2024-2025学年新教材高中生物第1章遗传因子的发现1孟德尔的豌豆杂交实验一同步作业含解析新人教版必修2

PAGE5-孟德尔的豌豆杂交试验（一）[基础达标]题组一豌豆作为遗传试验材料的优点1．(2024·湖北沙市中学月考)孟德尔选用豌豆作为遗传试验材料的理由及对豌豆进行异花传粉的处理是()①豌豆是闭花受粉植物，在自然状态下是纯种②豌豆植株具有易于区分的性状，例如植株的高茎和矮茎③用豌豆作试验材料还有较高的干脆经济价值④花成熟时立即去雄，然后套袋⑤雌蕊成熟后可以授粉，然后进行再一次的套袋处理A．①②④⑤B．①②④C．①②⑤D．②③④【答案】C【解析】孟德尔选用豌豆作为遗传试验材料的理由：豌豆是严格的闭花受粉植物，在自然状态下一般是纯种；豌豆有易于区分的性状，便于视察，即①②正确。进行人工异花授粉时，在花蕾期去掉雄蕊。套上纸袋，待花成熟时，采集另一株植株的花粉进行人工授粉，即⑤正确。综上所述，正确的有①②⑤。故选C。题组二遗传学基本概念2．(2024·山东试验中学月考)下列各种遗传现象中，不属于性状分别的是()A．F1的高茎豌豆自交，后代中既有高茎豌豆，又有矮茎豌豆B．F1的短毛雌兔与短毛雄兔交配，后代中既有短毛兔，又有长毛兔C．花斑色茉莉花自交，后代中出现绿色、花斑色和白色三种茉莉花D．黑色长毛兔与白色短毛兔交配，后代均是白色长毛兔【答案】D【解析】杂种后代中同时出现显性性状和隐性性状的现象称为性状分别。黑色长毛兔与白色短毛兔交配，后代均是白色长毛兔，并没有出现性状分别。题组三孟德尔豌豆杂交试验的过程、说明和验证3．(2024·重庆名校期中)下列有关孟德尔一对相对性状的遗传试验的叙述中，不正确的是()A．孟德尔通过杂交、自交试验发觉问题，并提出了假说B．假说的核心是F1产生配子类型的比例为1∶1C．孟德尔奇妙地设计测交试验，只用于检测F1的遗传因子的组成D．验证假说阶段做的测交试验，其后代的性状分别比为1∶1【答案】C【解析】孟德尔通过杂交、自交试验发觉问题，并提出了假说，A正确；孟德尔假说的核心是F1产生配子类型的比例为1∶1，B正确；孟德尔奇妙地设计测交试验，可以用于检测F1的遗传因子组成，也可以用于检测F1产生的配子的种类和比例，C错误；测交试验是杂合子与隐性纯合子杂交，后代性状分别比为1∶1，D正确。4．(2024·河北衡水中学周测)用纯种高茎豌豆(DD)与纯种矮茎豌豆(dd)杂交，得到F1全为高茎，将F1自交得F2，F2中高茎∶矮茎为3∶1。下列选项中不是实现F2中高茎∶矮茎为3∶1的条件的是()A．F1形成配子时，遗传因子分别，形成两种配子B．含有不同遗传因子的配子随机组合C．含有不同遗传因子组合的种子必需有相宜的生长发育条件D．只需A项条件，而不需B、C两项条件【答案】D5．(2024·河南林州一中月考)下列方法不能证明基因分别定律实质的是()A．让杂种F1与隐性纯合个体进行杂交B．杂种F1自交C．纯合糯性水稻和非糯性水稻杂交，F1的花粉加碘液染色后视察D．纯种自交【答案】D【解析】基因分别定律的三种验证方法是①测交法：将杂种子一代与隐性纯合子杂交，视察子代性状表现的分别比，应为1∶1；②自交法：将杂种子一代进行自交得子二代，子二代性状表现的分别比应为3∶1；③花粉鉴定法：有的植物花粉中存在淀粉，利用碘与花粉中淀粉反应显色的观象来计数变蓝与不变蓝的花粉数量，其比例应为1∶1。故选D。6．(2024·浙江名校模拟)用甲、乙两个桶及两种不同颜色的小球进行“一对相对性状杂交的模拟试验”，下列叙述中正确的是()A．本试验模拟的是产生配子时，成对的遗传因子彼此分别B．正常状况下雌配子较雄配子体积大，所以要选大小不同的两种小球C．统计40次，小球组合AA、Aa、aa的数量为10、20、10D．甲、乙两个桶代表一个配子来自父方另一个来自母方【答案】D【解析】本试验模拟的是性状分别比，A错误；正常状况下雌配子较雄配子体积大，但要选大小相同的小球，以避开因主观因素产生的误差，B错误；小球组合AA、Aa、aa的数量比接近1∶2∶1，但不肯定是1∶2∶1，因此统计40次，小球组合AA、Aa、aa的数量不肯定为10、20、10，C错误；甲、乙两个桶代表一个(配子)来自父方，另一个(配子)来自母方，D正确。