江苏省南京市秦淮区钟英中学2024-2025学年九年级上学期第一次月考物理试卷

2024-2025学年江苏省南京市秦淮区钟英中学九年级（上）第一次月考物理试卷一、单选题：本大题共12小题，共24分。1.如图所示的工具中，使用时属于省距离杠杆的是(

)

A.图甲：开瓶器开瓶盖 B.图乙：筷子夹食物

C.图丙：定滑轮提升物体 D.图丁：天平称物体质量2.如图所示，a、b、c三种情况下，用大小相同的力F使同一物体沿不同的轨迹移动了相同的距离s，对于三种情况下拉力F所做的功分析正确的是(

)

A. B. C. D.3.下列对物理量的估计符合实际情况的是(

)A.小明将掉在地上的物理书检回桌面的过程中做功约为

B.一个中学生从一楼走到三楼克服重力做功约为300J

C.中学生骑自行车的功率约为70W

D.机械经改进后效率可达4.如图所示的情境中，对物体不做功的是(

)

A.图甲：用力搬石头，没有搬动 B.图乙：将重物从地面拉到高处

C.图丙：推车向前运动 D.图丁：挺举杠铃的过程5.下列有关机械做功、功率、机械效率的说法，正确的是(

)A.机械效率越高的机械，功率越大 B.做功越多的机械，功率越大

C.功率越大的机械，做功越快 D.做有用功越多的机械，机械效率越高6.关于温度、热量、内能和比热容，下列说法正确的是(

)A.物体吸收了热量，温度一定升高

B.温度相同的物体，内能一定相同

C.温度相同的两个物体之间一定不会发生热传递

D.物体的温度升高，比热容一定变大7.学校趣味运动会举行“双摇跳绳”比赛，“双摇跳绳”是指每次在双脚跳起后，绳连续绕身体两周的跳绳方法。质量为50kg的小明同学内摇绳200圈，每次起跳高度大约为12cm，则他在整个跳绳过程中的平均功率为(

)A.10W B.50W C.100W D.200W8.如图所示，AOB为一杠杆，O为支点，杠杆自重不计，，在杠杆右端A处用细绳悬挂重为G的物体，当BO段处于水平位置时，为保持杠杆平衡，需在B端施加最小的力为；当AO段在水平位置而保持杠杆平衡时，在B端施加最小的力，则(

)

A. B. C. D.无法比较9.把一个石块竖直向上抛出，运动到最高点并下落。A、B是石块运动轨迹中的两个点，石块在这两点的动能和重力势能如表中所示，则石块在B点处的运动方向可能的情况是(

)A点B点动能79重力势能65A.下降 B.上升 C.上升或下降 D.在最高点10.我国在太空航天领域处于世界领先水平，如图所示，是我国近期发射的一颗北斗导航卫星，它沿椭圆轨道绕地球运行，离地球最近的一点叫近地点，最远的一点叫远地点，在大气层外运行，不受空气阻力。关于此人造卫星的运行下列说法正确的是(

)A.卫星从远地点运行到近地点，势能减小，动能增大，速度增大

B.卫星从远地点运行到近地点，势能减小，动能减小，速度减小

C.卫星从近地点运行到远地点，势能增大，动能增大，速度增大

D.卫星从近地点运行到远地点，势能增大，动能增大，速度减小11.如图所示，斜面与水平面在M点通过小圆弧相连，弹簧左端固定，原长时右端在N点，小物块从斜面上P点由静止滑下，与弹簧碰撞后又返回到P点，则错误的是(

)

A.小物块从P向M运动过程中，重力势能减少

B.小物块从P向M运动过程中，机械能减少

C.小物块从P向M运动过程中，机械能不变

D.弹簧被压缩到最短时，弹簧的弹性势能最大12.某运动员做蹦极运动，如图甲所示，从高处O点开始下落，A点是弹性绳的自由长度，在B点运动员所受弹力恰好等于重力，C点是第一次下落到达的最低点。运动员所受弹性绳弹力F的大小随时间t变化的情况如图乙所示蹦极过程视为在竖直方向的运动。下列判断正确的是(

)

A.从A点到B点过程中运动员减速下落 B.从B点到C点过程中运动员动能增大

C.时刻运动员动能最大 D.运动员重力大小等于二、填空题：本大题共8小题，共26分。13.如图是一把开瓶盖的新型起子，要打开瓶盖，用力方向应为______填“”或“”，从起子的使用情况看，这是一个______填“省力”或“费力”杠杆。

