2020-2021学年山东省滨州市高新某中学高一（上）期中物理试卷（附答案详解）

2020-2021学年山东省滨州市高新高级中学高一（上）期中物理

试卷

一、单选题（本大题共17小题，共68.0分）

1.如图，滑块以初速度%沿表面粗糙且足够长的固定斜面，从顶端下滑，直至速度为零。对

于该运动过程，若用入s、八a分别表示滑块的下降高度、位移、速度和加速度的大小，t表

示时间，则下列图象最能正确描述这一运动规律的是（）

2.如图所示，用完全相同的轻弹簧A,B,C将两个相同的小球连接并悬挂，小球处于静止状

态，弹簧4与竖直方向的夹角为30。，弹簧C水平，则弹簧4C的伸长量之比为（）

A.V3:4B.4:V3C.1：2D.2：1

3.倾角为。、质量为M的斜面体静止在水平桌面上，质量为m的木

块静止在斜面体上。下列结论正确的是（）//W

A.桌面对斜面体的摩擦力大小是mgsinacosa

B.桌面对斜面体的支持力大小是（M+/n）g

C.木块对斜面体的压力大小是mgsina

D.木块受到的摩擦力大小是mgcosa

4.水平地面上堆放着原木，如图所示，关于原木P在支撑点M、

N处受力的方向，下列说法正确的是（）

A.M处受到的静摩擦力沿MN方向

B.N处受到的静摩擦力沿水平方向

C.N处受到的支持力竖直向上

D.M处受到的支持力竖直向上

5.如图所示，一个重为5N的大祛码用细线悬挂在。点，在力尸作用下

处于静止状态，要使祛码始终静止在如图所示的位置处，则拉力F的

最小值为（）

A.8.65WB.5.0NC.4.3/VD.2.5N

6.图中ae为珠港澳大桥上四段的等跨钢箱连续梁桥，若汽车从a点由静止开始做匀加速

直线运动，通过ab段的时间为3则通过ce段的时间为（）

A.tB.V2tC.（2-V2）tD.(2+@t

7.如图所示，人在岸上拉船，船匀速运动的速度为小已知船

的质量为僧，水对船的阻力恒为/，当轻绳与水平面的夹角为。

时，人的拉力大小为F,贝lj（）

A.人拉绳行走的速度为ucos。B.人向左做加速运动

C.船的加速度为々拉力的功率是

mD.Fu

8.如图所示，将质量为m的滑块放在倾角为。的固定斜面上.滑块

与斜面之间的动摩擦因数为〃.若滑块与斜面之间的最大静摩擦力

和滑动摩擦力大小相等，重力加速度为g,则（）

A.将滑块由静止释放，如果滑块将下滑

B.给滑块沿斜面向下的初速度，如果〃滑块将减速下滑

C.用平行于斜面向下的力拉滑块向下匀速滑动，如果〃=tan。，拉力大小应是zngsin。

D.用平行于斜面向上的力拉滑块向上匀速滑动，如果〃=拉力大小应是2mgs讥。

9.如图，一根弹簧一端固定在左侧竖直墙上，另一端连着A小球，同时水平细线一端连着4球,

另一端固定在右侧竖直墙上，弹簧与竖直方向的夹角是60。，A、B两小球分别连在另一根竖

直弹簧两端.开始时4、B两球都静止不动，4、B两小球的质量相等，重力加速度为g,若不

计弹簧质量，在水平细线被剪断瞬间，力、B两球的加速度分别为（）

C.aA=遮g，aB=0D.aA=2y/3g>=。

10.下列说法正确的是（）

A.研究一端固定且可绕该端转动的木杆的运动时，此杆可作为质点来处理

B.研究杂技演员走钢丝的表演动作时，杂技演员可以作为质点来处理

C.在大海中航行的船，要确定它在大海中的位置时，可以把它作为质点来处理

D.因为原子核很小，所以一定能把它看成质点

11.下列物理量中，不是矢量的是（）

A.加速度B.位移C.瞬时速度D.路程

12.两个做匀变速直线运动的质点，下列说法中正确的是（）

A.经过相同的时间，速度大的质点加速度必定大

B.若初速度相同，速度变化大的质点加速度必定大

C.若加速度相同，初速度大的质点的末速度一定大

D.相同时间里，加速度大的质点速度变化必定大

13.下列与力有关的说法中正确的是（）

A.相互接触的物体间一定有弹力作用

B.细杆对物体的弹力总是沿着杆，并指向杆收缩的方向

C.书对桌面的压力就是书的重力

D.轻绳对物体的拉力是由轻绳的形变产生的，其方向指向轻绳收缩的方向

14.图为某物体做直线运动的速度-时间图象，请根据该图象[Mm•s'）

判断下列说法正确的是（）8卜、

A.物体第3s初的速度为零（）|>.__

12567/S

B.物体的加速度为—4m/s2\

C.物体做的是单向直线运动

D.物体运动的前5s内的位移为26nl

15.对于地球施于物体的重力，下列说法中正确的是。（）

A.重力就是地球对物体的吸引力

B.向上抛出的物体不受重力作用

C.只有静止在地面上的物体才受重力

