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文档简介
中考恁枯&-(8
解题方法
1、圆中常见相似三角形
不含切线
△PACs^PDB
△ABDMAEC
△ACDs^CBD—AABC
2.在圆中解三角形或四边形的常用思路
画出特殊图形:如圆中的特殊三角形、特殊四边形等,在已知条件下,以结果为导向,在这些特殊图
形中求出一些中间量。
题型归纳
题型1:圆与三角形综合
题型2:圆与四边形综合
题型3:圆有关的动态问题•••
题型4:圆与坐标系或函数
题型5:以实际问题为背景,求圆与三角形、四边形综合问题
题型6:最值问题
题型7:在解三角形、四边形中作辅助圆
题型8:定值问题
题型9:在圆综合中求解三角函数值
题型J:圆与三角形综合
(2024•黑龙江哈尔滨•一模)已知,AD.BC为。O两条弦,AD±BC于点E,连接OE,AE=CE.
⑴如图1,连接OE,求NAEO的度数:
(2)如图2,连接AC,延长EO交AC于点N,点F为AC上一点,连接E尸,在E尸上方作等腰直角三角形
EFG,且4EGF=90°,连接NG,求证:NG〃BC;
⑶在⑵的条件下,连接AB,CD,当点G落在线段4B上时,过点O做04_LOE,交CD于点入,交CE于
点T,若OE=675,EG=2CL,求。O半径的长.
题目。(2024•黑龙江哈尔滨•一模)己知:AB为。。的直径,点。为卷上一点,连接AC,点。为与心上一
点,连接AD,过点。作AB的垂线,垂足为点尸,交。O于点E,连接CE,分别交AD和AB于点H和点K,
且NAHE=90".
(1)如图1,求证:ACAD=ABAD,
(2)如图2,连接加\过点H作*'的垂线交AB于点T,求证:AB=2RT;
(3)如图3,在(2)的条件下,连接BC交AD于点G,延长CD交AB的延长线于点M,若CM=AG,FT=5,
求CG的长.
题目可(2024•黑龙江哈尔滨•一模)如图1,在0O中,直径AB垂直弦8于点G,连接AD,过点C作CFJ_
AD于F,交AB于点H,交O。于点E,连接。E.
题目国〕(2024.浙江.模拟预测)如图1,AABC内接于。O,作ADJ_B。于点。.
图1图2图3
(1)连结AO,BO.求证:NAOB+2ND4C=180°;
⑵如图2,若点E为弧AC上一点,连结BE交AD于点尸,若NBAD=2NCAD,ADBF+4ZCAD=90°,
连结。尸,求证:OF平分NAFR;
(3)在(2)的条件下,如图3,点G为BC上一点,连结EG,4BGE=2ZC.若凡0=C,班+及7=3,求
。尸的长.
题型2:圆与四边形综合
题目⑸(2024.浙江杭州.模拟预测)如图,四边形ABCD内接于。O,AC为。O的直径,DELAC于点F
交于点£.
图1图2
(1)设a,试用含a的代数式表示NADE;
(2)如图2,若BE=3CE,求黑的值;
(3)在(2)的条件下,若AC,BD交于点G,设景=。,cosZBDE=y.
Ci*
①求夕关于力的函数表达式.
②若BC=B。,求g的值.
题目回(2024•广东珠海•一模)如图1,尸为正方形ABCD边BC上一点,连接AF,在AF上取一点O,以
04为半径作圆,恰好使得。O经过点8且与CD相切于点E.
图1图2
(1)若正方形的边长为4时,求G)。的半径;
(2)如图2,将AF绕点A逆时针旋转45°后,其所在直线与。O交于点G,与边CD交于点H,连接DG,
BG.
①求NADG的度数;
②求证:ABBF+AGFG=BG2.
题型3:圆有关的动态问题
题目0(2024.广东・一模)综合探究:
如图,已知AB=10,以AB为直径作半圆O,半径OA绕点O顺时针旋转得到OC,点A的对应点为C,当
点C与点B重合时停止.连接BC并延长到点使得CD=BC,过点。作DE_LAB于点E,连接AD,
AC.
题目回(2024.浙江湖州•一模)如图,在OABCD中,NB是锐角,AB=6,^,BC=10,在射线BA上取一点
P,过P作PE_LBC于点E,过P,E,C三点作。O.