题组四分别定律的实质和应用7．(2024·山东青州一中月考)孟德尔在对一对相对性状进行探讨的过程中，发觉了基因的分别定律。下列有关基因分别定律的几组比例，最能体现基因分别的实质的是()A．F2的性状表现比为3∶1B．F1产生配子的比为1∶1C．F2的遗传因子组成的比为1∶2∶1D．测交后代比为1∶1【答案】B【解析】F2的性状表现比为3∶1，属于性状分别，A错误；F1在减数分裂形成配子时，等位基因随着同源染色体的分开而分别，产生配子的比为1∶1，B正确；F2遗传因子组成的比为1∶2∶1，是产生的配子随机结合形成的，属于结果而不是实质，C错误；测交后代比为1∶1，是检测F1遗传因子组成的，不能说明基因分别定律的实质，D错误。8．(2024·河南郑州106中学期中)在香水玫瑰的花色遗传中，红花、白花是一对相对性状，受一对等位基因的限制(用R、r表示)。从下表的杂交试验中可以得出的正确结论是()杂交组合后代性状一红花A×白花B全部为红花二红花C×红花D红花∶白花＝3∶1A.红花A的遗传因子组成为RrB．红花为显性性状C．红花C与红花D的遗传因子组成不同D．白花B的遗传因子组成为Rr【答案】B【解析】杂交组合一的亲本为红花和白花，而杂交后代只有红花，说明亲本红花A为纯合子，其遗传因子组成为RR，A错误；分析可知红花为显性性状，白花为隐性性状，B正确；红花C与红花D的遗传因子组成相同，都是Rr，C错误；白花为隐性性状，白花B的遗传因子组成为rr，D错误。[实力提升]9．某二倍体植物中，抗病和感病这对相对性状由一对等位基因限制。要确定这对性状的显隐性关系，应当选用的最佳杂交组合是()A．抗病株×感病株B．抗病纯合体×感病纯合体C．抗病株×抗病株，或感病株×感病株D．抗病纯合体×抗病纯合体，或感病纯合体×感病纯合体【答案】B【解析】因不确定亲本是否纯合，若抗病株与感病株的杂交后代只有一种表现型，则可推断显隐性关系，若抗病株与感病株的杂交后代有两种表现型，则不能推断显隐性关系，A错误；抗病纯合体与感病纯合体的杂交后代只有一种表现型，子代表现出的性状就是显性性状，B正确；因不确定亲本是否纯合，若抗病和感病的植株都是纯合体，则抗病株×抗病株、感病株×感病株的后代都无性状分别，无法推断显隐性，C、D错误。10．已知绵羊角的表现型与基因型的关系如表所示，下列推断正确的是()基因型HHHhhh公羊的表现型有角有角无角母羊的表现型有角无角无角A.若双亲无角，子代中也会出现有角B．若双亲有角，则子代全部有角C．若双亲基因型为Hh，则子代有角与无角的数量比为3∶1D．绵羊角的性状遗传不遵循基因的分别定律【答案】A【解析】双亲无角，假如母羊的基因型是Hh，则子代公羊中会出现有角，A正确；双亲有角，假如公羊的基因型是Hh，母羊的基因型是HH，则子代中基因型为Hh的母羊无角，B错误；若双亲基因型为Hh，则子代公羊中有角与无角的数量比为3∶1，母羊中有角与无角的数量比为1∶3，所以子代有角与无角的数量比为1∶1，C错误；绵羊角的性状遗传符合孟德尔的基因分别定律，D错误。11.番茄中红果、黄果是一对相对性状，D限制显性性状，d限制隐性性状。依据遗传图解回答下列问题：(1)红果、黄果中显性性状是________，做出这一推断是依据哪一过程？____________________________________________。(2)P中红果的遗传因子组成是________，F1中红果的遗传因子组成是________，F2的红果中遗传因子组成及比例是________。(3)P的两个个体的杂交相当于________________________________________________________________________。