D.地球附近，处于任何运动状态的物体都要受到重力的作用

16.雨中行车需要保持较大的行车距离，假设某汽车以30/cm"的速度行驶，采取制动后，刹

车距离为9（hn,如果以50km//i的速度行驶，以同样大的加速度刹车，则刹车距离为（）

A.100mB.200mC.250mD.500m

17.在半球形光滑碗内，斜放一根筷子，如图所示，筷子与碗的接触点分别为4、8,则碗对

筷子4、B两点处的作用力方向分别为（）

A.A点处指向球心。，B点处竖直向上

B.均竖直向上

C.4点处指向球心。，B点处垂直于筷子斜向上

D.均指向球心。

二、多选题（本大题共7小题，共28.0分）

18.为了备战2020年东京奥运会，我国羽毛球运动员进行了如图所示的原地纵

跳摸高训练。已知质量m=60kg的运动员原地静止站立（不起跳）摸高为2.10m,L

比赛过程中，该运动员先下蹲，重心下降0.5zn,经过充分调整后，发力跳起摸1

到了2.90m的高度。若运动员起跳过程视为匀加速运动，忽略空气阻力影响，g

取10m/s2。则（）

A.运动员起跳过程处于超重状态

B.起跳过程的平均速度比离地上升到最高点过程的平均速度大

C.起跳过程中运动员对■地面的压力为960N

D.从开始起跳到双脚落地需要1.05s

19.如图所示，传送带的水平部分长为3传动速率为。，在其左端无初速度释放一小木块，若

木块与传送带间的动摩擦因数为〃，则木块从左端运动到右端的时间可能是

n

（Q

2L

Aj+期B-pD.

c瑞v

20.如图所示，带支架的平板小车沿水平面向左做直线运动，小

球4用细线悬挂于支架前端，质量为m的物块B始终相对小车静

止地摆放在右端•B与小车平板间的动摩擦因数为〃。若某时刻

观察到细线偏离竖直方向。角，则此刻（）

A.小车对物块B的摩擦力大小为卬ng

B.小车对物块B的摩擦力水平向左

C.小车对物块8的摩擦力大小为jngttme

D.小车对物块B的合力大小为mgVl+taM。

21.关于位移和路程，下列说法正确的是（）

A.物体沿直线向某一方向运动，通过的路程就是位移

B.物体沿直线运动，通过的路程等于位移的大小

C.物体通过一段路程，其位移可能为零

D.两物体通过的路程不等，位移可能相同

22.如图是甲乙两个物体在同一直线上运动的位移图象，由图象可知（）

A.乙开始运动时，两物体相距20米

B.在0〜10s这段时间内，两物体间的距离逐渐增大

C.在10〜25s这段时间内，两物体间的距离逐渐减小

D.两物体在10s时相距最远，在25s时相遇

23.如图所示为六个共点力，相邻两个力间的夹角为60。，大小（尸

如图所示，则它们的合力（）\/

A.大小为6F-----------------7\-----

B.大小为66产'

C.方向与5F的方向相同

D.方向无法确定

24.A、B两车在同一直线上做匀变速直线运动，它们的速度-时间图

象如图所示，其中t=4s时，两车并排行驶，下列说法正确的是（）::卜

A.A、B两车的运动方向相反

B.t=0时，4车在前，B车在后0246

C.t=8s时，AB两车还会并排行驶一次

D.在相遇前，4、B两车的最远距离为20m

三、实验题（本大题共3小题，共28.0分）

25.用如图甲所示的实验装置，探究加速度与力、质量的关系实验中，将一端带定滑轮的长木

板放在水平实验桌面上，实验小车通过轻细绳跨过定滑轮与砂桶相连，小车与纸带相连，打

点计时器所用交流电的频率为f=50Hz.平衡摩擦力后，在保持实验小车质量不变的情况下，

放开砂桶，小车加速运动，处理纸带得到小车运动的加速度为a；改变砂桶中沙子的质量，重

复实验三次。

(1)在验证“质量一定，加速度a与合外力F的关系”时，某学生根据实验数据作出了如图乙

所示的a-F图象，其中图线不过原点并在末端发生了弯曲现象，产生这两种现象的原因可能

有。

A.木板右端垫起的高度过小(即平衡摩擦力不足)

B.木板右端垫起的高度过大(即平衡摩擦力过度)

C.砂桶和沙子的总质量m远小于小车和祛码的总质量M(即m«M)

£>.砂桶和沙子的总质量小未远小于小车和祛码的总质量”

(2)实验过程中打出的一条理想纸带如图丙所示，图中0、A、B、C、D、E、产为相邻的计数

点，相邻两计数点间还有4个点未画出，则小车运动的加速度a=m/s2.(结果保留3位

有效数字)

(3)小车质量M一定，改变砂桶中沙子的质量，砂桶和沙子的总质量为m,根据实验数据描绘

出的小车加速度a与砂桶和沙子的总质量6之间的工-工关系图象如图丁所示，则小车的质量

am

M—kg.(g-10m/s2)