14.如图所示，一根均匀的细木棒OC，，B为OC的中点。在C点施加竖直向上的力将挂在A点的重为180N的物体匀速提升，木棒的机械效率为，则提升该物体做的有用功是______J，总功是______J，木棒重为______不计摩擦。若不计摩擦，将重物移动到B点，仍在C点用与原来方向相同的力将它匀速提升h的高度，则杠杆的机械效率将______选填“变大”、“变小”或“不变”。15.如图所示，AC、BC为同一水平面上的两个光滑斜面，，。在相等时间内把重为80N的同一物体从斜面底端分别沿AC、BC匀速推至C点，物体的机械能______选填“增大”“减少”“不变”，若推力分别为、，功率分别为、，则______，______选填“>”“<”或“=”。16.如图是一种塔式起重机上的滑轮组，它既可以省力，又可以______。现将重的物体沿竖直方向向上吊起3m，克服绳重和摩擦做的功是拉力做功的，已知动滑轮总重为5000N，则此过程提升重物的有用功为______J，滑轮组机械效率为______，绳端拉力为______N。17.如图所示小球以某速度从M点开始沿粗糙轨道MOP运动，经P点离开轨道，上升至最高点N，又下落经过Q点，N位于P、Q之间，O、P、Q处在同一水平高度。若不计空气阻力，小球经过O、P两点时动能______相等/不等；小球到达最高点N时速度______可能/不可能为零；小球到达的最高点N______可能/不可能高于M点；小球经过N点时的机械能______可能/不可能大于经过Q点时的机械能。18.如图为一辆汽车以恒定的功率在平直的公路上做直线运动的图象，汽车行驶过程中所受阻力恒定不变。在内汽车通过的路程为130m，则在发动机功率为______W，牵引力所做的功是______J。

19.如图所示，设相同时间内物质吸收的热量相同，甲、乙两图中符合冰熔化规律的是图______选填“甲”或“乙”。这是因为______选填“>”、“<”或“=”，所以相同时间内______选填“冰”或“水”升温更快。物质在第时的内能______选填“>”、“<”或“=”第时的内能。

20.某实验小组用如图甲所示的装置比较水和某液体的吸热本领，所用的电加热器完全相同。假设电加热器放出的热量全部被液体吸收，并用图像对实验数据进行了处理如图乙，实验过程内，水吸收的热量______某液体吸收的热量选填“大于”、“小于”或“等于”，进一步分析图像可以得出：该液体的比热容为______已知。

三、作图题：本大题共3小题，共6分。21.有一种弹性门，结构如图所示。现用力把门推开，弹性绳会被拉长，门处于静止状态。

画出弹性绳对门的拉力的示意图。

以O为支点，画出的力臂。22.如图所示，活塞式抽水机AOB部分可视为杠杆，O为支点，当与连杆相连的B点向上运动时，画出作用在手柄A点的最小动力和B点所受的阻力。

23.请在图中用笔画线代替绳子，将两个滑轮连成滑轮组，要求人向下拉绳使重物升起。

四、实验探究题：本大题共5小题，共32分。24.如图所示，小科同学利用铁架台、带有刻度的杠杆、细线、若干相同钩码、弹簧测力计单位等实验器材“探究杠杆的平衡条件”。

在挂钩码前，杠杆在如图甲所示的位置静止，此时杠杆______选填“是”或“不是”平衡状态，接下来应将杠杆两端的平衡螺母向______选填“左”或“右”调，使杠杆在水平位置平衡，目的是为了______；

移动钩码的位置，使杠杆重新在水平位置平衡如图乙，若在A、B下方各取下一个钩码，则杠杆______选填“左”或“右”端将下沉；

图丙是已经调节平衡的杠杆，在某处挂上适当的钩码后，用弹簧测力计在杠杆C处竖直向上拉使杠杆在水平位置重新平衡，则所挂钩码的位置和重力分别是______填字母编号。

A.A处挂3N；

B.A处挂2N；

C.C处挂3N；

D.C处挂2N。

如图丁所示为人们常用来测量物体质量的杆秤，它是利用杠杆原理来制作的。称量时把货物挂在A点，手提着B点或C点，调节秤砣的位置至D点发现秤杆在水平位置平衡，D点对应秤杆上的读数就是货物的质量了。在使用时，为了称量质量较大的货物，手应该提着______选填“B”或“C”点的绳子；若秤砣有磨损，则物体质量的测量值将______选填“偏大”、“偏小”或“不变”。25.小明用图甲滑轮组做“探究动滑轮的重对滑轮组机械效率的影响”实验。实验中把不同的磁铁吸附在动滑轮边框上以改变滑轮的重，每次实验都匀速拉动绳端使物体上升10cm。不计绳重，实验数据如表。次数1234每次实验绳端移动距离为______cm；

第2次实验中拉力F的示数如图乙，读数为______N，第2次实验滑轮组的机械效率为______。分析数据可知：在物重不变的情况下，动滑轮越重滑轮组的机械效率越______；

实验中若仅增大绳端移动的距离，则滑轮组的机械效率将______；选填“变大”、“变小”或“不变”，下同

本实验中，在物重不变的情况下，动滑轮变重时，由摩擦引起的额外功______。26.为了研究动能的大小与物体质量和运动速度的关系，小明设计了如图所示的实验，让小球沿一光滑斜面向下运动，与放在水平面上的木块相碰，木块在水平面上移动一段距离后静止。

