湖南省郴州市2025届高三物理下学期第二次教学质量监测试题含解析

PAGE19-湖南省郴州市2025届高三物理下学期其次次教学质量监测试题（含解析）一、选择题：共8小题，每小题6分；在每小题给出的四个选项中，第1~4题只有一个选项符合题意；第5~8题有多个选项符合题意，全部选对得6分，选对但不全得3分。1.很多科学家对物理学的发展作出了巨大贡献，也创建出了很多物理学方法，如志向试验法、限制变量法、极限思想法、建立物理模型法、类比法、和科学假设法等。以下关于物理学史和所用物理学方法的叙述错误的是（）A.卡文迪许奇妙地运用扭秤试验，用了放大法胜利测出引力常量B.合力与分力、点电荷、总电阻均用到“等效替代”方法的概念C.伽利略为了说明力是变更物体运动状态的缘由，用了志向试验法D.在不须要考虑物体本身的形态和大小时，用质点代替物体的方法叫志向模型法【答案】B【解析】【详解】A．卡文迪许奇妙地运用扭秤试验，用了放大法胜利测出引力常量，选项A正确，不符合题意；B．合力与分力、总电阻均用到“等效替代”方法的概念；点电荷是志向模型法，选项B错误，符合题意；C．伽利略为了说明力是变更物体运动状态的缘由，用了志向试验法，选项C正确，不符合题意；D．在不须要考虑物体本身的形态和大小时，用质点代替物体的方法叫志向模型法，选项D正确，不符合题意。故选B2.如图所示，A、B两物体靠在一起静止放在粗糙水平面上，质量分别为mA=1kg，mB=4kg，A、B与水平面间的滑动摩擦因数均为0.6，g取10m/s2，若用水平力FA=8N推A物体。则下列有关说法正确的是（）A.A对B的水平推力为8NB.B物体受3个力作用C.B物体受到水平面对左的摩擦力，大小为24ND.若FA变为40N，则A对B的推力为32N【答案】D【解析】【详解】A与地面的最大静摩擦力为B与地面的最大静摩擦力为。A．因为：所以没有推动AB物体，对A分析，可知A已达到最大静摩擦力，为6N，依据平衡条件有解得：依据牛顿第三定律可知，A对B的作用力和B对A的作用力等大反向，所以A对B的水平推力，A错误；BC．结合A项的分析，对B受力分析可知，B受重力、地面的支持力、水平向左的摩擦力和A对B水平向右的推力，四个力作用，在水平方向上BC错误；D．若所以能推动AB物体，对AB整体分析，依据牛顿其次定律有解得m/s2对B分析，依据牛顿其次定律有：解得：ND正确。故选D。3.一带电粒子仅在电场力作用下从A点起先以做直线运动，其v-t图像如图所示，粒子在时刻运动到B点，3时刻运动到C点，下列推断正确的是A.A、B、C三点的电势关系为B.A、B、C三点场强大小关系为C.粒子从A点经B点运动到C点，电势能先增加后削减D.粒子从A点经B点运动到C点，电场力先做正功后做负功【答案】C【解析】A、因为不知道带电粒子的电性，所以无法推断电势的关系，故A错误；B、由速度图像可知，加速度先增大后减小，所以B点的加速度最大，电场强度最大，故B错误；C、由图像可知：动能先减小后增大，依据能量守恒可知：电势能先增后减小，故C正确；D、因为电势能先增大后减小，所以电场力先做负功后做正功，故D错误；故选C．【点睛】速度图像的斜率大小表示加速度的大小，依据速度大小可知动能的变更，依据能量守恒可知电势能的变更．4.依据我国整个月球探测活动的安排，在第一步“绕月”工程圆满完成各项目标和科学探测任务后，其次步“落月”工程也已在2013年以前完成。假设月球半径为R，月球表面的重力加速度为g0，飞船沿距月球表面高度为3R的圆形轨道I运动，到达A处时，点火变轨进入椭圆轨道Ⅱ；到达轨道Ⅱ的近月B处再次点火进入月球近月圆轨道Ⅲ（距月球表面高度视为零）绕月球做圆周运动。下列推断正确的是（）A.飞船在轨道I上的运行速率为B.飞船在A处点火变轨时，动能增大C.飞船在A处变轨完成后向B处运行的过程中机械能增大D.飞船在轨道Ⅲ绕月球运行一周所需的时间为【答案】D【解析】【详解】A．在月球表面有在轨道I上运动有解得故A错误；B．