26.在利用重锤自由下落测量重力加速度的实验中：

(1)若实验中打下的纸带如下图所示，已知打点计时器频率为50”z,则相邻计数点时间间隔

为。

(2)由纸带测量的数据可得相邻相等时间内的位移差BC—AB=,CD-BC=,

由此可得出的结论是自由落体运动是运动。

(3)求重锤在位移AD内的平均速度为：,重锤经过B点时的瞬时速度为：,重锤

经过C点时的瞬时速度为：,并测得其自由落体运动的加速度为(结果保留两位

有效数字)。

27.在“验证里的平行四边形定则”的实验中：某同学的实验情况如图甲所示，其中4为固定

橡皮筋的图钉，。为橡皮筋与细绳的结点，0B和0C为细绳。图乙是在白纸上根据实验结果画

出的图。

(1)图乙中是力姆和尸2的合力的真实值；是力&和尸2的合力的实际测量值。

(2)为完成实验，下述操作中必需的是。

4测量两细绳的长度

B.测量橡皮筋的原长

C.测量悬挂重物后橡皮的筋长度

。.记录橡皮筋拉伸后结点的位置

(3)本实验采用的科学方法是。

A.理想实验法

B.等效替代法

C.控制变量法

。.建立物理模型法

甲乙

四、计算题（本大题共7小题，共76.0分）

28.2012年10月，奥地利极限运动员菲利克斯・鲍姆加特纳乘热气球升至约39/cni的高空后跳下,

经过4分20秒到达距地面约1.5km高度处，打开降落伞并成功落地，打破了跳伞运动的多项世

界纪录，取重力加速度的大小g=10m/s2.

4001/（小）

350;.••**

—•

3001­,

*

*

2501•

2007.

t/s

150「।」一i।一1।।।।।।।।—>

203040506070R090100

（1）忽略空气阻力，求该运动员从静止开始下落至1.5km高度处所需的时间及其在此处速度的

大小；

（2）实际上，物体在空气中运动时会受到空气的阻力，高速运动时所受阻力的大小可近似表示

为f=kv2,其中"为速率，k为阻力系数，其数值与物体的形状、横截面积及空气密度有关.已

知该运动员在某段时间内高速下落的u-t图象如图所示，若该运动员和所穿装备的总质量

m=100kg,试估算该运动员在达到最大速度时所受阻力的阻力系数.（结果保留1位有效数

字）

29.为提高冰球运动员的加速能力，教练员在冰面上与起跑线距离so（未知）和Si（S]<S。）处分

别设置一个挡板和一面小旗，如图所示。训练时，让运动员和冰球都位于起跑线上，教练员

将冰球以初速度火击出，使冰球在冰面上沿垂直于起跑线的方向滑向挡板；冰球被击出的同

时，运动员垂直于起跑线从静止出发滑向小旗。训练要求当冰球到达挡板时，运动员至少到

达小旗处。假定运动员在滑行过程中做匀加速运动，冰球到达挡板时的速度为％,冰球与冰

面间的动摩擦因数为4,重力加速度大小为g。求：

（1）起跑线与挡板间的距离So：

（2）满足训练要求的运动员的最小加速度。

挡板

/////〃///〃/,

H小旗

So

Si

“起跑线

^5二运动员

30.如图所示，一质量m=0.4/cg的小物块，以%=2m/s的初速F/

度,在与斜面成某一夹角的拉力尸作用下，沿斜面向上做匀加速‘%兹/

运动，经£=2s的时间物块由4点运动到8点，4、B之间的距离L=_____________

10mo已知斜面倾角8=30°,物块与斜面之间的动摩擦因数〃=学重力加速度g取10m/s2。

(1)求物块加速度的大小及到达B点时速度的大小；

(2)拉力F与斜面夹角多大时，拉力F最小？拉力F的最小值是多少？

31.如图所示，有一个可视为质点的质量为m=1kg的小物块，从光滑平台上的4点以为=

3m/s的初速度水平抛出，到达C点时，恰好沿C点的切线方向进入固定在水平地面上的光滑

圆弧轨道，最后小物块滑上紧靠轨道末端。点的质量为M=3kg的长木板。己知木板上表面

与圆弧轨道末端切线相平，木板下表面与水平地面之间光滑，小物块与长木板间的动摩擦因

数〃=0.3,圆弧轨道的半径为R=0.5m,C点和圆弧的圆心连线与竖直方向的夹角。=53。,

不计空气阻力，求:(g=10m/s2,sin53°=0.8,cos530=0.6)

(1)4、C两点的高度差；

(2)小物块刚要到达圆弧轨道末端。点时对轨道的压力；

(3)要使小物块不滑出长木板，木板的最小长度。

32.某物体做匀加速直线运动，初速度的大小为2m/s,物体运动24nl时的速度为14m/s,求：

(1)物体运动的加速度为多大？

(2)第2s内的位移多大？

(3)第5s初的速度为多大？

33.如图，一质量为Mg的木块，恰好能沿倾斜角为。=37。的斜面/

匀速下滑，(g取10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0,8»)

(1)求斜面对物块的支持力多大？____________

(2)求物块与斜面之间的摩擦力多大？

(3)求物块与斜面之间的动摩擦因数多大？

34.汽车前方1207n有一自行车正以6m/s的速度匀速前进，汽车以18m/s的速度追赶自行车,

若两车在同一条公路不同车道上做同方向的直线运动，求：

(1)经多长时间，两车第一次相遇？

(2)若汽车追上自行车后立即刹车，汽车刹车过程中的加速度大小为2zn/s2,则再经多长时间

两车第二次相遇？

答案和解析

1.【答案】B

【解析】

【分析】

对物体受力分析由牛顿第二定律求出加速度，由运动学公式求出速度、位移及下降高度与时间的

关系即可求得。

本题主要考查了运动学公式以及运动图象，关键是把s、九、〃和a与时间的表达式表示出来即可;