•••
题型4:圆与坐标系或函数
题目应(2021福建龙岩.一模)如图,抛物线y=-/+3方+4与。轴分别交于A、B两点(点A在点B的左
侧)与y轴交于点C.
⑴直接写出力、B、C三点的坐标:
(2)如图(1),P是抛物线上异于A,B的一点,将点B绕点P顺时针旋转45°得到点Q,若点Q恰好在直线
AP上,求点P的坐标:
(3)如图(2),AW是抛物线上异于的两个动点,直线BN与直线CA/交于点T,若直线AGV经过定点
(1,3),求证:点T的运动轨迹是一条定直线.
题目口口(2024.江苏常州.模拟预测)定义:在平面直角坐标系。Oy中,尸、Q为平面内不重合的两个点,其中
「(。1,统)©(磔统).若:的+夕1=02+纺,则称点Q为点P的“等和点”.
(1)如图1,已知点尸(2,1),求点尸在直线y=o+1上''等和点'’的坐标;
(2)如图2,。A的半径为1,圆心4坐标为(2,0).若点P(0,m)在◎A上有且只有一个“等和点”,求m的
值;
(3)若函数y=—。2+23<m)的图像记为IR,将其沿直线。=小翻折后的图像记为T4.当TR,1%两部分
组成的图像上恰有点P(0,m)的两个“等和点”,请直接写出m的取值范围.
••
题目巨〕(.江苏宿迁.一模)如图在平面直角坐标系xOy中,抛物线加与°轴分别相交于
220241,y=2+k+3
A、B两点,与y轴相交于点C,己知点A的坐标为(一1,0),点B的坐标为(3,0).
•••
题目匡〕(2024・江苏宿迁•二模)中国象棋棋盘上双方的分界处称为“楚河汉界”,以“楚河汉界”比喻双方对垒
的分界线.在平面直角坐标系中,为了对两个图形进行分界,对''楚河汉界线”给出如下定义:点尸(。1,幼)是
图形Gi上的任意一点,点。(啊,纺)是图形G上的任意一点,若存在直线l:y=kx+b(k^O)满足yWkX1
+b且终》上+d则直线y=K+b(A:#O)就是图形G与G2的“楚河汉界线例如:如图1,直线Z:y=F
一4是函数?=旦(。<0)的图像与正方形OABC的一条“楚河汉界线”.
X
题型5:以实际问题为背景,求圆与三角形、四边形综合问题
If。(2024•陕西西安•一模)【问题提出】
(1)如图1,已知在边长为5的等边中,点D在边3。上,=3,连接AD,则△ACD的面积为」
【问题探究】
⑵如图2,已知在边长为6的正方形ABCD中,点E在边BC上,点F在边CD上,且/EAF=45°,若EF=
5,求△AEF的面积;
【问题解决】
(3)如图3是某座城市廷康大道的一部分,因自来水抢修在AB=4米,AD=4四米的矩形ABCD区域内开
挖一个△AEF的工作面,其中分别在B。、CD边上(不与B、重合),且/EAF=60°,为了减少对
该路段的拥堵影响,要求△AEF面积最小,那么是否存在一个面积最小的△AEF?若存在,请求出△入£?
面积的最小值;若不存在,请说明理由.
•••
量目区(2024•陕西西安・一模)【问题提出】
⑴如图1,点。为4ABC的边BC上一点,连接AD,ABDA=ZBAC,^=,若AABD的面积为4,则
A.IDo
△ACD的面积为;
【问题探究】
(2)如图2,在矩形ABCD中,AB=6,6。=5,在射线BC和射线CD上分别取点E、F,使得祟=2,连接
CF5
AE.BF相交于点P,连接CP,求CP的最小值;
【问题解决】
(3)如图3,菱形ABCD是某社区的一块空地,经测量,AB=120米,乙4BC=60°.社区管委会计划对该空
地进行重新规划利用,在射线AD上取一点E,沿BE、CE修两条小路,并在小路BE上取点H,将CH段铺
设成某种具有较高观赏价值的休闲通道(通道宽度忽略不计),根据设计要求,2BHC=/BCE,为了节省铺
设成本,要求休闲通道CH的长度尽可能小,问CH的长度是否存在最小值?若存在,求出S长度的最小
值;若不存在,请说明理由.
