湖南省邵阳市邵东市2023-2024学年高一下学期期末考试物理试题答案

2024年上学期邵东市高一联考物理参考答案12345678910DABDCBACABDABCD1.【答案】D【解析】由于飞机做曲线运动，因此速度方向一直在变化，合外力不可能为零，A、C项错误；曲线运动的加速度方向不可能与速度方向在同一直线上，B项错误；如果做的是匀速圆周运动，则飞机的速度方向改变，大小不变，D项正确2.【答案】A【解析】根据F＋mg＝m，解得F＝mg，方向竖直向下。故选A。3.【答案】B【解析】由题意知枪口与P点等高，子弹和小积木在竖直方向上均做自由落体运动，当子弹击中积木时子弹和积木的运动时间相同，根据h＝gt2可知下落高度相同，所以将击中P点；又由于初始状态子弹到P点的水平距离为L，子弹在水平方向上做匀速直线运动，故有t＝，故选B.4.【答案】D【解析】对卫星，根据万有引力提供向心力可得又解得故选D。【答案】C【解析】解析v－t图像中，图像与时间轴所围面积表示位移，可知匀加速的过程中运动位移为x0＝eq\f(v0t0,2)，故A错误；汽车加速至Q点后速度达到最大，受力平衡，牵引力大小等于阻力，则有Ff＝eq\f(P0,vm)，故B错误；0～t0，汽车做匀加速直线运动，牵引力恒定，t0～3t0内做加速度减小的变加速直线运动，该过程牵引力减小，可知匀加速过程的牵引力最大，由于该车加速至P点后功率达到最大值P0，则有F0＝eq\f(P0,v0)，即加速过程中牵引力的最大值为eq\f(P0,v0)，故C正确；若汽车在0～3t0时间内一直做匀加速直线运动，则在3t0时速度vm＝3v0，而实际在t0～3t0时间内，加速度一直减小，vm<3v0，故eq\f(vm,v0)<3，故D错误。6.【答案】B【解析】A．根据运动的合成与分解可知，将小物块A的速度分解为沿绳方向和垂直绳方向，小球B的速度沿绳方向，所以二者速度关系为可知A、B速度大小不相等，故A错误；B．由于A、B沿绳方向的速度一定相等，绳子对A、B的拉力也一定相等，由，故任一时刻轻绳对小物块A和小球B做功的功率大小均相等，故B正确；C．A、B组成的系统机械能守恒，但A、B各自的机械能均发生变化，故C错误；D．当小物块A运动到P点时，B下降到最低点，故此时B的速度为0，由机械能守恒有解得故D错误。7.【答案】AC【解析】位移是矢量，合运动的位移是分运动的位移的矢量和，故A正确；速度也是矢量，满足平行四边形定则，合速度可以不比分速度大，故B错误；合运动与分运动具有等时性，故C正确；两个直线运动的合运动也可以是曲线运动，例如，互成角度的匀速直线运动与匀加速直线运动合成时，合运动是曲线运动，故D错误。8.【答案】ABD【解析】A、B同轴转动，角速度相等，即ωA∶ωB＝1∶1，由v＝rω得，vA∶vB＝rA∶rB＝2∶1，故A，B正确；根据a＝ω2r知，aA∶aB＝rA∶rB＝2∶1，故C错误；转盘转速增加，则物体A、B的转动速度增加，所以摩擦力沿半径方向的分力提供物体做圆周运动的向心力，沿切线方向的分力改变物体速度的大小，向心力Fn＝mω2r相同，但A的质量小，最大静摩擦力Ffm＝μmg小，所以A比B先滑动，故D正确。9.【答案】AB【解析】A．以地球球心为圆心，以卫星2此刻到地心的距离为半径作圆，记作轨道3，根据变轨原理可知卫星2在轨道3上的线速度大于，根据万有引力定律提供向心力可知轨道半径小，轨道线速度越大，即，故，故A正确；B．根据万有引力定律可知卫星2位于远地点，卫星1轨道半径小，卫星1的加速度大，故B正确；C．根据万有引力定律可知两颗卫星质量不同，分别经过A点时受到的万有引力不同，故C错误；D．根据开普勒第三定律卫星1圆轨道的半径与卫星2椭圆轨道的半长轴相等，,两颗卫星周期相同，不可能相撞，故D错误。10.【答案】CD【解析】A．滑动摩擦力为解得故A错误；B．重力所做的功等于重力势能变化量，则解得故B错误；C．木块上滑过程中，机械能的变化量等于摩擦力所做的功，则解得故C正确；D．机械能的变化量等于重力势能变化量和动能变化量的和，则解得故D正确。故选CD。【答案】A(2分)1.6(2分)0.80(2分)【详解】（1）[1]平抛运动在水平方向的分运动如图（2）中图线（a）所示，为匀速直线运动。故选A。（2）[2][3]平抛运动在竖直方向的分运动为匀加速直线运动，图（3）中相邻两点的竖直高度差为代入数据得水平方向有解得12.【答案】①.小(1分)②.小(1分)③.(2分)④.(2分)⑤.(2分)⑥.(2分)【详解】（1）为减小实验产生的误差，细绳要选择伸缩性“小”的。[2]小球选质量大些的，体积“小”的，小球在摆动的运动中会减小空气阻力的作用，以减小实验误差。（2）静止释放小球，测出小球经过光电门的时间为，则小球经过光电门的速度（3）细绳与竖直方向的夹角为，小球尺寸相对足够小，可忽略不计，因此小球从M点到N点，下落的高度为则有小球的重力势能减少量小球动能的增加量如果、二者在误差范围内相等，说明该系统机械能守恒。（4）由机械能守恒定律可得整理可得则有图像的斜率的绝对值13、【答案】(1)(2)详解】（1）由竖直上抛运动可知：..............2分解得..............2分（2）在月球表面：..............2分对探测器：.............2分.............2分14、【答案】（1）；（2）；（3）【详解】（1）根据题意可知，小球做平抛运动，则有，.............2分解得.............2分（2）取系统为研究对象，根据动能定理有.............2分解得.............2分（3）根据题意可知，若固定不变，圆弧轨道半径可调，由（1）（2）分析可得，拉杆做功为.............2分由数学知识可知，当时，即.............2分有最小值，最小值为.............2分15、【答案】（1）6m/s；（2）10.5J；（3）4J【解析】（1）物体从A到B做平抛运动，在B点有vB解得物块在B点的速度vB物体从B点运动到C点过程中，由动能定理有mgR(1+sin30°)−W解得物块克服摩擦力做功Wf物块滑上木板后做匀减速直线运动，加速度大小为a1μ1mg=ma物块与木板达的共同速度为v，由运动学公式有v=v木板做匀加速直线运动，加速度大小为a2，由牛顿第二定律有μ1mg−μ由运动学规律有v=a2解得t=8木板匀加速直