注意掌握牛顿第二定律以及运动学公式的正确应用。

【解答】

。.在下滑过程中，物体的加速度为mgsin。-“mgcosO=ma,a=gsind-ngcosd<0,加速度

的大小保持不变，图象为与时间轴平行的直线，故£>错误；

C.下滑过程中速度大小关系为u=v0+at=v0+(gsinO-林gcos31t,速度与时间之间是线性关

系，所以速度图线是一条倾斜直线，故C错误；

AB.物体向下做匀减速运动，故下滑的位移为s=u0t+：at2,故位移一时间关系的图象是向下弯

2

曲的曲线，下降的高度为/i=ssin。=votsinO+^asin9t,是向下弯曲的线，故B正确，A错误。

2.【答案】D

【解析】

【分析】

将两球和弹簧B看成一个整体，分析受力情况，根据平衡条件求出弹簧4、C拉力之比，即可由胡

克定律得到伸长量之比。

本题首先要选择好研究对象，其次正确分析受力情况，作出力图，再由平衡条件求解。

【解答】

将两球和弹簧B看成一个整体，整体受到总重力G、弹簧4和C的拉力，如图，设弹簧4、C的拉力

分别为Fi和尸2.由平衡条件得知，尸2和G的合力与居大小相等、方向相反，则「I、

得：F2=&sin30。=0.5&。\

根据胡克定律得：F=kx,k相同，则弹簧4、C的伸长量之比等于两弹簧拉\

力之比，即有当：和=&：「2=2：1,故。正确，A8C错误。

故选£)。

3.【答案】B

【解析】解：AB、对M和m整体受力分析，受重力和支持力，二力平衡，犬’，、

故桌面对斜面体的支持力为N=(M+m)g,静摩擦力为零，故A错误，,法步"

B正确；

CD,对木块m受力分析，受重力、支持力和静摩擦力，根据平衡条件，

有；

f=mgsina①

N—mgcosa②

故CO错误；

故选：B。

先对M和小整体受力分析，受重力和支持力，二力平衡；再对木块m受力分析，受重力、支持力和

静摩擦力，根据平衡条件求解支持力和静摩擦力。

本题关键灵活地选择研究对象，运用隔离法和整体法结合求解比较简单方便.

4.【答案】D

【解析】解：4、原木相对于地有向左运动的趋势，则在M处受到的摩擦力沿地面向右，故A错误；

B、因原木P有沿原木向下的运动趋势，所以N处受到的摩擦力沿MN方向，故B错误；

C、N处受到的支持力的方向与原木P垂直向上，不是竖直向上，故C错误；

。、M处受到的支持力的方向与水平地面垂直向上，即竖直向上，故力正确；

故选：Do

支持力的方向是垂直于接触面指向被支持的物体，静摩擦力的方向是与相对运动趋势的方向相反,

由此可判知各选项的正误.

解决本题的关键要掌握支持力和静摩擦力方向的特点，并能正确分析实际问题.支持力是一种弹

力，其方向总是与接触面垂直，指向被支持物.静摩擦力方向与物体相对运动趋势方向相反.

5.【答案】D

【解析】解：以物体为研究对象，根据作图法可知，当拉力尸与

细线垂直时最小；

根据平衡条件得

产的最小值为尸1nM=Gsin300=5x0.5/V=2.5N,故。正确,ABC

错误。

故选：Do

以物体为研究对象，采用作图法分析出在什么条件下拉力F最小。

再根据平衡条件求解F的最小值。

本题是物体共点力平衡中的极值问题，难点在于分析F取得最小值的条件；本题解法采用了作图

法求解，也可以采用函数法进行分析，求出最小值。

6.【答案】C

【解析】解：设汽车加速度为a,对于ab段有：x=|at2；

=

同理，对于ac段有：2%="atg,对于ae段有：4x=ga抬，联立解得：t22t>

故通过ce的时间为At=t2-口=(2-V5)t；故AB。错误，C正确；

故选：C。

根据位移与时间关系公式写出ab段的位移时间关系，同理，写出ac段、ae段的位移时间关系，求

出其运动时间，求其差值即可计算ce段的时间；

熟练掌握速度位移关系公式，根据比值求解可避开复杂运算，变得比较简单；

7.【答案】A

【解析】解：4、分解船的实际速度，如图所示:

沿绳缩短方向和垂直绳子方向，有也;。5。=也，可知人拉绳行走的速度为DCOS。，故A正确;

