云南省澄江县第二中学2021-2022学年物理高一第二学期期末复习检测试题含解析_第1页
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文档简介

2021-2022学年高一物理下期末模拟试卷注意事项:1.答题前,考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚,将条形码准确粘贴在条形码区域内。2.答题时请按要求用笔。3.请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答,超出答题区域书写的答案无效;在草稿纸、试卷上答题无效。4.作图可先使用铅笔画出,确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5.保持卡面清洁,不要折暴、不要弄破、弄皱,不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、选择题(本题共12小题,每小题5分,共60分,在每小题给出的四个选项中,有的小题只有一个选项正确,有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分,选不全的得3分,有选错的或不答的得0分)1、如图所示,将图中电容器、电源、小灯泡等元件连成电路,电源电压恒为4V,下列说法正确的是A.闭合电键前,电容为0B.闭合电键,该电容器最多储存的电荷量为4×10-4CC.闭合电键,电流表有持续电流D.断开电键,电容器放电2、(本题9分)如图,花样滑冰表演中,女运动员在男运动员拉力的作用下做匀速圆周运动,下列说法正确的是()A.女运动员旋转越快,所受向心力越小B.旋转角速度相同时,手臂越长,拉力越大C.旋转线速度相同时,手臂越长,拉力越大D.根据牛顿第三定律,男运动员受到的也一定是一个向心力的作用3、(本题9分)一个物体从某一确定的高度以v0的初速度水平抛出,已知它落地时的速度为vt,重力加速度为g,下列说法正确的是()A.用θ表示它的速度方向与水平夹角,则sinθ=B.它的运动时间是C.它的竖直方向位移是D.它的位移是4、如图所示,在光滑绝缘的水平面上放置两带电的小物块甲和乙,所带电荷量分别为+q1和-q2,质量分别为m1和m2。同时由静止释放后,甲、乙两物块相向运动。则关于两物块的表述正确的是A.碰撞前瞬间动量之比p甲:p乙=m1:m2B.碰撞前瞬间速度大小之比v甲:v乙=m1:m2C.碰撞前瞬间动能之比Ek甲:Ek乙=m2:m1D.从开始运动到碰撞前过程中,库仑力对两物块做功W甲:W乙=1:15、(本题9分)一辆汽车的质量为m,额定功率为P,在保持额定功率不变的情况下,汽车启动时的v-t图象如图所示。已知时刻的速度为,时刻的速度为,且时刻的加速度为时刻的加速度的2倍。若汽车所受阻力大小恒定,则下列说法正确的是()A.汽车在时刻的加速度为B.汽车在时间内的平均速率等于C.汽车能达到的最大速度为D.汽车所受的恒定阻力为6、(本题9分)如图所示,一颗卫星绕地球做椭圆运动,运动周期为T,图中虚线为卫星的运行轨迹,A,B,C,D是轨迹上的四个位置,其中A距离地球最近,C距离地球最远。B和D点是弧线ABC和ADC的中点,下列说法正确的是A.卫星在C点的速度最大B.卫星在C点的加速度最大C.卫星从A经D到C点的运动时间为T/2D.卫星从B经A到D点的运动时间为T/27、(本题9分)如图所示,摩擦轮A和B通过中介轮C进行传动,A为主动轮,A的半径为20cm,B的半径为10cm,则A、B两轮边缘上的点()A.角速度之比为1∶2B.向心加速度之比为1∶2C.线速度之比为1∶2D.线速度之比为1∶18、2019年1月19日,西昌卫星发射中心以“一箭双星”方式成功发射第42、43颗北斗导航卫星。对于那些在同一轨道上绕地球做匀速圆周运动的北斗卫星,下列物理量一定相同的是A.线速度的大小B.向心力的大小C.周期D.向心加速度的大小9、关于物体做竖直上抛运动,下列说法正确的是A.物体先后经过同一位置,速度大小相同B.物体到达最高点时,速度为零,加速度也为零C.物体下降过程可看做自由落体运动D.从抛出点上升到最高点的时间大于从最高点返回抛出点的时间10、(本题9分)如图所示,图线AB是某电源的路端电压随电流变化的关系图线,OM是固定电阻R两端的电压随电流变化的图像,由图可知A.固定电阻R的阻值为1ΩB.该电源的内阻为2ΩC.该电源的短路电流为1AD.当该电源只对电阻R供电时,电源的输出功率最大11、如图所示,轻质弹簧一端固定,另一端连接一小物块,点为弹簧在原长时物块的位置.物块由点静止释放,沿粗糙程度相同的水平面向右运动,最远到达点.在从到的过程中,物块()A.加速度先减小后增大 B.经过点时的速度最大C.所受弹簧弹力始终做正功 D.所受弹簧弹力做的功等于克服摩擦力做的功12、(本题9分)如下图所示,电路中A、B为两块竖直放置的金属板,C是一只静电计,开关S合上后,静电计指针张开一个角度,下述做法可使静电计指针张角增大的是()A.断开S后,使B板向右平移一些B.断开S后,使A、B两板错开一些C.保持S闭合,使A、B两板靠近一些D.保持S闭合,使A、B两板正对面积减小一些二.填空题(每小题6分,共18分)13、(本题9分)一试探电荷q=+4×10-9