图1图2图3
•••
题型6:最值问题
题目正(2024•湖南长沙•三模)如图1,A,B,C为0O上不重合的三点,GC为0O的切线,yZG+ZA=
90°.
图1图2
—
题目叵(2024•重庆•模拟预测)如图,在直角△ABC中,90°.点。为△4BC内一点,且/ADB=
60°,E为线段BO的中点,连接AE.
•••
题型7:在解三角形、四边形中作辅助圆
:题目叵(2024•福建泉州•一模)如图1,在OABCD中,BE平分/ABC交AO于点E,尸是CD上一点,且
DF=DE.
图1图2
•••
题型8:定值问题
[题目叵(2024•浙江•模拟预测)如图1,E点为2轴正半轴上一点,。右交必轴于4B两点,P点为劣弧BC
上一个动点,且4—l,0)、E(l,0).
—
题型9:在圆综合中求解三角函数值
题目为(2024•湖南长沙•一模)如图1,在电△ABC中,乙45。=90°,47=30°,反7=4如;。是的中
点.经过A,B,。三点的。。交AC于点E,连接BE.
⑴求AE和BE的长;
(2)如图2,两动点P、Q分别同时从点A和点。出发匀速运动,当点P运动到点E时,点Q恰好运动到点
B,P、Q停止运动,连接PQ.
①记AP=2,当馍。。的面积最大时,求c的值;
②如图3,连接BP并延长交OO于点F,连接AF、FE.当BE平分AFBC时,求sinZABF的值.
—
遮目包](2024•上海杨浦・一模)已知以AB为直径的半圆。上有一点C,CD_L04垂足为点。,点E是半
径OC上一点(不与点。、C重合),作EFLOC交弧BC于点F,连接OF.
(1)如图1,当FE的延长线经过点A时,求
(2)如图2,作FG,AB,垂足为点G,连接EG.
①试判断EG与CD的大小关系,并证明你的结论;
②当4EFG是等腰三角形,且sinZCOZ)=”,求染的值.
5OD
—
中考人枯殿-圆
解题方法
1、圆中常见相似三角形
不含切线含切线(4。是。。的切线)
B4cs"08
LABD^LAEC
2.在圆中解三角形或四边形的常用思路
画出特殊图形:如圆中的特殊三角形、特殊四边形等,在已知条件下,以结果为导向,在这些特殊图
形中求出一些中间量。
题型归纳
题型1:圆与三角形综合
题型2:圆与四边形综合
题型3:圆有关的动态问题
题型4:圆与坐标系或函数
题型5:以实际问题为背景,求圆与三角形、四边形综合问题
题型6:最值问题
题型7:在解三角形、四边形中作辅助圆
题型8:定值问题
题型9:在圆综合中求解三角函数值
题型1:圆与三角形综合
,题日①(2024.黑龙江哈尔滨.一模)已知,为③。两条弦,40,8。于点后,连接。£;,AE=CE.
(1)如图1,连接OE,求AAEO的度数;
(2)如图2,连接AC,延长EO交AC于点N,点F为AC上一点,连接EF,在EF上方作等腰直角三角形
EFG,且NEGF=90°,连接NG,求证:NG〃BC;
(3)在(2)的条件下,连接AB,CD,当点G落在线段AB上时,过点。做交CD于点乙,交CE于
点T,若OE=6叵EG=2CL,求30半径的长.
【答案】(1)45。
(2)见详解
(3)675
【分析】本题考查了圆与三角形的综合,涉及到全等三角形的判定与性质,等腰三角形的性质,平行线成比
例,勾股定理,圆周角定理等,正确添加辅助线,熟练灵活运用知识点是解决本题的关键.
(1)连接OAOC,证明△AEO经△CEO即可;
(2)过点G作GR_LGN交EN于点A,先证明△GER24GFN,得GR=GN,
所以/GNR=/GRN=45°,得到4GNR=4NEC,故GN//BC.