(4)F1黄果植株自交后代的性状是________，遗传因子组成是________，缘由是________________________________________________________________________。(5)假如须要得到纯种的红果番茄，你将怎样做？________________________________________________________________________。(6)F2自交得F3，F3中能稳定遗传的红果所占比例是________。【答案】(1)红果F1红果自交出现性状分别(2)DdDdDD∶Dd＝1∶2(3)测交(4)黄果dd黄果为隐性性状，只产生一种配子(5)让红果植株连续多代自交(6)3/16【解析】(1)依据F1红果自交后代出现性状分别可确定红果对黄果为显性。(2)P中红果与黄果杂交产生后代中有红果与黄果两种性状，说明P中红果是杂合子Dd；F1中红果由配子D与d结合而成，其自交后代中DD∶Dd＝1∶2。(3)杂合子P红果与隐性纯合子P黄果杂交，相当于测交。(4)F1黄果植株为隐性纯合子，其遗传因子组成是dd，由于只能产生一种配子，自交后代不会出现性状分别。(5)红果有DD与Dd两种遗传因子组成，DD自交后仍为DD；Dd自交后能产生DD、Dd、dd三种遗传因子组成，其中dd表现黄果性状被淘汰，因此让红果植株连续多代自交后纯合子DD比例上升。(6)F2中红果所占比例为1/2×3/4＝3/8，红果中1/3DD能稳定遗传，2/3Dd的子代中DD占1/4，故F3中纯合子红果占3/8×(1/3＋2/3×1/4)＝3/16。12．某学校生物小组在一块较为封闭的低凹地里发觉了一些野生植株，这些植株的花色有红色和白色两种，茎秆有绿茎和紫茎两种。同学们分两组对该植物的花色、茎色进行遗传方式的探究。请依据试验结果进行分析。第一组：取90对亲本进行试验其次组：取绿茎和紫茎的植株各1株杂交组合F1表现型杂交组合F1表现型A∶30对亲本红花×红花36红花∶1白花D：绿茎×紫茎绿茎∶紫茎＝1∶1B∶30对亲本红花×白花5红花∶1白花E：紫茎自交全为紫茎C∶30对亲本白花×白花全为白花F：绿茎自交由于虫害植株死亡(1)从第一组花色遗传的结果来看，花色隐性性状为________，最牢靠的推断依据是________组。(2)若任取B组的一株亲本红花植株使其自交，其子一代表现型及比例的状况是________________________________________________________________________。(3)由B组可以判定，该种群中显性纯合子与杂合子的比例约为________。(4)从其次组茎色遗传的结果来看，隐性性状为________，推断依据是________组。(5)假如F组正常生长繁殖的话，其子一代表现型的状况是________________。(6)A、B两组杂交后代没有出现3∶1或1∶1的分别比，试说明缘由：________________________________________________________________________________________________________________________________________________。【答案】(1)白色A(2)全为红花或红花∶白花＝3∶1(3)2∶1(4)紫茎D、E(5)绿茎∶紫茎＝3∶1(6)红花个体既有纯合子，又有杂合子，因此，后代不会出现肯定的分别比【解析】(1)由A组中“红花×红花”后代出现性状分别可以判定白色为隐性性状。依据C组不能作出推断，因为若亲代全为显性纯合子或有一方为显性纯合子，后代也会出现这种状况。(2)B组亲本中的随意一株红花植株，可能是纯合子也可能是杂合子，因此自交后代出现的状况是全为红花或红花∶白花＝3∶1。(3)设显性遗传因子为R，隐性遗传因子为r。B组的白花个体为隐性纯合子，F1中红花∶白花＝5∶1，后代总共6份，有1份白花，相应就有一份红花与其同父母。所以6份中2份来自红花杂合子(Rr)