B、人向左运动，船靠近岸，。增大，"os。在减小，所以人向左做减速运动，故8错误；

C、船在匀速运动，加速度a=0,故C错误；

D、拉力的功率P=Fucos。，故。错误。

故选：4。

根据关联速度的关系结合几何关系得出人的速度；

根据角度的变化分析出人的速度变化趋势；

根据船的运动状态得出其加速度的大小；

根据功率的计算公式完成分析。

本题主要考查了关联速度的相关应用，理解绳上速度的大小关系，结合几何关系和功率的计算公

式即可完成分析。

8.【答案】D

【解析】解：4、若〃〉tan。，则mgsizi。一“mgcosO<0.所以滑块不会下滑。故4错误。

B、若〃<tan。，mgsind-fimgcosd>0,则合力大于0,所以滑块会受到向下的力，将加速下

滑，故B错误；

C、如果从=tcrnO./ngsiri。-“mgcos。=0,则合力等于零。则无需拉力拉动，滑块只需要有给他

一个速度即可以匀速向下滑动了，故C错误；

。、如果〃=tan。，则合力等于0.当滑块向上运动的时候，摩擦力方向与运动相反，即向下，所以

向上的拉力大小F=mgsind+[imgcosd,因为〃=tand,所以mgsin。=fimgcosd,所以F=

2mgsin9,故。正确。

故选：D。

对物体受力分析，根据重力沿斜面方向分力与摩擦力大小的关系判断滑块的运动情况，当物体做

匀速运动时，根据共点力平衡进行分析.

解决本题的关键能够正确地受力分析，会根据物体的受力判断物体的运动规律.

9.【答案】D

【解析】解：设两个小球的质量都为粗，以4B球整体作为研究对象，4处于静止状态受力平衡，

由平衡条件得：

细线拉力7=2mgtan60°—2amg，

剪断细线瞬间弹簧的弹力没有变化，4球受到的合力与原来细线的拉力大小相等，方向相反，由

牛顿第二定律得：4=嘤㈣=269，

B球的受力情况不变，则加速度仍为0,故。正确。

故选：Do

对小球受力分析，根据平衡条件求水平轻绳的拉力大小，剪断轻绳瞬间弹簧的弹力没有变化，绳

子的拉力为零，根据牛顿第二定律求解即可。

本题平衡条件和牛顿第二定律的综合，关键要明确弹簧的弹力不能突变，剪断轻绳瞬间弹簧的弹

力没有变化。

10.【答案】C

【解析】解：4、研究一端固定可绕该端转动的木杆的运动时，木杆的形状和大小不能忽略，不

能作为质点来处理。故A错误。

从研究杂技演员在走钢丝的表演时，杂技演员不能当作质点来处理。因为杂技演员的动作、造型

等对观赏、评判等影响很大。故B错误。

C、船的大小和形状相对于茫茫大海很小，要确定它在大海的位置时，可以把它当作质点来处理。

故C正确。

。、原子核很小，但在研究原子核内部结构时;原子的大小不能忽略，不能把原子当作质点来处

理。故。错误。

故选:Co

研究物体的运动时，当物体的大小和形状对所研究的问题没有影响或影响可忽略不计时，可以把

物体当作质点。根据这个条件进行判断。

当研究物体本身的转动时，物体不能当作质点处理。对于通过运动员的动作、造型、姿势等观看、

评分的运动项目，运动员不能看作质点。

11.【答案】。

【解析】

【分析】

矢量是既有大小又有方向的物理量，标量是只有大小没有方向的物理量.

解决本题关键要知道矢量与标量的区别：矢量有方向，标量没有方向.

【解答】

加速度、位移和瞬时速度都是既有大小又有方向的矢量，而路程只有大小没有方向，是标量，故

ABC错误，。正确。

故选：D.

12.【答案】D

【解析】解：人根据加速度的定义式。=¥=可知加速度与初速度、时间、末速度都有

关，经过相同时间，速度”大的质点，加速度不一定大，还与质点的初速度有关。故4错误。

8、若初速度相同，速度变化大的质点加速度不一定大，还与速度变化所用时间t有关。故B错误。

C、若加速度相同，由速度公式"=%+砒可知，初速度大的质点末速度不一定大，还与时间有

关。故C错误。

。、由加速度定义式可知，相同时间内，加速度大的质点，速度变化必定大.故。正确。

故选：D。

根据加速度的定义式。=称=[”，分析加速度与初速度、时间、末速度的关系.由加速度定义

式可知，相同时间内，加速度大的质点，速度变化△度必定大.

本题的解题关键是掌握加速度的定义式，准确理解加速度的物理意义,把握加速度与速度的关系.

13.【答案】D

【解析】解：小弹力的产生条件是直接接触并发生弹性形变，所以相互接触的物体间不一定有

弹力作用，故A错误；

8、杆的弹力不一定沿着杆的方向，比如水平杆末端固定一小球，处于静止，则杆对小球的作用力

是竖直向上。故B错误；

C、书对桌面的压力是由于重力而引起的，却不是重力，故C错误；

。、轻绳对物体的拉力是由绳的形变产生的，其方向指向轻绳收缩的方向，故。正确；

故选：D。

弹力的产生条件是直接接触并发生弹性形变，弹力的方向与接触面相垂直，绳子的弹力一定沿绳

子的收缩方向，而杆的弹力不一定沿着杆的方向.

考弹力的产生条件，弹力方向.特别注意有接触不一定有弹力，有弹力必定接触.弹力的方向与

接触面相互垂直.

14.【答案】B

【解析】解：4、物体第3s初的速度为4m/s。故A错误。

B、物体的加速度a=罪=^-^-m/s2——4zn/s2.故B正确。

C、物体前3s向正方向运动，3s末以后向负方向运动。故C错误。

D、物体运动的前3s内的位移为x3m=18m,后2s内位移灯=一^x2m=—8m

则物体运动的前5s内的位移为久=x1+x2=10m,故。错误

故选：B。

由图直接读出第3s初的速度.图线的斜率表示加速度.物体前3s向正方向运动，3s末以后向负方

向运动.根据“面积”求解位移.