飞船在A点处点火变轨后做向心运动，可知须要的向心力小于供应的向心力，由向心力的公式可知飞船的速度减小，动能减小，故B错误；C．飞船从A到B的过程中，只有万有引力做功，机械能守恒不变，故C错误；D．在月球表面有在轨道III上运动有联立解得卫星在轨道III上运动一周所需时间故D正确故选D。5.如图所示，一块质量为M的木板停在光滑的水平面上，木板的左端有挡板，挡板上固定一个轻质小弹簧。一个质量为m的小物块（可视为质点）以水平速度v0从木板的最右端起先向左运动，与弹簧碰撞后（弹簧处于弹性限度内），最终又恰好相对静止在木板的最右端。以下说法正确的是（）A.物块的最终速度为B.木板的最终速度为v0C.弹簧的最大弹性势能D.木板和小物块组成的系统最终损失的机械能【答案】D【解析】【详解】AB．小木块从起先位置滑动到最终相对长木板静止过程，小木块m与长木板M构成的系统动量守恒，则有解得①故AB错误；C．小木块从起先位置滑动到最左端的过程，小木块m与长木板M构成的系统动量守恒，则有解得②小木块滑动到最左端的过程中，由能量守恒定律，得③④小木块从起先滑动到最右端的过程中，由能量守恒定律，得⑤⑥由①～⑥式，解得所以最大弹性势能为系统损失的机械能为故C错误，D正确。故选D。6.如图所示，用轻绳连接的滑轮组下方悬挂着两个物体，它们的质量分别为m1、m2，且m2=2m1，m1用轻绳挂在动滑轮上，滑轮的质量、摩擦均不计。现将系统从静止释放，对m1上升h高度（h小于两滑轮起始高度差）这一过程，下列说法正确的是（）A.m2减小的重力势能全部转化为m1增加的重力势能B.m1上升到h高度时的速度为C.轻绳对m2做功的功率与轻绳对m1做功的功率大小相等D.轻绳的张力大小为【答案】BC【解析】【详解】A．依据能量守恒可知，m2减小的重力势能全部转化为m1的重力势能和两物体的动能，故A错误；B．依据动滑轮的特点可知，m2的速度为m1速度的2倍，依据动能定理可得m2g•2h−m1gh＝m2v22+m1v12解得故B正确；C．绳子的拉力相同，故轻绳对m2做功的功率P2=Fv2轻绳对m1做功的功率P1=2F•v1由于v2=2v1，故轻绳对m2做功的功率与轻绳对m1做功的功率大小相等，故C正确；D．依据动滑轮的特点可知，m1的加速度为m2的加速度的一半，依据牛顿其次定律可知2F-m1g=m1am2g-F=m2a′a′=2a联立解得故D错误；故选BC。7.四个相同的灯泡分别接在如图所示的位置志向变压器原线圈串联灯泡L1，AB两端接沟通电源电压按如图乙所示规律变更，现闭合开关S，四个灯泡均正常发光，下列说法正确的是（）A.电压表示数为220V B.电压表示数为160VC.灯泡的额定电压为55V D.变压器原副线圈的匝数比为3：1【答案】CD【解析】【详解】由图乙可知AB两端电压有效值为，因四个灯泡均正常工作，可知原、副线圈电流之比为依据可知变压器原、副线圈的匝数比为；灯泡的额定电压为U，则电压表示数为故则故AB错误，CD正确。故选CD。8.如图所示，在等腰直角三角形ABC内充溢垂直纸面对外的匀强磁场（图中未画出），AB边长度为d。现垂直AC边射入大量质量m、电荷量q的带正电粒子，已知从AC边射出的粒子在磁场中运动的时间为t0，不计重力、不考虑粒子间的相互作用。则下列推断中正确的是（）A.粒子在磁场中做匀速圆周运动的周期为2t0B.该匀强磁场的磁感应强度大小为C.从AC边射出粒子进入磁场速度的最大值为D.从AC边射出粒子在磁场中运动的轨道半径肯定为【答案】AC【解析】【详解】A．粒子垂直于AC边射入磁场，然后在磁场中做匀速圆周运动，从AC边射出的粒子在磁场中运动的时间为t0，可知粒子在磁场中做匀速圆周运动的周期为2t0，选项A正确；B．依据可知该匀强磁场的磁感应强度大小为选项B错误；C．由几何关系可知，从AC边射出粒子在磁场中运动的半径的最大值为，依据可得从AC边进入磁场的速度的最大值为选项C正确；D．从AC边射出粒子在磁场中运动的半径的最大值为，选项D错误。故选AC二、非选择题（包括必考题和选考题两部分。