图甲探究的是动能与______的关系，由图乙我们得到的结论是______。

若在进行图甲实验时，甲中下图木块被撞后滑出木板，为了使木块不滑出木板，在不改变木板长度的情况下，对甲中下图应采取以下______方法。

A.换用质量更小的钢球；

B.给水平木板铺上毛巾；

C.适当降低钢球的高度；

D.换用一个较重的木块。

小明同学又选择其他实验器材如图丙进行实验。

A.若用同一小球将同一弹簧压缩不同程度后静止释放，撞击同一木块，将木块撞出一段距离进行比较，可以研究小球的动能大小与______选填“质量”、“速度”或“质量和速度”的关系。

B.若用A、B两个质量不同的小球将同一弹簧压缩相同程度后由静止释放，同一木块受到撞击后相应移动距离______选填“>”、“<”或“=”。

小明同学还想通过图乙探究物体重力势能与质量的关系，他的设想______选填“可行”或“不可行”。27.小红找来了几个质量不同的木块、装有细沙的容器和三脚小桌如图所示，她利用这些器材探究“重力势能大小与哪些因素有关”的实验。

该实验是通过观察比较______来间接判断物体重力势能大小的，下列实验中与上述研究方法相同的有______填写实验前的序号。

研究物体温度时，通过观察温度计液柱高低来判断物体温度的高低；

探究平面镜成像的特点时用两只等大的蜡烛；

在研究光的传播时引入光线；

用木块滑动的距离反映物体动能的大小。

实验过程中选用质量不等的木块由______的高度自由落下，是探究重力势能大小与______的关系，得到的实验结论是：______。

小红发现先前学习的探究压力作用效果的实验也能用上述器材探究，对比“探究影响压力作用效果因素”与“探究影响重力势能大小因素”两个实验，以下关于两个实验的四个判断中错误的是______。

A.都需要观察小桌陷入沙中深度；

B.前者实验不需要将木块从小桌正上方一定高度自由释放；

C.都选用大小不同的木块是为了改变相同的物理量；

D.后者实验中小桌不需要倒放。28.为了“比较水和沙子吸热升温情况”，小明做了下列的实验：在两个相同的烧杯中分别装有质量、初温都相同的水和沙子，用两个相同的酒精灯对其加热，实验数据记录如表所示：加热时间01234温度沙子2022242628水2021222324在此实验中，除了秒表和图示器材，还需要的测量工具有______，本实验利用______来表示物质吸收热量的多少。

由表格中的数据可得：质量相同的水和沙子，吸收相同的热量，______选填“沙子”或“水”升高的温度更高，说明水的吸热能力______选填“<”、“>”或“=”沙子。

通过实验可以得到不同物质的吸热升温情况不同的结论，物质的这种属性用______这个物理量来描述。

下列事实能用上述实验结果解释的是______。

A.夏天给教室洒水，感觉凉爽；

B.用盐水腌蛋，一段时间后蛋会变咸；

C.长期堆放煤的水泥地面变成黑色；

D.沿海地区昼夜温差会比内陆地区小。

由以上实验探究结论可判断，白天在海滩游玩时，进入海边的森林后迷了路，他应选择______选填“顺风”或“逆风”返回到海边。五、计算题：本大题共2小题，共13分。29.如图甲所示，用滑轮组提升质量为60kg的重物，物体在拉力F的作用下以匀速上升了8m。此过程中，拉力F做的功W随时间t的变化图像如图乙所示。求：

拉力F的功率；

滑轮组的机械效率；

若克服摩擦与绳重所做的额外功占总额外功的三分之一，则动滑轮的重力为多少N。30.人类的祖先钻木取火，为人类文明揭开了新的一页，钻木取火的一种方法如图所示，将削尖的木棒伸到木板的洞里，用力压住木棒来回拉动钻弓．木棒在木板的洞里转动时，板与棒互相摩擦，机械能转化为内能，而热集中在洞内，不易散发，提高了木棒尖端的温度，当达到约时木棒便开始燃烧．因木头是热的不良导体，故受热厚度很薄，木棒受热部分的质量只有克．已知：来回拉一次钻弓需秒，弓长为米，人拉弓的力为16牛顿，木头比热焦千克，室温为问：

人来回拉一次钻弓克服摩擦力所做的功为多少？

人克服摩擦力做功使机械能转化为内能，若其中有被木棒尖端吸收，则1秒内可使木棒尖端温度提高多少？

请你估算用多长时间才能使木棒燃烧起来？

答案和解析1.【答案】B

【解析】解：A、开瓶器在使用过程中，动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆，省力费距离，故A错误；

B、筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，属于费力杠杆，费力省距离，故B正确；

C、定滑轮在使用过程中，动力臂等于阻力臂，属于等臂杠杆，既不省力，也不费力，既不省距离，也不费距离，故C错误；

D、天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，属于等臂杠杆，既不省力，也不费力，既不省距离，也不费距离，故D错误。