(3)过G作GA_LGN交NE的延长线于点R,连接。D,OC,作OK_LCD于点、K,OH_LCE于点先证
明^\ABE咨ACDE,:.EG=卷CD,设CL=a,EG=2a,AB=。。=4a,DL=3a,则。。=OG=2V2a,
OK=OK=2a,KL=a■,证出AKOL=AOCT,则tan/KOL=tanZOCT,
最后在AtZXOCH中运用勾股定理求OC=
【解析】(1)连接040。,
•••OAOC为。O半径,
:.OA^OC,
,:EA=ECQE=OE,
:.△AEOn△CEO,
NAEO=/CEO,
•:AD±BC,图1
ZAEC=90°,•••
・・.AAEO=ZCEO=yZAEC=45°;
(2)证明:过点G作GR_LGN交EN于点A,
・・.ZRGN=90°,
・・・4RGN=Z.EGF,
・・・ARGN-4RGF=AEGF-ARGF,
・•.AEGR=AFGN,AE=CE,/AEN=Z.CEN,
:・EN工AC,AN=CN,
・・.ZENC=90°,
:.AENC=90°=AEGF,
:"GEN=NGFN,图2
叉♦・,GE=GF,
・・・/\GER^/\GFN,
:.GR=GN,
:.AGNR=ZGRN=45°,
:.4GNR=/NEC,
・・.GN//BC.
⑶过G作GALGN交NE的延长线于点儿连接QD,O。,作OK,CO于点K,OH_LCE于点、H,
由(2)得/\GFN注AGER,得GN〃BC,
.ANAG
"CZV-BGJ
・・•AN=CN,
・・.AG=BG,AAEB=90°,
:.EG=AB,ABAD=/BCD,AE=CE,/AEB=ACED,
・・・AABE名/\CDE,
:,AB=CD,
;.EG=fcD,
设CL=a,EG=2Q,AB=CD=4a,DL=3Q,ZEAC=90°—/AEN=45°,
・・.Z£>OC=90°,
・・・4DOK=/COK=45°,
・・・4ODC=4OCD=45°,
则OD—OC—2〃5a,OK—DK—2a,KL—a,
在Rt/XOKL中,tan/LOK=
•:OL_LOEf
:.NEOL=90°,
・・・/OED=/OTE=45°,
・・・AKOL+ZLOC=45°,/OCT+ZLOC=45°,
・・・/KOL=/OCT,
:.tanZATOL=tanZOCT,
OE=6A/2,OH=6,HC=12,
在Rt/\OCH中,OEOH\HC2,
:.OC—6A/5.•••
题目区(2024•黑龙江哈尔滨•一模)已知:AB为。。的直径,点。为卷上一点,连接AC,点。为后心上一
点,连接AO,过点D作AB的垂线,垂足为点F,交OO于点E,连接CE,分别交AD和AB于点H和点K,
且/AHE=90°.
⑴如图1,求证:ACADABAD
⑵如图2,连接成,过点H作上田的垂线交AB于点T,求证:AB=2FT;
⑶如图3,在⑵的条件下,连接B。交AO于点G,延长CD交AB的延长线于点M,若CM=AG,FT=5,
求CG的长.
【答案】(1)见详解
(2)见详解
⑶寺
O
【分析】(1)证明4AHC〜△AFD,即可得出结论;
(2)连接证明AAH"^AHK(ASA),得至[CH=KH,ZACH=乙4KH,证明ATKHs/\FDH,得到
Z.HTK=AHFD,根据直角三角形斜边上的中线等于斜边的一半得出毋,得到NTHK=ZACH,推
出AC//TH,证明4AKC〜ZYTKH,得到第=等==2,再证明4ABC〜/\TFH,即可证明结
1HHKHK
论;
⑶连接GK,过点M作CB的垂线,垂足为点N,证明4AHC^^AHK(ASA),得到CH=KH,AC=AK,
进而推出/4。3=乙4的,证明434?<笃^^0?/(>145<),得到>1。=>17<=。^,进而推出GK=MN=
CG,1正明△GBKW4MBN(AAS),得至UBK=BN,设BK=BN=a,则AK=AC=CN=10-a,CB=10
—2a,求出BK=2,47=8,BC=6,设CG=GK=M,则GB=6—利用勾股定理即可求解.