第9题~第10题为必考题，每个试题考生都必需作答。第13题~第16题为选考题，考生依据要求作答）（一）必考题9.某同学用气垫导轨验证机械能守恒定律，试验装置如图甲所示。试验中，让滑块都从气垫导轨某一固定位置O处由静止释放，已测得气垫导轨倾角为。（1）下列物理量不须要测量是______。A．滑块和挡光板的总质量MB．光电门位置P到O点之间的距离lC．挡光片通过光电门遮光时间△tD．挡光片的宽度d（2）先用游标卡尺测出挡光片的宽度，读数如图乙所示，则宽度d=_________mm。（3）若某次试验中测出宽度d=10.00mm，挡光片通过光电门遮光时间△t=4.50ms，则滑块通过光电门的速度v_______m/s（计算结果保留3位有效数字）。【答案】(1).A(2).10.20(3).2.22【解析】【详解】（1）[1]试验须要验证的关系是即则不须要测量的是滑块和挡光板的总质量M，故选A。（2）[2]宽度d=1cm+0.05mm×4=1.020cm=10.20mm.（3）[3]滑块通过光电门的速度10.为精确测量电源的电动势和内阻，试验小组设计了图甲所示电路，图中S2为单刀双掷开关，定值电阻R0=4．试验时先闭合开关S1，然后分别将S2先后接到1和2，移动滑动变阻器滑片，记录多组电压表和电流表的读数U和I，最终通过描点得到图乙所的两条U-I关系图线。（1）请依据图甲，在图丙中将单双掷开关连入电路________。（2）若只考虑系统误差，当单刀双掷开关拨向1时，r测________r真；当单刀双掷开关拨向2时，E测____E真（填“大于”、“等于”、“小于”）。（3）依据图乙可知电源电动势E=________V，内阻r=________。（结果均保留2位有效数字）【答案】(1).(2).大于(3).小于(4).3.0(5).1.0【解析】【详解】（1）[1]电路连接如图；（2）[2]当单刀双掷开关拨向1时，依据等效电路可知，电动势等于电源没有接入电路时电源两端电压，则电源电动势测量值与真实值相等，此时电源内阻测量值为电源内阻与电流表的内阻和定值电阻串联值，可知r测=r真+rA>r真即偏大；

[3]当单刀双掷开关拨向2时，依据等效电路可知，电动势等于电源没有接入电路时电源两端电压电动势测量值等于电压表此时的示数，即小于电源电动势的真实值，此时电源内阻测量值为电源内阻与电压表阻值的并联总阻值，即偏小。

（3）[4][5]由于两次测量中，电动势测量值一次与真实值相等，一次比真实值小，由图乙可知，电动势应为E=3.0V当开关接1时，由闭合电路欧姆定律有E=U+I（r+R0+RA）当开关接2时，由闭合电路欧姆定律有即由图乙可知联立解得r=1.0Ω11.两根相距为L的足够长的金属弯角光滑导轨如图所示放置，它们各有一边在同一水平面内，另一边与水平面的夹角为37°，质量相同的金属细杆ab、cd与导轨垂干脆触形成闭合回路，导轨的电阻不计，回路总电阻为2R，整个装置处于磁感应强度大小为B，方向竖直向上的匀强磁场中，当ab杆在平行于水平导轨的拉力F作用下向右以速度v沿导轨匀速运动时，cd杆恰好处于静止状态，重力加速度为g。求：（1）ab杆所受拉力F的大小；（2）金属细杆质量m；（3）回路中电流的总功率P。【答案】（1）；（2）；（3）【解析】【详解】（1）回路中感应电流大小ab杆匀速运动，有解得（2）分析cd杆受力状况，由F合=0有又解得（3）回路中电流的总功率12.如图所示，装置的左边是足够长的光滑水平台面，一轻质弹簧左端固定，右端连接着质量M=1kg的小物块A．装置的中间是水平传送带，它与左、右两边的台面等高，并能平滑对接．传送带始终以v=1m/s的速率逆时针转动，装置的右边是一光滑曲面，质量m=0.5kg的小物块B从其上距水平台面高h=0.8m处由静止释放．已知物块B与传送带之间的动摩擦因数，l=1.0m．设物块A、B间发生的是对心弹性碰撞，第一次碰撞前物块A处于静止状态．取g=10m/s2．