故选：B。

结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。

此题考查的是杠杆的分类，主要包括以下几种：

①省力杠杆，动力臂大于阻力臂；②费力杠杆，动力臂小于阻力臂；③等臂杠杆，动力臂等于阻力臂。2.【答案】D

【解析】解：据题可知，a、b、c三种情况下拉力的大小相同；

a中力与物体运动方向垂直，即物体在力的方向上通过的距离为0；

b中物体在力的方向上通过的距离为s；

c中物体斜向上运动，则物体在力的方向上通过的距离要小于s；

由可得，。

故选：D。

功的大小是物体所受的力与在力的方向上通过距离的乘积；在a、b、c三种情况下受力相同，根据物体在力的方向上通过的距离，利用公式分析拉力做功的大小。

本题考查了做功大小的比较，关键是比较物体在力的方向上通过的距离。3.【答案】C

【解析】解：A、物理书的重力约，课桌的高度大约，把书捡起来，做的功约为，故A错误；

B、中学生的质量约为50kg，其重力为：，从一楼走到三楼的高度为：，则克服重力做功为：，故B错误；

C、人在匀速骑行自行车时，车速约为，人对自行车提供的动力等于自行车轮胎与地面的摩擦力，大小约为15N，所以人骑自行车的功率为：，与70W接近，故C正确；

D、机械在做功的过程中，不可避免的要做额外功，所以机械的效率不能达到，故D错误。

故选：C。

根据对各选项中物理量单位大小的了解，结合实际情况进行估计，选出符合实际的答案。

本题考查了对生活中常见物理量的估计，估计值只要与实际值相差不大，该估计值即为合理，难度不大。4.【答案】A

【解析】解：做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离即力和距离的方向要一致；

A、图中人用力搬石头，搬而未起，只有力没有距离，所以人对物体没有做功，故A正确；

B、图中人拉重物从地面提到高处，重物在拉力的方向上移动了距离，所以人对物体做功，故B错误；

C、推车向前运动，车在人的推力的方向上通过了距离，对车做功，故C错误；

D、挺举杠铃的过程，杠铃在力的方向上通过了距离，人对杠铃做了功，故D错误。

故选：A。

做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离即力和距离的方向要一致；二者缺一不可。

本题考查了力是否做功的判断方法，基础题目。5.【答案】C

【解析】解：A、机械效率越高的机械，功率不一定越大，故A错误；

B、做功越多的机械，功率不一定越大，还要看时间是否相等，故B错误；

C、功率表示做功的快慢，所以功率越大的机械，做功越快，故C正确；

D、做有用功越多的机械，机械效率不一定越高，还要看总功是否相等，故D错误。

故选：C。

机械效率指有用功与总功的比值。

功率表示做功的快慢，功率等于功与时间之比。

理解功率和机械效率概念，可解答此题。6.【答案】C

【解析】A.物体吸收了热量，物体的温度可能升高，也可能不变，比如：晶体在熔化过程中不断吸热，温度不变，故A错误；

B.分子动能跟物体的温度有关，分子势能跟物体的体积有关，可见内能跟物体的温度和体积都有关，物体温度相同，内能不一定相同，故B错误；

C.两个物体温度相同，没有温度差，因此不会发生热传递，故C正确；

D.比热容是物质的一种特性，比热容的大小与温度无关，故D错误。

故选：C。

内能是物体内部所有分子做无规则热运动的动能和分子势能的和；物体吸收了热量，物体的温度可能升高，也可能不变；

分子动能跟物体的温度有关，分子势能跟物体的体积有关；

发生热传递的条件是存在温度差；

比热容是物质的一种特性。

本题考查了内能、热量、热传递、比热容等知识，是一道综合题。7.【答案】C

【解析】解：

重力：

；

跳绳一次做功：

；

由于“双摇跳绳”是指每次在双脚跳起后，绳连续绕身体两周的跳绳方法，

所以内摇绳200圈，人的起跳次数为：次；

在内人一共做功：

，

整个跳绳过程中的平均功率：

。

故选：C。

首先利用计算出一次做的功；“双摇跳绳”是指每次在双脚跳起后，绳连续绕身体两周的跳绳方法，求出起跳的次数即做功次数，进而求出内做的总功，再利用求出平均功率的大小。

本题考查了重力、功、功率的计算，正确理解“双摇跳绳”的意义是关键。8.【答案】A

【解析】解：当BO段处于水平位置时，如右图所示最省力，

，

由，可得；

当OA段处于水平位置时，如右图所示最省力，

，

由，可得，

因，故；所以；

故选：A。

当AO段处于水平位置时，过B做OB的垂线，得动力作用线，则OB为最长动力臂，沿这个方向施加力，最省力，据杠杆平衡平衡条件求；