本题中。项容易出错，要注意位移的方向，不能仅仅从面积求解位移大小.

15.【答案】D

【解析】解：4、重力是地球对物体的吸引力的一部分，地球对物体的吸引力的另一部分提供物

体随地球做匀速圆周运动的向心力，故4错误；

BCD、地球上或地球附近的任何物体都要受到重力作用，不论物体运动还是静止，也不论物体做

什么样的运动。重力的方向总是竖直向下。故。正确，BC错误。

故选：

重力是指由于地球的吸引而使物体受到的力，地球附近的物体都有受到重力，重力方向总是竖直

向下.

地球附近的物体都有受到重力，是很重要的一点.在很多题目中，对物体进行受力分析时，重力

是最常见的一个力.题目要分析受到哪几个力，首先就要考虑重力的存在.

16.【答案】C

【解析】解：f1=30km/h=ym/sv2=50km/h—牛m/s

汽车以30km//i的速度行驶，采取制动后，说=2asi

汽车以50km"的速度行驶，采取制动后，vj=2as2

联立解得：s2=250m,故A8D错误，C正确；

故选：Co

根据速度位移的关系式可求得刹车的加速度大小，再由速度位移的关系式可求得以50km/h的速度

行驶刹车行驶的距离。

本题考查了匀变速运动的速度位移的关系式的应用，把握加速度大小相等即可求解，基础题目。

17.【答案】C

【解析】

【分析】

4B两点均受支持力，而支持力是一种弹力，其方向与接触面垂直，并且指向被支持物.

本题考查弹力的性质，注意明确弹力通常有三种：支持力、压力和拉力。对于球形物体，若两个

物体是点与点接触型，支持力常常指向球心。

【解答】

碗对筷子4B两点处都有支持力。

在A处：筷子与碗的接触面是碗的切面，碗对筷子的支持力垂直切面指向筷子，根据几何知识得

知，此方向指向球心。，即A点处碗对筷子的支持力指向球心。。

在B处：筷子与碗的接触面就是筷子的下表面，所以B点处碗对筷子的支持力垂直于筷子斜向上。

故C正确，错误。

故选：Co

18.【答案】AD

【解析】解：4、在起跳过程中可视为匀加速直线运动，加速度方向竖直向上，所以运动员起跳

过程处于超重状态，故A正确；

B、在起跳过程中做匀加速直线运动，起跳过程的平均速度后=等=]

运动员离开地面后做竖直上抛运动，离地上升到最高点过程的平均速度a=亨=：

故B错误；

C、运动员离开地面后做竖直上抛运动，根据2gh=可也应=方次=J2x10x(2.9—2.1)m/

s=4m/s

在起跳过程中根据速度一位移公式可知2a//i=v2

对运动员根据牛顿第二定律可知F/v-mg=ma

解得FN=1560/V

根据牛顿第三定律可知，对地面的压力为1560N,故C错误;

D、起跳过程运动的时间0=?=也=0.25s

起跳后运动的时间12=：=Rs=0.4s

故运动的总时间t="+2t2=0.25s+2X0.4s=1.05s

故O正确。

故选：AD.

运动员起跳过程视为匀加速运动，加速度向上，处于超重状态；运动员离开地面后竖直上抛，处

于完全失重状态；根据速度一位移公式求得初速度；起跳过程中，根据速度一位移公式求得加速

度，根据牛顿第二定律求得作用力；根据速度一时间公式求得加速和减速阶段的时间即可求得上

升的时间，对比选项即可判断。

本题主要考查了牛顿第二定律和运动学公式，加速度是解决问题的中间桥梁，明确运动过程是解

题的关键。

19.【答案】AD

【解析】

【解答】

C.若木块沿着传送带的运动是一直加速，根据牛顿第二定律，有卬ng=ma,根据位移时间公式，

有：L=^at2,解得t=巴故C错误。

BD.若一直加速到达另一端的速度恰好为v,则有Z=解得t=%,故。正确，8错误.

2V

v2

A.若先加速后匀速，则匀加速运动的时间匕=5=*,匀速运动的时间=函_L__L，则总

a凶t2-v-v2ng

时间t=t]+12=（+故A正确。

故选：AD.

【分析】

木块沿着传送带的运动可能是一直加速，也可能是先加速后匀速，对于加速过程，可以先根据牛

顿第二定律求出加速度，然后根据运动学公式求解运动时间。

本题关键是将小滑块的运动分为两种情况分析，一直匀加速或先匀加速后匀速，然后根据牛顿第

二定律和运动学公式列式求解。

20.【答案】CD

【解析】解：以整体（小车、支架、小球、物块）为研究对象，其加速度方向只能是水平方向，以

小球4为研究对象，受力分析知其合力水平向右，由牛顿第二定律有

mAgtand=mAa

可得小车向左做加速度大小为a=gtan。的匀减速运动

以物块B为研究对象，小车对物块B向右的静摩擦力为：

Ff=ma=mgtand

小车对物块B竖直向上的支持力

FN=mg

则根据勾股定理可知，小车对物块B的合力大小为：

2

F=J(FN)2+(%―=m5Vl+tan0

方向为斜向右上方.