【解析】(1)解:••,AB_LDE,
ZAFL>=90°
乙4HE=90°,4c=2D
:.AAHC-4AFD
:"CAD=2DAB;
⑵解:如图2:连接BC,
由(1)知/。>1D=/_DAB,
•/AAHK=ZAHC=90°,AH=AH,
:.AAHC^/XAHK^ASA),
CH=KH,AACH=/LAKH,
•:ABAD+Z.AKH=ABAD+ZADF=90°,图2
ZADF=Z.AKH,
•:TH±FH,
:.ZTHK+Z.FHK=AFHK+ZFHD=90°,
:.4THK=4FHD,
•••
・・.NTKH~/\FDH,
:.4HTK=4HFD,
・・,点F是。石的中点,/EHD=90°,
:.HF=DF,
:.乙FHD=ZFDH,
:.NTHK=4TKH,
•:4TKH=/ACH,
・・・4THK=4ACH,
:.ACIITH,
・・・dAKC〜dTKH
.AC=CK=2HK=
HK~
・・・ACIITH
:.4CAB=/HTB,
・・・4ACB=/THF=90°
・・・/\ABC〜/\TFH
.=J4C=9
・,TFTH
・・.AB=2FT;
⑶解:如图3,连接GK,过点M作CB的垂线,垂足为点N,
・・・ACAD=/BAD,/AHC=4AHK=90°,AH=AH
:.△AHC空△AHK(4S4)
:・CH=KH,AC=AK
・・.ZACK=AAKC
:.CG=GK
・・.ZGCK=AGKC
:.AACK+AGCK=AAKC+AGKC
:.4ACG=4AKG
・・・AB是。O直径
・・・AACB=AAKG=AGKB=90°
・・・4AKG=4CNM=90°,4GAK=/MCN,AG=CM
・・・AGAK艺/\MCN(AAS)
・・.AC=AK=CN
:・GK=MN=CG
・・,AGKB=AMNB=90°,/GBK=AMBN
:./\GBK^/XMBN^AAS)
:・BK=BN
VTF=5,AB=2FTf
:.AB=109OA=OB=5f
设BK=BN=Q,则AK=AC=C7V=10—a,CB=10—2。
在Rt/\ABC中,AC2+BC2=AB2
即(10—a)2+(10—2a)2=102
a=2或a=10(舍去)
:.BK=2,AC=8,BC=6
设CG=GK=M,则GB=6—m,—
在Rt/\GKB中,GK2+BK2=GB1
即m2+22=(6—m)2
.8
..m——
o
.♦.CG=*
【点睛】本题考查了圆与三角形的综合问题,等腰三角形的判定和性质,圆周角定理,三角形全等的判定和性
质,相似三角形的判定与性质,勾股定理,等知识,解决问题的关键是作辅助线,构造相似三角形,全等三角
形.
,题白Q(2024.黑龙江哈尔滨.一模)如图1,在。。中,直径AB垂直弦CD于点G,连接AD,过点。作CF,
40于F,交AB于点H,交⑷。于点E,连接OE.
图1图2图3
—
:,乙CHG=AADC,
又・・・ZADC=ZBf
:.ZCHG=ZBf
:・CH=CB,
由⑴知:NE=2NECD,
:.CD=2DE,
•:CD=2BC,
:.DE=BCf
:・DE=BC=CH・,
⑶连接OC,AE,则:ZABB=90°,
•:OH=2OG9
设OG=力,则OH=2x,
:.HG=OH+OG=3x,
由⑵知,BC=CH,
・・・ABVCD,
:.BG—GH—3力,
:.OB—BG+OG—4x,
OC—4x,AB—8x,AH—2x,
•・・ZCfffi=NAHE,ACBH=Z.CEA,且ACHB=ACBH,
・・・4AHE=/CEA,
:.AE—AH—2x,
/.Rt/\ABE中,BE=-JAB2—AE2=2V15x,
RtAOGC中,CG=VOC2-OG2=V15a;,
Rt^HGC中,CH=y/CG2+GH2=2娓x,
•:DE=BC=BD,
/BAD=NDCE,
sinZ.BAD—sin/DCE,即:„=„,
A.HOH
•VW=3z:
"2x~2V6X'
•/些
.・力3’
BE—2V152:=20,BG=3c=2VlK,AB—8x—,
o
・・・/ABE=4GBN,/BGN=ZAEB=9Q°,
:・/\BGN〜/\BEA,
.BN=BG
,•布―南,
.BN=BGYB=2E中
BE20'
:.EN=BE—BN=\2.
【点睛】此题主要考查圆的综合问题,涉及到垂径定理,圆周角定理,弧、弦、角之间的关系,解直角三角形,相
似三角形的判定和性质,综合性强,难度较大,熟悉圆的相关性质,会结合题意灵活运用勾股定理和方程思
想,会借助相似三角形构建等量关系是解题的关键.