当BO段在水平位置时保持杠杆平衡，这时在B端沿竖直向下用力，动力臂最长，最省力，据杠杆平衡平衡条件求，最后进行比较的大小。

本题考查了学生对杠杆平衡条件的掌握和运用，比较两种情况下的阻力臂大小关系和根据动力臂最长时最省力找出动力臂是本题的关键。9.【答案】B

【解析】解：石块向上运动时，质量不变，高度越来越高，速度越来越慢，故重力势能增加，动能减小；

从表中数据可知，B点的动能大于A点，重力势能小于A，故可能运动方向是石块由B点上升到A点。

故选：B。

重力势能与物体质量和高度有关；动能与物体质量和速度有关。

本题考查了动能和重力势能之间的相互转化，属于基础题。10.【答案】A

【解析】解：

AB、卫星从远地点运行到近地点时，相对高度减小，所以势能减小，同时速度增大，动能增大，故A正确、B错误；

CD、卫星从近地点运行到远地点时，相对高度增大，所以势能增大，同时速度减小，动能减小，故CD错误。

故选：A。

影响动能的因素是物体的质量和物体运动的速度；影响重力势能的因素是物体的质量和物体的高度。

根据动能、重力势能影响因素的情况得出动能和重力势能的大小情况。再根据能量变化的规律：减小的能量转化为增大的能量得出答案。

掌握动能、势能大小的影响因素，掌握动能、势能的大小变化情况。同时知道卫星在绕地球运动时，没有任何物质和卫星摩擦，机械能没有消耗，机械能是守恒的。11.【答案】C

【解析】解：ABC、小物块从P向M运动过程中，质量不变，高度变小，重力势能减小，克服摩擦力做功，机械能减小，故AB正确，C错误；

D、弹簧被压缩到最短时，弹簧的弹性形变达到最大限度，弹性势能最大，故D正确。

故选：C。

影响动能大小的因素：质量、速度，质量越大，速度越大，动能越大；

影响重力势能大小的因素：质量、高度，即物体的质量越大，高度越高，其重力势能越大。

影响弹性势能的因素：弹性形变的程度，形变程度越大，其弹性势能越大。

机械能包括动能和势能。

本题考查动能、势能、弹性势能的转化，以及机械能变化的判断，明确各自的影响因素是解答此题的关键。12.【答案】D

【解析】解：

A、B点弹力等于重力，A到B点过程中，重力大于弹力，运动员做加速运动，A错误；

B、从B点到C点过程中，由于弹力大于重力，所以物体的运动速度减小，故动能减小，B错误；

C、由图知，时刻，绳的弹性势能最大，应达到了最低点，此时动能为零，C错误；

D、由图知，最后绳的弹性势能几乎不变，说明此时运动员已经静止下来，此时拉力与重力平衡，由图象知，重力等于，D正确。

故选：D。

合力与运动方向相同，则运动员将加速运动；

动能和物体的运动速度、质量有关；

当弹性势能与重力势能相等时，此时加速过程恰好完成，速度最快，动能最大；

运动员最后静止的位置，重力与弹力相等的位置。

此题是有关能量的转化及运动和力的关系，能够分析出运动员在运动过程中速度的变化及受力变化是关键。13.【答案】；省力

【解析】解：

要打开瓶盖，起子要绕着O点转动，阻力作用在A点，动力方向为；由于动力臂大于阻力臂，该起子为省力杠杆。

故答案为：；省力。

杠杆绕着转动的点叫支点，先确定起子使用过程中的支点，再确定阻力作用点，进而确定动力的方向；最后根据动力臂和阻力臂的大小关系确定杠杆类型。

本题考查了杠杆分类和动力方向的确定，确定支点的位置是关键。14.【答案】364010变大

【解析】解：①有用功等于克服物体重力做的功：；

②由可得，③

总功；

③因为，B为OC的中点即B点为杠杆的重心，

所以，由相似三角形的知识可知，当物体上升时，重心B点将上升，

不计摩擦，由和可得：

，

解得。

④根据图示可知，将钩码移动到B点时，提升相同高度，B点上升的高度小些，故有用功相同，额外功减小，总功减小，根据可知，机械效率变大。

故答案为：36；40；10；变大。

①根据可求出有用功；

②根据和可求得总功和木棒的重力；

根据通过分析有用功和额外功的变化得出机械效率的变化。

本题考查有用功、额外功以及机械效率的计算，关键明确当物体上升的高度与杠杆重心上升高度的关系。15.【答案】增大

【解析】解：物体匀速运动，物体的动能不变，物体的高度增加，物体的重力势能增大，机械能等于动能与势能的总和，则物体的机械能增大，，，由图可知斜面AC倾斜角度小于BC的倾角，所以物体沿AC运动时拉力较小，即；

由题知，AC和BC是两个光滑的斜面，额外功为0，根据可知拉力在两斜面上做功相同，即，所用时间相等，根据功率公式可知。

故答案为：增大；<；=。

物体匀速运动，物体的动能不变，物体的高度增加，物体的重力势能增大，机械能等于动能与势能的总和，则物体的机械能增大，斜面倾斜角度越大，越费力。斜面AC的倾斜角度小于斜面BC，所以斜面AC更省力，