故选：CD。

根据对小球A的受力分析，结合牛顿第二定律得出对应的加速度，将加速度代入到B物体计算出B物

体受到的摩擦力，再对小车进行受力分析，结合牛顿第二定律得出小车对物块B的合力。

本题主要考查了牛顿第二定律的相关应用，熟悉整体法和隔离法，结合几何关系和牛顿第二定律

即可完成分析。

21.【答案】CD

【解析】解：4、位移是矢量，路程是标量，不能说位移就是路程或路程就是位移，故A错误；

8、当物体做单向直线运动时，位移的大小等于路程，其它情况位移的大小小于路程.故8错误；

C、质点通过一段路程，可能初末位置重合，位移为零.故C正确.

。、只要初末位置相同，位移就相同，运动轨迹可以不同，故。正确

故选CD

位移是指从初位置到末位置的有向线段，位移是矢量，有大小也有方向；

路程是指物体所经过的路径的长度，路程是标量，只有大小，没有方向.

本题就是对位移和路程的考查，掌握住位移和路程的概念就能够解决了.

22.【答案】BCD

【解析】解：4由图知：乙从原点出发，乙开始运动时，甲的位置坐标大于20TH,则两物体相距

大于20m。故A错误。

8、在0〜10s这段时间内，乙静止在原点，甲沿正向做匀速直线运动，则两物体间的距离逐渐增

大，故B正确。

C、位移时间图象的斜率等于速度，斜率越大，速度越大，则知在10〜25s这段时间内，甲的运动

速率小于乙的运动速率，甲在乙的前方，则两者距离逐渐减小。故C正确。

。、由上分析知，两物体在10s时相距最远，当t=25s时，两个物体到达同一位置相遇，故。正

确。

故选：BCD.

由图读出甲乙是同时出发的，出发地点不同.根据位移图象的斜率比较速度的大小，斜率越大，

速度越大.根据速度和位置关系分析两者距离的变化.

本题是位移时间图象问题，关键要直接读出质点开始运动的时刻和位置，明确斜率表示质点的速

度大小.

23.【答案】AC

【解析】解：力F与4F的合力大小为Fi=3F,方向与4F相同；

力2F与5F的合力大小为尸2=3F,方向与5F相同；

力3尸与6F的合力大小为尸3=3F,方向与6F相同；

由此得知，片与尸3的夹角为120。，合力大小为3F,方向与尸2方向相同，

则6个力的合力大小为?合=6F,方向沿5F的方向，故4c正确，8Z）错误。

故选:ACo

物体共受到6个共点力作用，先将同一直线上的两个力进行合成，求出合力，再将这三个合力进行

求解6个力的合力。

本题是多个力的合成，技巧是先将同一直线上的力进行合成。合成时不能将力遗漏。

24.【答案】BD

【解析】解：力、48两车的速度都是正值，代表两车运动方向相同。故A错误。

B、并排行驶前，B车速度比4车速度大，说明开始时4车在前，B车在后，故8正确。

C、t=4s后，A的速度比B车的速度大，两车不会再相遇，故C错误。

以相遇前,4、B两车的距离越来越小，开始时距离最大，根据图象可知最大距离5=等m=20m。

故。正确。

故选：BDo

根据速度的正负判断A、B两车的运动方向，根据力、B两车的运动情况确定4、B两车的最远距离。

解决本题的关键要理解速度时间图线的物理意义，知道速度的正负表示速度方向，图线与时间轴

围成的面积表示位移。

25.【答案】BD2.000.8

【解析】解：(1)图线不过原点且力为零时小车加速度不为零；所以木板右端垫起的高度过大(即

平衡摩擦力过度)，图线末端发生了弯曲现象，是因为当砂桶和沙子的总质量m未远小于小车和祛

码的总质量M后，故8、。正确，A、C错误。

故选：BD.

