物理丨广东省2025届高三上学期10月阶段检测考物理试卷及答案

广东省2025届高三上学期10月阶段检测考物理参考答案【解析】由图可知,t1~t2时间,B龙舟比A龙舟的位移大,故t2时刻,B龙舟领先A龙舟,A项错误;从图像斜率知,t1时刻,A曲线的斜率小于B,说明t1时刻,A龙舟的加速度小于B龙舟,B项错误;t1~t2时间,B龙舟比A龙舟的位移大,B龙舟的平均速度较大,C项错误;t1~t2时间内,存在某时刻两曲线的斜率相等,故存在某一个时刻两龙舟的加速度相等,D项正确。【解析】2NP(锋)放出一个电子,转变为2Pu(钚),其核反应方程为2NP—→2Pu+-e,A项正确;该核反应属于衰变反应,本质为原子核内部中子转变为质子并放出电子,B项错误;衰变反应不会受到外界环境的温度、压力、电磁场等因素的影响,C项错误;质量数守恒但有质量亏损,D项错误。【解析】双手撑开过程中,绳子与竖直方向夹角θ变大,2FTCOsθ=mg,得单根悬挂绳的拉力变大,A项错误,B项正确;两悬挂绳对运动员作用力的合力等于重力,保持不变,C、D项错误。【解析】拉珠和帘布上对应的滑轮属于同轴转动,它们的角速度相等,帘布上升的速度与拉珠向下运动的速度之比为,A、B、C项错误;上拉过程,手做功转化为帘布和底杆的机械能增加量,D项正确。【解析】由图乙可知,小球的振动周期为T=2s,振幅A=5Cm,w==πrad/s,小球的振动方程是x=Asinwt=5sinπt(Cm),A项错误;0~0.5s,小球远离平衡位置,动能转化为势能,小球的动能逐渐减小,B项错误;动能和重力势能相互转化的周期为1s,C项正确;根据周期公式有T=2π\,解得L≈1m,D项错误。【解析】t1时刻电流为0,说明感应电动势为0,根据法拉第电磁感应定律有可知穿过线圈磁通量的变化率为0,A项错误;t2~t3时间内,电流为0,则钕磁铁不受安培力,只受重力,钕磁铁做匀加速直线运动,B项错误;若只增加钕磁铁释放高度,切割速度变大,则感应电流的峰值也变大,C项正确;若只调转钕磁铁的极性,再从同一位置释放,磁场方向相反,故感应电流也将反向,D项错误。【解析】地球表面的重力加速度大小为g,月球绕地球公转的向心加速度大小为由圆周运动公式60R,解得T=120π\项正确。【解析】负离子在电场力的作用下向集尘极移动,说明集尘极为正极,故供电装置上端为电源负极,下端为电源正极,A项错误、B项正确;带电灰尘飞向集尘极的过程中,电场力做正功,电势能减小,C项正确;由于电场并非匀强电场,另外,灰尘受到重力作用,所以带电灰尘做变加速运动,D项错误。广东.高三物理第1页(共4页)【解析】从待测液体进入直角棱镜,满足:nxsin900=nsini3,即nx=nsini3,A项正确,B项错误;从直角棱镜向空气射出,满足:nsin[(900-i3+φ)-900]=sinθ3,nsin(φ-i3)=sinθ3,C项正确,D项错误。【解析】取甲球初速度v0的方向为正方向,因发生的是弹性碰撞,碰撞前后系统动量守恒、动能不变,有m1v0=2v,联立解得甲、乙两球的速度分别为v0,v2=故第一次碰撞后,两球从中间往两侧壁等速匀速运动,并等速反弹,两球恰好在凹槽中间发生第2222,解得v=-v0,v=0,两球第二次碰撞后,甲球以v0速度大小向左运动,,,,v再与侧壁碰撞后等速反弹再回到凹槽中间与乙球相碰刚好回到初始状态故周期为T=2,,,v2B、D项正确;甲、乙两小球质量不等,C项错误。11.【答案】(1)单缝(2分)双缝(2分)(2)6.6×10-7(2分)(2)根据题意,相邻两亮条纹中心的间距Δx=m=2.64×10-3m,根据Δx=λ,解12.【答案】(2)①左(1分)③1.50(1分)越小(2分)(3)①(2分)②0.3【解析】(2)①开关S闭合前,为保护电路,滑动变阻器R的滑动触头应置于最左端;③电压表V的示数为1.50V;压力越大时,V2示数越小,1示数越大,根据串联电路分压原理,可知压敏电阻RF受到的压力越大时,其阻值越小。R0RF,RFU21.2kΩRF,RF(3)①根据串联电路分压原理,U1=U2所以R0=U1;②2.8=0R0RF,RFU21.2kΩRF,RF-+1,得F=20(-1)。13.解:(1)当环境温度升高时,气体内部压强不变,根据=,知温度升高,体积增大,故温度升高,细玻璃管内有色水柱向左移动(3分)(2)设A刻度右侧细玻璃管和容器瓶内气体的总体积为V0,细玻璃管内有色水柱右侧偏离A刻度的长度为l得T=T0+T0.lT0均为固定值,故温度和刻度线性相关,温度刻度是均匀分布(2分)要提高该温度计的灵敏度,即微小温度变化引起玻璃管内有色水柱的明显移动,可以更换更小横截面积的玻璃管,或用容积更大一些的容器瓶(答出一种即可得分,2分)说明:只有结果,没有公式或文字说明的不给分,其他正确解法亦可得分。广东.高三物理第2页(共4页)14.解:(1)设运动员重心离开跳台瞬间的速度大小为v0,则上升阶段有v=2gh1(2分)得运动员重心离开跳台瞬间的速度大小v0=5m/s(1分)(2)从最高点下落到手刚接触水面,运动员重心下降高度为设空中动作可利用的最长时间为t,则有2(2分)(3)运动员完全入水后,运动员在水中运动受到合力即为受到水的阻力,取微小时间Δt,列动量定理,有FfΔt=mΔv(2分)代入得-kvΔt=mΔv变形得-kΔs=mΔv累加得-ks=m(0-v1)(1分)故总深度为D=s+l=4.6m(1分)说明:只有结果,没有公式或文字说明的不给分,其他正确解法亦可得分。T15.解:(1)电子在第n节漂移管内的运动时间为t=2(1分)T 设电子在第n节漂移管内的运动速度为vn,有neu=mv,得vn=\(1分)故第n节漂移管长度:Ln=vnt=(1分)(2)设需要N个漂移管,则Neu=Ekm(1分)得N=(1分)(3)设电子进入偏移器时速度为v,则在偏移器内,由于电场引起的速度增量对y轴方向的运动不产生影响,y轴方向上相当于只考虑磁场存在,设电子进入磁场后做圆周运动半径为rl/LLαBαr/r/αOyrl,eBrl,eB经过磁场后,电子在y轴方向偏移距离y1=rl(1-cosα)≈(1分)广东●高三物理第3页(共4页)离开磁场后,电子在y轴方向偏移距离y2=Ltanα≈则有y0=y1+y2=可得根据运动的分解,只考虑电场存在时Ovxx