C,在电场中P点受到的静电力F=6×10-7

N.则:(1)P点的场强大小?(2)将试探电荷移走后,P点的场强大小为?(3)放一电荷量为q′=1.2×10-6

C的电荷在P点,受到的静电力F′的大小?14、(本题9分)如图所示,是自行车传动结构的示意图,假设脚踏板每N秒转一圈,已知后轮半径R,大齿轮半径r1,小齿轮半径r15、(本题9分)(1)利用重锤的自由下落验证机械能守恒定律,下面哪些测量工具是必需的?___________.A.天平B.4~6V的低压直流电源C.刻度尺D.停表(2)在使用重锤和打点计时器验证机械能守恒定律的实验中,选定了一条较为理想的纸带,如图所示,“0”为起始点,以后纸带上所打的各点依次记为1、2、3….测得重锤从开始运动到各时刻下落的高度分别是s1、s2、s3…,则重物由“0”点运动到“4”点,重力势能减少量的表达式为________,动能增量的表达式为__________(重锤质量为m,打点计时器的打点周期为T),实验结果发现动能增量总_____________(填“大于”、“等于”或“小于”)重力势能的减少量,主要的原因是__________________________________.三.计算题(22分)16、(12分)(本题9分)如图所示,两个大小相等的小球用等长的轻质细线分别悬挂于点,点间的距离等于每个小球的直径.已知细线的长度远大于小球的直径,球的质量是球质量的3倍,若在两根细线决定的平面内将球向右拉离原位置,使悬挂球的细线张紧并与细线原来所在的竖直方向成一锐角,然后将球由静止释放,球与球发生第一次正碰,碰撞过程中无机械能损失:求第一次碰撞后两球上升的最大高度之比.17、(10分)(本题9分)将一个小球以10m/s的速度沿水平方向抛出,小球经过1s的时间落地.不计空气阻力作用.求:(1)抛出点与落地点在竖直方向的高度差;(2)小球落地时的速度大小,以及速度与水平方向夹角.

参考答案一、选择题(本题共12小题,每小题5分,共60分,在每小题给出的四个选项中,有的小题只有一个选项正确,有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分,选不全的得3分,有选错的或不答的得0分)1、B【解析】

A.电容的大小由电容器本身决定,与是否接入电路无关,故A项错误;B.闭合电键后,电容器的电压最高为4V,由图可知,电容器的电容为100μF,该电容器最多储存的电荷量为:故B项正确;C.电容器的电压达到最高为4V后,充电停止,电流表没有电流,故C项错误;D.断开电键,由于无法形成回路,电容器无法放电,故D项错误。2、B【解析】

A.根据向心力方程可知,女运动员旋转越快,所受向心力越大,故A错误;B.根据向心力方程可知,旋转角速度相同时,手臂越长,拉力越大,故B正确;C.根据向心力方程可知,旋转线速度相同时,手臂越长,拉力越小,故C错误;D.向心力并非物体实际受力,故D错误。故选B。3、B【解析】

A、根据几何关系知,,故A错误;B、根据平行四边形定则知,物体落地时的竖直分速度,则物体运动的时间,故B正确;C、竖直方向的位移,水平位移,根据平行四边形定则知,物体的位移,故CD错误.【点睛】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律,结合运动学公式和平行四边形定则进行研究.4、C【解析】

A.甲、乙两物块组成的系统合外力为零,系统的动量守恒,初始时系统的总动量为零,可知,碰撞前瞬间两个物块的动量大小相等,方向相反,则动量之比p甲:p乙=1:1故A项与题意不相符;B.由p=mv,两个物块的动量大小相等,则得碰撞前瞬间速度大小之比v甲:v乙=m2:m1.故B项与题意不相符;C.根据EkP相等,则得碰撞前瞬间动能之比Ek甲:Ek乙=m2:m1故C项与题意相符;D.根据动能定理得:对甲有W甲=Ek甲对乙有W乙=Ek乙故W甲:W乙=m2:m1故D项与题意不相符。5、A【解析】

B.t1-t2时间内汽车做加速度减小的加速运动,由图象的“面积”表示位移知,其位移大于匀加速直线运动的位移,则平均速度大于,故B错误;D.由题意,设1时刻的加速度为a1、2时刻的加速度为a2,根据牛顿第二定律有,,联立解得故D错误;C.汽车能达到最大速度时,则有F=f,P=Fv故故C错误;A.根据解得故A正确。故选A。6、C【解析】