(2)相邻两计数点间还有4个点未画出，则两计数点间时间间隔为：

T=0.1s,

根据△x=a7'2,运用逐差法得，小车运动的加速度为：

"_XCF-XOC_(7.98+10.01+11.99-2.0()-3.96-6.02)x1()-2巾"2_onOm/Q2

a-^-----------------------5^01---------------------m/s-2.00m/s°

(3)设绳子拉力为7,对砂桶和沙子受力分析，由牛顿第二定律可得：

mg--T=ma,

对小车和祛码受力分析，由牛顿第二定律可得：T=Ma

联立解得：。二盘

整理得：-a=-g+gm

由工一工关系图象可得：3="券

amg5

解得：M=0.8kg。

故答案为：⑴BD；(2)2.00；(3)0.8

(1)根据尸=0,a不等于0分析图线不过原点的原因，抓住图线的斜率表示质量的倒数，当不满足

m<<M时，图线上端会出现弯曲。

(2)根据连续相等时间内的位移之差是一恒量，运用逐差法求出加速度。

(3)运用隔离法，根据牛顿第二定律得出;与5的关系式，结合图线的斜率求出小车的质量。

该题考查了实验注意事项、实验数据处理分析，知道实验原理及注意事项即可正确解题：探究加

速度与力、质量的关系实验时，要平衡小车受到的摩擦力，不平衡摩擦力、或平衡摩擦力不够、

或过平衡摩擦力，小车受到的合力不等于钩码的重力。

26.【答案】0.02s3.89mm3.87mm匀加速直线0.88m/s0.85m/s9.7m/s29.7m/s2

【解析】解：(1)相邻计数点时间间隔为7=，=4s=0.02s

(2)由图可知BC-AB=OC-OB-(OB-OA)=(46.94-29.25)mm-(29.25-15.45)mm=

3.89mm

CD-BC=OD-OC-(OC-OB)=(68.50-46.94)mm-(46.94-29.25)mm=3.87mm

相邻相等时间内的位移差在误差允许的范围内近似相等，由此可得出的结论是自由落体运动是匀

加速直线运动。

⑶重锤在位移力。内的平均速度为50=丝=(68.50-15.45)'10-3及收2°旧.人

37"*3x0.02

重锤经过8点时的瞬时速度为方==竺=(46.94-15.45)x10-^^右。凡小

2T2x0.02

(6850-29.25)x10

重锤经过C点时的瞬时速度为%=逅=吧=、/S。098m/5

27*2x0.02

重锤自由落体运动的加速度为g=生笋=婚尸经士22岁位”32x9.7m/s2

故答案为：(1)0.案s；(2)3.89nwn；3.87mm；匀加速直线；(3)0.88m/s；0.85m/s；9.7m/s2

(1)根据打点计时器的频率得出计数点的时间间隔；

(2)根据图片得出对应的位移差，从而得出其运动类型；

(3)根据匀变速直线运动的规律得出重锤的瞬时速度，结合逐差法计算出自由落体的加速度。

本题主要考查了打点计时器测量速度和加速度的实验，根据实验原理掌握正确的实验操作，结合

运动学公式和逐差法即可完成分析。

27.【答案】FF'DB

【解析】解：(1)平行四边形定则合成的力为合力，则平行四边形的对角线尸表示Fi和F2的合力的

真实值，F'为实际测量值。

(2)ABC.两细绳的长度、橡皮筋的原长、悬挂重物后橡皮的筋长度都与实验结果无关，故ABC错

误；

。.记录橡皮筋拉伸后结点的位置是为了保证作F'的效果与6和尸2的效果相同，故。正确.

故选：Do

(3)本实验采用的科学方法是等效替代法，故ACZ)错误，8正确；

故选：B。

故答案为:(1)F;(2)尸;(3)。；(4)B。

(1)根据力的平行四边形法则分析；

(2)根据力的平行四边形法则实验的操作要点分析；

(3)本实验采用等效替代法。

理解平行四边形法则，并熟悉平行四边形法则实验操作步骤，是本题的关键。

28.【答案】解：(1)设运动员从开始自由下落至1.50n高度处的时间为3下落距离为S,在1.5人山高

度处的速度为"，根据运动学公式，有：

v=gt①

=\gt2②

根据题意，有：

s=39fcm—1.5km=37.5fcm=37500m③

联立①②③解得：

t=86.6x87s,

v—870m/s；

(2)该运动员达到最大速度加以时，加速度为零，根据牛顿第二定律，有：

mg=kv^ax④

由所给的u-t图象可读出：

vmaxb360m/s⑤

联立④⑤解得：

k=0.008kg/m.

【解析】(1)忽略空气阻力，运动员做自由落体运动，根据速度时间关系公式和位移时间关系公式

列式后联立求解即可；

(2)由图象得到最大速度，然后根据平衡条件列式求解即可.

本题关键是明确运动员的受力情况和运动情况，知道当阻力与重力平衡时，运动员的速度达到最

大值，不难.

29.【答案】解：(1)对冰球小，由牛顿第二定律

max—timg

由运动学公式得

-2«iso=vl-vl

联立得So=笋

(2)设冰球运动的时间为3则次=v0-

又Si=1at2

2s1〃2g2

得a=

Sof)

答：(1)起跑线与挡板间的距离为缪;

)22

(2)满足训练要求的运动员的最小加速度为悬言

【解析】(1)根据牛顿第二定律结合运动学公式得出起跑线与挡板间的距离;

(2)根据速度一时间公式和位移一时间公式得出最小的加速度。

本题主要考查了牛顿第二定律的相关应用，根据牛顿第二定律和运动学公式联立等式即可完成分

析。

30.【答案】解：(1)设物块加速度的大小为a,到达8点时速度的大小为外由运动学公式得：

1

L=vot+^。产...①

v=vQ+at…②

联立①②式，代入数据得：

a—3m/s2…③

v—8m/s…④

(2)设物块所受支持力为凤，所受摩擦力为与，拉力与斜面间的夹角为a，受力分析如图所示,

由牛顿第二定律得:

Fcosa—mgsinO-/y=ma...⑤

Fsina+FN—mgcosO=0…⑥

又6=林FN…⑦

联立⑤⑥⑦式得：尸=%鬻韶％…⑧

由数学知识得：cosa+^-sina=^^sin(60°+a)…⑨

由⑧⑨式可知对应最小尸的夹角a=30。...⑩

联立③⑧⑩式，代入数据得产的最小值为：Fmin=^.N

答：(1)物块加速度的大小为3m/s2,到达B点时速度的大小为8m/s；

(2)拉力F与斜面夹角30。时拉力产最小，拉力尸的最小值是萼N

【解析】(1)物体做匀加速直线运动，根据运动学公式求解加速度