(1)求物块B与物块A第一次碰撞前的速度大小；(2)物块A、B间发生碰撞过程中，物块B受到的冲量；(3)通过计算说明物块B与物块A第一次碰撞后能否运动到右边的曲面上？(4)假如物块A、B每次碰撞后，弹簧复原原长时都会马上被锁定，而当它们再次碰撞前锁定被解除，试求出物块B第n次碰撞后的运动速度大小．【答案】(1)3m/s；(2)2kgm/s；(3)，所以不能；(4)【解析】【分析】物块B沿光滑曲面下滑到水平位置由机械能守恒列出等式，物块B在传送带上滑动依据牛顿其次定律和运动学公式求解；物块A、B第一次碰撞前后运用动量守恒，能量守恒列出等式求解；当物块B在传送带上向右运动的速度为零时，将会沿传送带向左加速．可以推断，物块B运动到左边台面是的速度大小为v1，继而与物块A发生其次次碰撞．物块B与物块A第三次碰撞、第四次碰撞…，依据对于的规律求出n次碰撞后的运动速度大小．【详解】(1)设物块B沿光滑曲面下滑到水平位置时的速度大小为v0，由机械能守恒定律可得：解得：设物块B在传送带上滑动过程中因受摩擦力所产生的加速度大小为a，则有：μmg=ma，设物块B通过传送带后运动速度大小为v，有：v12-v02=-2al，解得：v1=3m/s＞v=1m/s，则物块B与物块A第一次碰撞前的速度大小为3m/s；(2)设物体A、B第一次碰撞后的速度分别为、，取向右为正方向由动量守恒定律得：由机械能守恒定律得：解得：vA=-2m/s，vB=1m/s，（vA=0m/s，vB=-3m/s不符合题意，舍去），方向水平向右；(3)碰撞后物块B在水平台面对右匀速运动，设物块B在传送带上向右运动的最大位移为l'，则有：0-vB2=-2al′，解得：所以物块B不能通过传送带运动到右边的曲面上；(4)当物块B在传送带上向右运动的速度为零时，将会沿传送带向左加速．可以推断，物块B运动到左边台面是的速度大小为vB，继而与物块A发生其次次碰撞由（2）可知，vB=同理可得：其次次碰撞后B的速度：vB1=第n次碰撞后B的速度为：vB（n-1）=【点睛】本题是多过程问题，分析滑块经验的过程，运用动量守恒，能量守恒、牛顿其次定律和运动学公式结合按时间依次分析和计算，难度较大．（二）选考题：共15分。请考生从给出的2道物理题任选一题作答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目的题号涂黑。留意所做题目的题号必需与所涂题目的题号一样，在答题卡上选答区域指定位置答题。假如多做，则每学科按所做的第一题计分。【物理——选修3-3】13.下列说法正确的是（）A.PM2.5在空气中的运动属于分子热运动B.在真空、高温条件下，可以利用分子扩散向半导体材料中掺入其他元素C.饱和汽压与温度有关，且随着温度的上升而增大D.肯定质量的志向气体对外做功时体积增大，内能肯定减小E.阿伏加德罗常数是联系微观物理量与宏观物理量的桥梁【答案】BCE【解析】【详解】A．PM2.5在空气中的运动不属于分子热运动，是分子团整体的运动，所以A错误；B．分子是运动的，温度越高，分子运动的越激烈，在真空、高温条件下，可以利用分子扩散向半导体材料掺入其他元素，所以B正确；C．温度越高，液体越简单挥发，故饱和汽压与温度有关，且随着温度的上升而增大，所以C正确；D．肯定质量的志向气体对外做功，体积增大，但有可能吸热，依据热力学第肯定律可知，内能不肯定减小，所以D错误；E．阿伏伽德罗常数是联系微观物理量与宏观物理量的桥梁，所以E正确。故选BCE。14.如图所示，固定的绝热气缸内有一“T”型绝热活塞（体积可忽视）距气缸底部h0处连接一U形管（管内气体的体积忽视不计）初始时，封闭气体温度为T0，活塞距离气缸底部为1.5h0，两边水银柱存在高度差为h。已知水银的密度为ρ，大气压强为p0，气缸横截面积为S，活塞竖直部分长为1.2h0，重力加速度为g。试问：（1）求活塞质量m；（2）设法缓慢降低气体温度，两水银面相平常温度是多少?【答案】（1）ρhS；（2）【解析】【详解】（1