斜面光滑说明摩擦力为0，即使用光滑的斜面没有额外功，根据做功公式和功率公式分析。

本题考查斜面的省力情况、功率大小的比较，关键是知道接触面光滑，摩擦力为0，使用任何机械都不省功。16.【答案】改变力的方向

606250

【解析】解：由图示滑轮组可知，拉力方向向左，物体向上运动，所以使用该滑轮组既可以省力，又可以改变力的方向；

此过程提升重物的有用功：

；

提升动滑轮做的额外功：

，

克服绳重和摩擦做的额外功是拉力做功的，即，

因为，

所以拉力做的总功：

滑轮组的机械效率：

；

由图知，，拉力端移动距离，

由可得拉力大小：

。

故答案为：改变力的方向；；60；6250。

定滑轮和动滑轮组合在一起的装置叫做滑轮组；使用滑轮组既可以省力，又可以改变力的方向，但要费距离；

知道物体重力、提升的高度，利用求提升重物的有用功；

利用求提升动滑轮做的额外功，克服绳重和摩擦做的额外功是拉力做功的，而，据此求拉力做的总功，滑轮组的机械效率等于有用功与总功之比；

由图知，，拉力端移动距离，利用求拉力大小。

本题考查了滑轮组的工作特点、使用滑轮组时有用功、总功和机械效率的计算，要利用好条件：克服绳重和摩擦做的额外功是拉力做功的。17.【答案】不等

不可能

可能

不可能

【解析】解：由于球以某速度从M点沿粗糙轨道开始运动，在轨道上运动过程中要克服摩擦阻力做功，有部分机械能转化为内能，因此球到达P点的机械能一定小于在O点的机械能，O、P处在同一水平高度，球的重力势能相等，则球在P点的动能一定小于在O点动能；由于小球到达N点不是竖直下落，而是有水平方向的运动，所以N点的速度不可能为零；球在轨道上运动过程中要克服摩擦阻力做功，有部分机械能转化为内能，球在N点的机械能一定小于在M点的机械能，但由于球在M、N点的动能大小不确定，因此球在M、N两点的重力势能大小也不确定，即N点重力势能有可能比M点重力势能大，则最高点N与M点对比，N点可能M高；忽略空气阻力，球从N点到Q点机械能守恒，因此球在N点的机械能等于Q点的机械能。

故答案为：不等；不可能；可能；不可能。

有空气阻力做功时，机械能减小；

机械能包括动能与势能，其中动能的影响因素是质量与速度，重力势能的影响因素是质量与高度，弹性势能的影响因素是弹性形变量。

本题考查了机械能的转化，属于中档题。18.【答案】

【解析】解：由图像可知，汽车做匀速直线运动时的速度为，

当汽车做匀速直线运动时，由二力平衡条件可知，此过程中汽车受到的牵引力：，

则发动机的功率：；

因为汽车的功率恒定，

所以，由可知，在内牵引力所做的功：。

故答案为：；。

根据图像可知汽车做匀速直线运动时的速度，且汽车行驶过程中所受阻力恒定不变，根据二力平衡条件求出此过程中汽车受到的牵引力，根据求发动机的功率；

已知汽车的功率恒定不变，根据求出在内牵引力所做的功。

本题考查了二力平衡条件、功和功率公式的应用，注意：在计算内牵引力所做的功时，不能用公式，原因是此时的牵引力大小是未知的。19.【答案】甲

冰

<

【解析】解：比较甲、乙两个图象可知：甲图中，相同时间内，水的温差小于冰块的温差；而乙图中相同时间内，冰块和水的温度变化相同；由于水的比热容大于冰的比热容，并且质量不变，因此吸收相同的热量，水的温度升高得慢，冰块的温度升高的快，故甲图正确。

晶体熔化吸热温度不变，内能增加，所以第时的内能>第时的内能。

故答案为：甲；<；冰；<。

晶体熔化时，吸收热量、内能增大，温度不变。熔化前为固态的冰，熔化后为液态的水，由于水的比热容大于冰的比热容，因此吸收相同热量冰的温度变化大。

此题考查学生对熔化图象和比热容概念的理解，注意运用公式并结合控制变量法进行分析判断，是一道中档题。20.【答案】等于

【解析】解：实验过程内，加热条件相同，两种物质的质量相同，加热时间也相同时，水吸收的热量等于某液体吸收的热量。

实验中，加热条件的相同，物质吸收的热量与加热时间成正比，由图乙知，水在内吸收的热量和某液体在内吸收的热量的比值为：：：5，

水在内的温度从升高到，所以水吸收的热量为：

，

某液体在内的温度从升高到，所以某液体吸收的热量为：

，

整理得，。

故答案为：等于；。

实验中，相同的加热条件下，相同时间内，不同物质吸收的热量相同。本实验中，物质吸收的热量与加热时间成正比，根据图乙可计算出水在内吸收的热量和某液体在内吸收的热量的比值，再根据分别计算出水和某液体在各自对应时间内吸收的热量，联立等式可计算出这种液体的比热容。