:题目回(2024.浙江.模拟预测)如图1,△48。内接于。。,作AD,于点D•••
DG7C
(1)连结A。,BO.求证:ZAOB+2ZDAC=180°;
(2)如图2,若点E为弧AC上一点,连结BE交AD于点、F,若ABAD=2ACAD,ADBF+4/CAD=90°,
连结。F,求证:O尸平分/AFB;
⑶在⑵的条件下,如图3,点G为BC上一点,连结EG,4BGE=2"若AO=«,BD+EG=3,求
DF的长.
【答案】(1)见解析
(2)见解析
【分析】
⑴根据同弧所对的圆周角是圆心角的一半,且结合AD±BC,即可作答;
(2)先根据三角形的外角性质,得NABF=ABAD=2a,等角对等边,得BF=AF,即可证明ZV/lOF笃
△BOF(SSS),结合全等三角形的对应角相等,即可作答;
(3)根据同弧所对的圆周角是相等,得=90°-a,由三角形的内角和,得=90°—a,等角对等
边,得AB=BE,进而证明△ABDZ4BEM(AAS),得ME=BD,等角对等边,得EG=EN,故MN=ME
+EN=3,因为AMBE=NMNB,BMN=NBMN=90°,证明4BME〜/XNMB,得手=嘤^,解得ME=
2,由勾股定理建立式子,即可作答.
【解析】(1)证明::ADYBC,
:.ZADC=90°,
:./C+/ZMC=90°,
••.2/C+2/DAC=180°,
ZAOB=2/C,
AAOB+2/D4C=180°;
(2)证明:设/CAD=a,
•/ABAD=2ACAD,ADBF+4/CAD=90°,
ABAD=2a,AFBD=90°-4a,
/BFD=4a,
:.4ABF=/RAD=2w,
:.BF=AFf
,:OB—OA,OF—OF,
・・・/XAOF^ABOF(SSS),
・・・/BFO=/AFO,
・・・O尸平分乙4尸B;
(3)解:连接4E,过点后作矶f_LAB于点“交BC的延长线于点N,•••
由(2)得,乙4cB=90°—a,
・・.AAEB=9Q°—a,
・・・/ABF=/BAD=2a,
/./ABE=2a,
・・・ABGE=2NC,且/。=90°—a,
・・・/BAE=180°-/LABE-AAEB=90°-a,ABGE=180°—2。,
・・・/.BEA=/BAE,ZEGC=2a,
/.AB—BE,
・・•/.BAD=/ABE,ABME=AADB=90°,
・•・/\ABDn相EM(AAS),
・・.ME=BD,AD=MB=®AMEB=/DBA=90°-2a,
・・・AEBN=90°—4a,
・・.NN=2a,
・・・AEGC=/ENG,
・・.EG=EN,
・;BD+EG=3,
:,MN=ME+EN=3,
・・・4MBE=4MNB,BMN=乙BMN=90°,
,MBME〜ANMB,
.BM=ME
"NM~^B9
.正=ME
•〒一词’
:.ME=2,
:.ME=BD=2,
•:BD2+DF2=BF2,
:.2\DF2=(V6-OF)2,
・・.DF=乎.
6
【点睛】本题考查了圆综合,涉及圆周角定理,三角形外角性质,相似三角形的判定与性质,全等三角形的判
定与性质,勾股定理等综合内容,难度较大,综合性较强,学会灵活运用等角对等边以及作出正确的辅助线是
解题的关键.
题型2:圆与四边形综合
:题目回(2024•浙江杭州•模拟预测)如图,四边形ABCD内接于。O,AC为。。的直径,DELAC于点F
交BC于点E.
图1图2
(1)设/DBC=a,试用含a的代数式表示NADE:•••
⑵如图2,若BE=3CE,求黑的值;
UB/
⑶在⑵的条件下,若47,_8。交于点G,设^^=x,cosABDE=y.
CJT
①求沙关于,的函数表达式.
②若求"的值.