A、卫星绕地球做椭圆运动,类似于行星绕太阳运转,根据开普勒第二定律:行星与太阳的连线在相等时间内扫过的面积相等,则知卫星与地球的连线在相等时间内扫过的面积相等,所以卫星在距离地球最近的A点速度最大,在距离地球最远的C点速度最小,卫星在B、D两点的速度大小相等;故A错误;B、在椭圆的各个点上都是引力产生加速度,因A点的距离最小,则A点的加速度最大,故B错误.C、根据椭圆运动的对称性可知,则,故C正确.D、椭圆上近地点A附近速度较大,远地点C附近速度最小,则,;故D错误.故选C.7、ABD【解析】

A.由描述圆周运动的参量间关系:v=rω可知ωA∶ωB=rB∶rA=1∶2故选项A正确;B.又因为:a=vω所以:aA∶aB=1∶2故选项B正确;CD.根据图示装置结构可知,A、B两轮边缘上的点的线速度大小相等,即vA=vB,故选项C错误,选项D正确。故选ABD。考点:本题主要考查了描述圆周运动的参量间关系、传动装置中的特征问题,属于中档偏低题.8、ACD【解析】

根据万有引力等于向心力,则有,解得,,,对于在同一轨道上绕地球做匀速圆周运动的北斗卫星,故其线速度大小相同,周期相同,向心加速度的大小相同,由于北斗卫星的质量未知,所以向心力的大小不一定相同,故选项A、C、D正确,B错误。9、AC【解析】

A.物体做竖直上抛运动,先后经过同一位置,速度大小相同,方向相反,故A正确。B.物体到达最高点时,速度为零,加速度为g,故B错误。C.物体下降过程初速度为零,只受重力,做自由落体运动,故C正确。D.根据对称性可知,从抛出点上升到最高点的时间与从最高点返回抛出点的时间相等,故D错误。10、AD【解析】

A.根据伏安特性曲线OM可知,,故A正确。BC.由图象AB可知电源的电动势E=6V,短路电流为6A,则内阻故BC错误。D.当外电路电阻等于内阻时,电源的输出功率最大,即该电源只对电阻R供电时,电源的输出功率最大,故D正确。11、AD【解析】

A项:由于水平面粗糙且O点为弹簧在原长时物块的位置,所以弹力与摩擦力平衡的位置在OA之间,加速度为零时弹力和摩擦力平衡,所以物块在从A到B的过程中加速度先减小后反向增大,故A正确;B项:物体在平衡位置处速度最大,所以物块速度最大的位置在AO之间某一位置,即在O点左侧,故B错误;C项:从A到O过程中弹力方向与位移方向相同,弹力做正功,从O到B过程中弹力方向与位移方向相反,弹力做负功,故C错误;D项:从A到B过程中根据动能定理可得W弹-W克f=0,即W弹=W克f,即弹簧弹力做的功等于克服摩擦力做的功,故D正确.12、AB【解析】

断开S,电容器带电量保持不变,B板向右平移一些,即A、B间距增大一些,根据C=εS4πkd,d变大,C变小。根据C=Q/U,U增大,张角变大。故A正确。断开S,电容器带电量保持不变,使A、B正对面积错开一些,根据【点睛】解决本题的关键在处理电容器动态分析时,电容始终与电源相连,两端间电势差不变,与电源断开,电量保持不变.二.填空题(每小题6分,共18分)13、(1)1.5×102N/C(2)1.5×102N/C(2)1.8×10-4N【解析】P点的电场强度:E=Fq=6×10F′=q′E=1.2×10-6×150=1.8×10-4N14、2πR【解析】脚踏板转动周期为N,则大齿轮的角速度为:ω=2πN

大齿轮和小齿轮的线速度大小相等,所以有:ω'ω=r1r点睛:解决本题的关键知道靠链条传动,线速度相等,共轴转动,角速度相等,知道后轮上质点的线速度就是自行车的行驶速度。15、Cmgs4m(s5-s3)2/8T2小于重锤下落过程受到阻力作用【解析】

(1)A、由于验证机械能守恒定律公式中可以把物体质量约掉,因此不需要天平,故A错误.B、该实验需要交流电源,故B错误.C、实验中需要测量纸带上两点间的距离,所以需要刻度尺,故C正确.D、在该实验中,通过打点计时器来记录物体运动时间,不需要秒表,故D错误.故选C.(2)重物由O点运动到“4”点,势能的减少量的表达式为:;4这个点的速度为:,动能增量的表达式为,实验结果发现动能增量总小于重力势能的减少量,主要的原因是重锤下落过程受到阻力作用.三.计算题(22分)16、

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