本题考查比热容的有关计算和热量的比较，难度适中。21.【答案】解：弹性绳对门的拉力的作用点在门上，方向沿弹性绳向下；如图所示：

为支点，从O点做力的作用线的垂线，即为的力臂，如图所示：

【解析】确定弹性绳对门的拉力的作用点和方向，然后按照力的示意图的画法画出即可；

从支点到力的作用线的距离叫作力臂。

此题考查力的示意图和力臂的画法，作图题为中考必考题型，要求同学们熟练掌握各种作图技能。22.【答案】解：与连杆相连的B点向上运动时，阻力作用点在点B，方向竖直向下；

由图可知，当动力臂等于OA时，力臂最长，根据杠杆平衡条件可知，动力最小；

连接OA，标出力臂符号；过动力作用点A作力臂OA的垂线段，标出力的符号，与连杆相连的B点向上运动时，最小动力的方向应该向左下方。如图所示：

【解析】在杠杆上，支点指的是杠杆绕着转动的点，阻力是阻碍杠杆转动的力，力臂是支点到力的作用线的距离。此题中支点为点O，动力力臂为支点O到的作用线的距离。

本题考查了力和力臂的画法。明确力臂越长越省力是确定力的方向的关键，作力臂关键是要画出支点到力的作用线的垂线段。23.【答案】解：人向下拉绳使重物升起，说明绳子最后绕过的是定滑轮，按此反向绕线，则绳子的起始端应系在定滑轮的挂钩上，如下图所示：

【解析】人用力往下拉绳使重物升起，因此人的动力方向向下，重物运动方向向上，故由两根绳子承担物重，绳子固定在定滑轮上。

此题主要考查了有关滑轮组的绕线。在设计滑轮组时，要注意题目的要求，若知道拉力方向可以从绳端绕起。24.【答案】是

左

便于测量力臂

右

BCB偏大

【解析】解：

杠杆在如图甲所示的位置静止，此时杠杆处于静止状态，是平衡状态；

由图甲中，杠杆的左端较高，平衡螺母应向左端移动使杠杆在水平位置平衡，这样做的目的是方便读出力臂；

设杠杆上一个小格的长度为L，一个钩码重为G，

由杠杆平衡条件，在A、B下方再各取下一个钩码，

则左侧力和力臂的乘积，右侧力和力臂的乘积，

因为，

所以杠杆右端会下沉，左端上翘；

当弹簧测力计在C处竖直向上拉杠杆，弹簧测力计的示数如图所示，分度值是，数值是3N，

设每个小格长度为L，在A处挂一定数量的钩码时，阻力臂为3L，

根据杠杆的平衡条件得：

，

钩码的重力，即在A处挂2N的钩码；

若在C处挂一定数量的钩码，此时阻力臂和动力臂大小相等，则阻力和动力大小也相等，所以也可在C处挂3N的钩码；

故选BC；

由图示可知，使用提纽B时，秤砣的力臂变大，物体的力臂变小，由可知，杆秤的最大称量量较大。

当秤砣磨损一部分，相当于秤砣的质量减小了，根据杠杆的平衡条件知，在阻力和阻力臂不变时，动力减小，动力臂增大，所以测量结果偏大了。

故答案为：是；左；便于测量力臂；右；；；偏大。

杠杆处于静止状态或匀速转动状态时，杠杆处于平衡状态。调节杠杆平衡时，平衡螺母向上翘的一端移动。

设杠杆的一个小格为L，一个钩码重为G，根据杠杆平衡判断；

当弹簧测力计在竖直向上拉杠杆，弹簧测力计的示数如图所示，分度值是，读出弹簧测力计示数；根据杠杆的平衡条件求出钩码的重力；

杆秤的工作原理是：杠杆的平衡条件，根据杆秤自重重心位置及杠杆平衡条件判断，杆秤零刻度线的位置；

秤砣有磨损，就是使被测物体质量变大，根据杠杆平衡条件分析原因。

此题是探究杠杆平衡实验，考查了杠杆的调平及杠杆平衡条件的应用，在利用平衡条件公式时，要注意分析力和对应的力臂。25.【答案】；；80；低；不变；变大。

【解析】从图中可知，每次实验绳端移动距离；

测力计的分度值为，读数为，第2次实验滑轮组的机械效率根据。分析数据可知：在物重不变的情况下，从实验1至实验4，动滑轮的重力逐渐变大，滑轮组的机械效率逐渐变小，故动滑轮越重滑轮组的机械效率越低；