【答案】⑴90°—a
(2)2
2
⑶①V=
6+1
【分析】(1)根据同弧所对的圆周角相等,结合三角形的内角和定理,即可得解;
⑵圆周角定理得到乙4。。=90°=乙4FD,进而得到/D4C=/CDF,推出△DCE〜△BCD,得到黑=
L)E
综=察,设CE=a,求出CD的长,即可得出结果;
CDCE
(3)①过点G作GH//DE,得到△CEF〜△SG,ABHG〜ABED,进而得到需=桀=第,黑=
CHCGGHDE
需=暮,根据等=g8£=33;,推出。3=^BD,DF=产、•DE,利用"=cosABDE=熹
r>n/r>U(^ro3(/+1)DG
结合黑=2进行求解即可;
DE
②作EW_LB_D于W,根据已知条件推出BD=4CE,DE=2CE,设CE=a,DW=M,勾股定理求出巾=
日a,再根据y=cosZBDE=*善求解即可.
oUE/
【解析】(1)解:•・,四边形ABCD内接于。O,
・・・/DAC=/CBD=a,
•:DE±AC,
:.ZAFD=90°f
:.NADE=90°-ZDAC=90°-a;
(2)V4。为。。的直径,
・・.ZADC=90°=ZAFD,
・・.ZDAC=ZCDF=90°-AADF,
・・•ZDBC=/DAC,
:.ADBC=乙CDF,
・・・4DCE=/BCD,
.-.△nCE-ABCD,
.BD=BC=CD
''^E~~CD~~CE"
•:BE=3CE,
:.设CE=a,则:BE=3a,
・・・BC=4a,
・・・CD?:石。・五=4Q.Q=402,
・・.CD=2Q(负值舍去);
,BD=BC=4a=2.
"DE-CD-2^-;
(3)①过点G作GH7/DE,
则:/\CEF〜4cHG,/\BHG~4BED,
.CE=CF=EFGH=BH=BG
一~CH~~CG~~GH^^E~~BE~~BD
77=a:,BE=3CE,
Ur
:.EF=^--GHCH=(x+l)CE
x-rlff
:.BH=BC-CH=^CE-O+1)CE=(3—c)CE,
•:BE=3CE,
.BG__GH_BH_3—x
"BDDEBE3,
3-7Q9_3-CD7~)
•••KJll——3un,,-oCr3BD,
・・.DG=:BD—BG=弓RD斤—1「口―DE,
o/+1'3(^+1)
:・DF=DE—EF=产、・DE,
3(z+l)
n/?_3(3.DE
••,〃y,一5ccG/anz?—ui
DGfBD
由(2)知:萼=2,
UrL/
4x
3Q+1)2
3/
②如图,作EW±BD于W,
・・・BC=BD,BD=2DE,BC=4CE,
:・BD=4CE,DE=2CE,
设CE=a,DW:BD=4a,DE=2a,BE=3a,BW=BD—DW—^a—m,
・・・EW2=DE2-DW2=BE2-BW2,
4a2—m2=9a2—(4a—m)2,
解得:m—耳a,
o
DW_晋。_11
y=cos/BDE=
DE2a16
【点睛】本题考查圆的综合应用,涉及到圆周角定理,相似三角形的判定和性质,解直角三角形,求函数解析
式,勾股定理等知识点,综合性强,难度大,计算量大,掌握圆周角定理,添加辅助线,构造特殊图形和相似三
角形,是解题的关键,注意计算的准确性.
题目回(2024.广东珠海・一模)如图1,F为正方形4BCD边上一点,连接AF,在AF上取一点O,以
OA为半径作圆,恰好使得。。经过点B且与CD相切于点E.
图1图2
(1)若正方形的边长为4时,求。O的半径;
(2)如图2,将AF绕点A逆时针旋转45°后,其所在直线与。O交于点G,与边CD交于点连接DG,
BG.
①求/ADG的度数;
②求证:ABBF+AGFG=BG2.
【答案】⑴
(2)①45°;②证明见解析
【分析】(1)连接OB、OE,如图所示,先证明AF是。。的直径,再证明OE是梯形的中位线,设。。的半径
为r,由梯形中位线性质及正方形性质得到FC=2r-4,BF=8-2r,AF=2T,在RtAABF中,由勾股定理
列方程求解即可得到答案;
(2)①连接BD交。。于如图所示,利用正方形性质、旋转性质及圆周角定理得到BG与重合,即可
得到答案;②过点G作GM_LBC于河,GN_LAB于N,如图所示,得到四边形BMGN是矩形,进而结合等
腰直角三角形的判定、全等的判定与性质、正方形的判定与性质得到相应边的关系,设正方形的边长
为a,AN=b,则AB=BN+AN=a+b,BF=BM-FM=a-b,在RtLGMF中,由勾股定理可得
GF?=及,在RtdGMB中,由勾股定理可得GB?=2a2,即可得到所证等式成立.
