-AB>
所以
()()2j23
=-132l-2+l-A^D-W+AAB-DE=132-9/l+2=13U-^।+521
23
所以而•西的最小值为5.
解法二:由题意得DE=2,BM=\.以A为坐标原点,AB,AD所在直线分别为x,》轴,
建立如图所示的平面直角坐标系,则4(0,0),8(3,0),D(0,2),£(2,2),“(3,1),则
砺=(-1,1),丽=(-3,2),
所以斯•丽3,2)=5.易得直线3£)的方程为尹1=1,
即2x+3y—6=0,取EM的中点G,则G^,|),所以G到直线80的距离
53
2x-+3x--6
a/=----2,2---7
V22+32一2后
由极化恒等式得
]_
PEPM
2
若要求而•丽的最小值,则只需求PG的最小值即可,而PG的最小值是点G到直线BD的
距离d,
所以而.闲的最小值为4^9|-;1=臣23.
故答案为:5;—
52
【点睛】关键点点睛:本题求数量积最值问题,需要转化点与点之间的距离或点到线的距离
问题,利用几何法求解是解题的关键.
【考点4】向量的应用
14.(2021•湖南高一月考)AABC内角A,B,C的对边分别为“,b,c,已知
.「乖>.
asmC=——ccosA・
3
(1)求A的值;
(2)若a=5,求2A-血的取值范围.
【答案】(1),(2)(-573,10).
【分析】(1)由正弦定理的边化角公式求出A的值;
(2)由4=上=—J=10得出2b-Gc=10cosC,再由C的范围结合余弦函数的
sinAsinBsinC
性质得出答案.
【详解】解:(1)因为osinC=」^ccosA,所以sinAsinC='^sinCcosA.
33
J3出
又sinCwO,所以sinA=^cosA,BPtanA
3T
■JT
又A£(o,%),所以A=—.
6
(2)因为a=5,所以,一=—C_=-^=H)
sinAsinBsinC
所以2》一丛c=20sinB-105/3sinC=20sin(+Cj-10>/3sinC=lOcosC.
由题可知,ceH"),则10cosCe(—56,l(»,
故2。-6c的取值范围是"6/0).
【点睛】关键点睛:解决本题的关键在于利用正弦定理的边化角公式求出A,再由三角函数
的性质得出2b-瓜的取值范围.
15.(2021•天津静海区•静海一中高一月考)在AA5c中,角力、B、。的对边分别为a、b、
c,已知3(a—c)~=3〃-2ac
(1)求cosB的值;
jr
(2)若5a=3b,求sin(2A+7)的值.
【答案】(1)2:(2)4、+3
310
【分析】(1)化简原式,直接利用余弦定理求cosB的值即可;
(2)利用正弦定理求得sinA=、5,结合角A的范围可得cosA=2叵,再由二倍角的正余
55
弦公式以及两角和的正弦公式可得结果.
【详解】(1)在AABC中,由3(。一]=3〃一2呢,整理得,
''2ac3
2
又由余弦定理,可得cos5=
(2)由(1)可得sin8=逝,又由正弦定理」一=一竺,
3sinAsinB
及已知年沏可得sd手=|>4=字
13
可得cos24=l-2sirrA二m,由已知5。=38,可得。<。,故有A<3,
.•・A为锐角,故由sinA=@,可得cosA=*,从而有sin2A=2sinAcosA=q,
555
.(c.乃).c.兀c..乃4G3146+3
sin2A+—=sin2Acos—+cos2Asin—=—x——+-x—=----------.
I6J66525210
【点睛】解三角形的基本策略:一是利用正弦定理实现“边化角”,二是利用余弦定理实现
"角化边”.
16.(2021•天津市蓟州区擂鼓台中学高一月考)在AABC中,内角AB,C所对的边分别为
,.3
a,b,c.已知a>£>,(7=5,c=6,sinB.
(1)求b和sinA的值;
(2)求三角形必电的中线AO长;
TT
(3)求sin(2A+:)的值.
4
【答案】(1)V13.土姮;(2)叵;(3)—.
13226
【分析】(1)确定8锐角,求得cosB,由余弦定理求得b,再由正弦定理得sinA;
(2)在△回£>中由余弦定理求得中线AD,
(3)确定A是锐角,求得cos4,由二倍角公式求得sin2Acos2A,然后由两角和的正弦公
式求值.
34
【详解】(1)在AABC中,因为故由sinB=j,可得8$3=二.
由已知及余弦定理,有〃=。2+。2一2accosB=13,所以匕=旧.
由正弦定理一仁=/_,得sinA=0@BO=M3.
sinAsmBb13
所以,。的值为JR,sinA的值为之姮.
13
4
(2)设比边的中点为〃,在中,cos5=-
由余弦定理得:
AD=JAB2+(—)2-2XABX-XCOSBL,5、2_zW4773
V22=^6-+(-)2-2x6x(-)x-=^-,
(3)由(1)及“<c,得cosA=2''^,所以sin2A=2sinAcosA=2,
1313
■15
cos2A=1-2sin-A=-----.
13
故sin(2A+E)=sin2Acos色+cos2Asin工.
44426
【点睛】关键点点睛:本题考查正弦定理、余弦定理解三角形,解题时根据已知条件选用正
弦定理或余弦定理求解,注意在用平方关系求得角的余弦时,先确定角的范围,然后计算.
17.(2021•天津市蓟州区擂鼓台中学高一月考)如图,是底部不可到达的一座建筑物,A
为建筑物的最高点,经过测量得到在点,处的仰角为45。,。处的仰角为75。,且。20,测角仪
的高为1.2,求出建筑物的高度.
【答案】10(6+1)+12
【分析】在AADC中,求得ND4C=75°-45'=30°,根据正弦定理可得AC=2()JLW在
直角AAEC中,由A£=AC-sine,即可求解.
【详解】在AADC中,根据题意可得ZDAC=75°—45°=30,
由正弦定理可得AC=丝n'=----------1=20显,
smOACsin三
6
在直角AAEC中,可得AE=AC•sina=20叵xsin75、200sin(300+45)
=20式(sin30cos45。+cos30sin450)=10(73+1)
所以建筑的高为A3=10(6+1)+12.
18.(2021•浙江高一期末)如图,游客从某旅游景区的景点4处下山至说有两种路径.一种
是从1沿直线步行到C另一种是先从/沿索道乘缆车到8,然后从团才直线步行到C,现有甲、乙
两位游客从4处下山,甲沿力⑥速步行,速度为50m/min.在甲出发2min后,乙从/乘缆车到
B,在8处停留Imin后,再匀速步行到C假设缆车匀速直线运动的速度为130m/min,山路/C
463
长为1260m,经测量得sinC=一,sin3
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