实验中若仅增大绳端移动的距离，根据可知滑轮组的机械效率将不变；

四次实验中，物体上升的高度，有用功，

第1次实验中，克服动滑轮的重力所做的额外功，

总功，

摩擦引起的额外功，

第4次实验中，克服动滑轮的重力所做的额外功，

总功，

摩擦引起的额外功，

本实验中，在物重不变的情况下，动滑轮变重时，由摩擦引起的额外功变大。

故答案为：；；80；低；不变；变大。

从图中可知，根据得出每次实验绳端移动距离；

测力计的分度值为，据此得出读数；

根据得出第2次实验滑轮组的机械效率；

分析数据可知：在物重不变的情况下，从实验1至实验4，动滑轮的重力逐渐变大，滑轮组的机械效率逐渐变小，据此得出结论；

实验中若仅增大绳端移动的距离，根据可知滑轮组的机械效率的变化情况；

四次实验中，根据得出有用功；根据得出克服动滑轮的重力所做的额外功，根据得出总功，根据得出摩擦引起的额外功，进而得出结论。

本题“探究动滑轮的重对滑轮组机械效率的影响”，综合性强，难度较大。26.【答案】速度

速度相同时，物体的质量越大，动能越大

C速度

可行

【解析】解：动能的大小与质量和速度有关，根据控制变量法分析可知：

图甲中小球的质量相同，小球滚下的高度不同，则小球到达水平面的速度不同，所以图甲探究的是动能与速度的关系；

图乙中小球滚下的高度相同，到达水平面的速度相同，小球的质量不同，实验中通过比较滚下的小球撞击木块移动的距离，来比较小球动能的大小，由图乙我们得到的结论是速度一定时，质量越大，动能就越大；

若在进行图甲实验时，甲中下图木块被撞后滑出木板，说明该小球具有较大的动能，图甲探究的是动能与速度的关系，所以不能改变小球的质量，为了使木块不滑出木板，在不改变木板长度的情况下，可以适当降低钢球的高度，故选C；

、用同一小球将同一弹簧压缩不同程度后静止释放，撞击的动能由弹簧的弹性势能转化而来，而弹簧的弹性势能的大小与形变程度有关，故弹簧的弹性势能不相同，小球与弹簧分开后获得的初速度不同，而小球的质量相同，故可以研究小球的动能大小与速度的关系；

B、若用质量不同的小球将同一弹簧压缩相同程度后静止释放，撞击同一木块，撞击的动能由弹簧的弹性势能转化而来，而弹簧的弹性势能的大小与形变程度有关，故弹簧的弹性势能相同，转化成的动能相同，因此，木块最终移动的距离相同；

重力势能的大小与质量和高度有关，小球的质量相同，滚下的高度不同，具有的重力势能就不同，实验过程小球的重力势能转化为动能，故该所以方案可行。

故答案为：速度；速度相同时，物体的质量越大，动能越大；；速度；=；可行。

动能的大小与质量和速度有关，根据控制变量法分析可知图甲探究的是动能与哪个因素的关系以及图乙的结论；

甲中下图木块被撞后滑出木板，说明该小球具有较大的动能，根据实验目的、动能的影响因素以及控制变量法分析可知具体的操作方法；

、弹簧的弹性势能转化为小球的动能，小球的动能转化为木块的动能；

B、结合控制变量法的要求，看是否合理的控制了相关变量，并改变了要研究的变量，这样才能知道是否符合实验要求；

重力势能的大小与质量和高度有关，实验过程小球的重力势能转化为动能。

动能的大小与物体的质量和速度有关，注意控制变量法的应用，动能的大小通过小球撞击木块的距离来反映，体现了转换法。27.【答案】小桌在沙子中下陷的深度

ad相同

质量

高度一定时，质量越大，重力势能越大

C

【解析】解：由题意知，实验是通过观察比较小桌在沙子中下陷的深度来间接判断物体重力势能大小的；采用的是转换法；

a、研究物体温度时，通过观察温度计液柱高低来判断物体温度的高低，而温度计是根据液体的热胀冷缩原理制成的，采用的是转换法，故a符合题意；

b、探究平面镜成像的特点时用两只等大的蜡烛，采用的是等效替代法，故b不符合题意；

c、在研究光的传播现象时，引入实际不存在的光线描述光的传播特点，采用的是模型法，故c不符合题意；

d、小球动能的大小是通过物体B被推动移动的距离体现的，采用的是转换法，故d符合题意。

故选：ad。

实验中采用质量不同的物块，是为了探究重力势能与质量的关系，在探究过程中要注意保持物体从同一高度由静止落下；可得出的结论是：高度一定时，质量越大，重力势能越大。

、根据转换法可知，这两个实验中都是根据小桌陷入沙中的深度来反映压力的作用效果或者重力势能的大小，故A正确；

B、水平面上的物体对水平面的压力等于自身的重力，所以“探究影响压力作用效果因素”时，不需要将木块从小桌正上方一定高度自由释放，故B正确；

C、“探究影响压力作用效果因素”时，选用大小不同的木块，是为了改变压力的大小；“探究影响重力势能大小因素”时，选用大小不同的木块，是为了改变质量的大小，所以改变的量是不同的，故C错误；

D、“探究影响重力势能大小因素”时，不需要改变受力面积的大小，所以小桌不需要倒放，故D正确。

故选：C。

故答案为：小桌在沙子中下陷的深度；ad；相同；质量；高度一定时，质量越大，重力势能越大；。

掌握转换法在此实验中的应用，此