【解析】⑴解:连接OB、OE,如图所示:
----、D
OA=OB,OE±DC,
:.ABAC=AOBA,OE//ADIIBC,
在正方形ABCD中,NABF=90°,则ZBAC+/APB=90°,AOBA+AOBF=90°,
NOBF=/OF5,则05=OF,即OA=OB=OF,
.•.O为4F的中点,
•:OE//AD//BC,
.•・嫖=黑=1,即E是。。中点,
:.OE是梯形的中位线,则OE=5(4。+FC),
设。O的半径为r,则FC=2r-4,
:.BF=4—FC=8—2T,AF=2r,
在RtAABF中,由勾股定理可得AB2+BF2=AF2,即42+(8-2r)(2吟,,解得r=*
(2)解:①连接BD交OO于/,如图所示:,4^D
在正方形ABCD中,NABD=45°,/IV
♦.•力P是OO的直径,且将AF绕点4逆时针旋转45°到AH,I
AFAH=45°,AAGF=90°,I/\E
・w—,
・・•AG=AG,*----------
乙4BG=/AFG=45°,
ABG与重合,则AADG=45°;
②过点G作GAf_LBC于W,GN_LAB于N,如图所示:
四边形BMGN是矩形,
由①知AABG=45°,则AGBF=45°,
二△BMG是等腰直角三角形,即MG=MB,
四边形BMGW是正方形,
GN=GM,
由①知△AGF是等腰直角三角形,即GA=GF,
:.Rt^GNA空Rt4GMF(HL),
AN=FM,
设正方形BMGN的边长为a,AN=FM=b,则AB=BN+AN=a+b,BF=BM-FM=a-b,
在RtAGMF中,由勾股定理可得GF2=GMAFM三a2+62,
在Rt^GMB中,由勾股定理可得Gpz=GM2+BM2^a2+a2^2a2,
AB-BF+AG-FG
=ABBF+FGFG
=(a+b)(a—b)+(o2+b2)
=2a2
=BG2,
:.ABBF+AG-FG=BG2.
【点睛】本题难度较大,综合性强,涉及圆周角定理、梯形中位线的判定与性质、勾股定理、旋转性质、圆周角
定理、矩形的判定、正方形的判定与性质、等腰直角三角形的判定与性质、全等三角形的判定与性质等知识,
熟练掌握相关几何性质与判定,根据问题作出相应辅助线求解是解决问题的关键.
题型3:圆有关的动态问题
〔题目〔7〕(2024.广东.一模)综合探究:
如图,已知48=10,以AB为直径作半圆O,半径。入绕点。顺时针旋转得到OC,点A的对应点为。,当
点。与点B重合时停止.连接BC并延长到点D,使得CD=8。,过点。作。E,于点E,连接AD,
AC.
—
(3)PC_LAO.理由见解析
【分析】⑴由圆周角定理得到AC_LBC,结合已知条件CD=BC和等腰三角形“三线合一”性质推知AD
=AB=10,再由等腰“三线合一”性质得到AD=BD,即可得到结论;
⑵分类讨论:点E在线段AO和线段OB上,借助勾股定理求得BC的长度;
⑶由三角形中位线定理知OC7/AD,又由切线的性质知PC_LOC,根据平行线的性质即可得到答案.
【解析】是等边三角形,理由如下:
如图1,♦.•48是圆。的直径,
AC±BC,
丸•:CD=BC,口
:.AD=AB=10,/K
E•.•点ES与点。重合,T
Ao(玲E
-:AD=AB,3
图1
AD=AB=DB,
:.△ABD是等边三角形;
(2)VAB=10,
/.AO=BO=5,
当点E在?IO上时,
则AE=AO—OE=4,BE=BO+OE=6,
,/AD=W,DE±AO,
:.在Rt/\ADE和RtABDE中,
由勾股定理得AD2-AE2=BD2-BE2,
即102—42=802—62,
解得BD=2西,
.-.BC=yBD=VSO;
22
当点E在OB上时,同理可得1。2-62=B£>-4,
解得=后,
:.BC=^-BD=2V5-,
综上所述,BC的长为百或2遍
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