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文档简介
福建省师范大学附中2025届高一数学第一学期期末质量跟踪监视试题注意事项:1.答卷前,考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型(B)填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。2.作答选择题时,选出每小题答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑;如需改动,用橡皮擦干净后,再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3.非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答,答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上;如需改动,先划掉原来的答案,然后再写上新答案;不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4.考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后,请将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每个小题给出的四个选项中,恰有一项是符合题目要求的1.“”是“”的()A.充分非必要条件 B.必要非充分条件C.充要条件 D.既非充分也非必要条件2.半径为的半圆卷成一个圆锥,则它的体积是()A. B.C. D.3.已知角的顶点为坐标原点,始边为轴正半轴,终边经过点,则()A. B.C. D.4.函数f(x)=Asin(ωx+φ)(其中A>0,ω>0,|φ|<)的部分图象如图所示,则函数f(x)的解析式为()A. B.C. D.5.已知向量,且,则的值为()A.1 B.2C. D.36.某几何体的三视图如图所示,则该几何体的表面积是A. B.C. D.7.已知设alog30.2,b30.2,c0.23,则a,b,c的大小关系是()A.abc B.acbC.bac D.bca8.已知函数的图象与函数的图象关于直线对称,函数是奇函数,且当时,,则()A. B.6C. D.79.已知角的顶点与坐标原点重合,始边与轴的非负半轴重合,其终边与单位圆相交于点,则()A. B.C. D.10.若,,三点共线,则()A. B.C. D.二、填空题:本大题共6小题,每小题5分,共30分。11.已知命题“,”是真命题,则实数的取值范围为__________12.已知函数,若,则的取值范围是__________13.已知函数f(x)=若函数g(x)=f(x)-m有3个零点,则实数m的取值范围是_________.14.计算____________15.在平面四边形中,,若,则__________.16.在三棱柱中,各棱长相等,侧棱垂直于底面,点是侧面的中心,则与平面所成角的大小是______.三、解答题:本大题共5小题,共70分。解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17.如图,在四棱锥中,平面,,为棱上一点.(1)设为与的交点,若,求证:平面;(2)若,求证:18.已知函数.(I)求函数的最小正周期及在区间上的最大值和最小值;(II)若,求的值.19.已知函数.(1)求函数的最小正周期和单调区间;(2)求函数在上的值域.20.解关于的不等式.21.设函数且是定义在上的奇函数(1)求的值;(2)若,试判断函数的单调性不需证明,求出不等式的解集
参考答案一、选择题:本大题共10小题,每小题5分,共50分。在每个小题给出的四个选项中,恰有一项是符合题目要求的1、A【解析】利用充分条件和必要条件的定义分析判断即可【详解】当时,,当时,或,所以“”是“”的充分非必要条件,故选:A2、C【解析】求出扇形的弧长,然后求出圆锥的底面周长,转化为底面半径,求出圆锥的高,然后求出体积.【详解】设底面半径为r,则,所以.所以圆锥高.所以体积.故选:C.【点睛】本题考查圆锥的性质及体积,圆锥问题抓住两个关键点:(1)圆锥侧面展开图的扇形弧长等于底面周长;(2)圆锥底面半径r、高h、母线l组成直角三角形,满足勾股定理,本题考查这两种关系的应用,属于简单题.3、A【解析】利用任意角的三角函数的定义,即可求得的值【详解】角的顶点为坐标原点,始边为轴正半轴,终边过点.由三角函数的定义有:.故选:A4、A【解析】由图观察出和后代入最高点,利用可得,进而得到解析式【详解】解:由图可知:,,,,代入点,得,,,,,,故选.【点睛】本题考查了由的部分图象确定其表达式,属基础题.5、A【解析】由,转化为,结合数量积的坐标运算得出,然后将所求代数式化为,并在分子分母上同时除以,利用弦化切的思想求解【详解】由题意可得,即∴,故选A【点睛】本题考查垂直向量的坐标表示以及同角三角函数的基本关系,考查弦化切思想的应用,一般而言,弦化切思想应用于以下两方面:(1)弦的分式齐次式:当分式是关于角弦的次分式齐次式,分子分母同时除以,可以将分式由弦化为切;(2)弦的二次整式或二倍角的一次整式:先化为角的二次整式,然后除以化为弦的二次分式齐次式,并在分子分母中同时除以可以实现弦化切6、A【解析】由三视图可知几何体是一个底面为梯形的棱柱,再求几何体的表面积得解.【详解】由三视图可知几何体是一个底面为直角梯形的棱柱,梯形的上底为1,下底为2,高为2,棱柱的高为2.由题可计算得梯形的另外一个腰长为.所以该几何体的表面积=.故答案为A【点睛】本题主要考查三视图找原图,考查几何体的表面积的计算,意在考查学生对这些知识的掌握水平和空间想象分析推理能力.7、D【解析】由指数和对数函数单调性结合中间量0和1来比较a,b,c的大小关系即可有结果.【详解】因为,,所以故选:D8、D【解析】先求出,再求出即得解.【详解】由已知,函数与函数互为反函数,则由题设,当时,,则因为为奇函数,所以.故选:D9、C【解析】由已知利用任意角的三角函数求得,再由二倍角的余弦公式求解即可【详解】解:因为角的终边与单位圆相交于点,则,故选:C10、A【解析】先求出,从而可得关于的方程,故可求的值.【详解】因为,,故,因为三点共线,故,故,故选:A.二、填空题:本大题共6小题,每小题5分,共30分。11、【解析】此题实质上是二次不等式的恒成立问题,因为,函数的图象抛物线开口向上,所以只要判别式不大于0即可【详解】解:因为命题“,”是真命题,所以不等式在上恒成立由函数的图象是一条开口向上的抛物线可知,判别式即解得所以实数的取值范围是故答案为:【点睛】本题主要考查全称命题或存在性命题的真假及应用,解题要注意的范围,如果,一定要注意数形结合;还应注意条件改为假命题,有时考虑它的否定是真命题,求出的范围.本题是一道基础题12、【解析】画出函数图象,可得,,再根据基本不等式可求出.【详解】画出的函数图象如图,不妨设,因为,则由图可得,,可得,即,又,当且仅当取等号,因为,所以等号不成立,所以解得,即的取值范围是.故答案为:.13、(0,1)【解析】将方程的零点问题转化成函数的交点问题,作出函数的图象得到m的范围【详解】令g(x)=f(x)﹣m=0,得m=f(x)作出y=f(x)与y=m的图象,要使函数g(x)=f(x)﹣m有3个零点,则y=f(x)与y=m的图象有3个不同的交点,所以0<m<1,故答案为(0,1)【点睛】本题考查等价转化的能力、利用数形结合思想解题的思想方法是重点,要重视14、5【解析】由分数指数幂的运算及对数的运算即可得解.【详解】解:原式,故答案为:5.【点睛】本题考查了分数指数幂的运算及对数的运算,属基础题.15、##1.5【解析】设,在中,可知,在中,可得,由正弦定理,可得答案.【详解】设,在中,,,,在中,,,,,由正弦定理得:,得,.故答案为:.16、60°【解析】取BC的中点E,则,则即为所求,设棱长为2,则,三、解答题:本大题共5小题,共70分。解答时应写出文字说明、证明过程或演算步骤。17、(1)见解析;(2)见解析.【解析】(1)只需证得,即可证得平面;(2)因为平面,平面,所以,即可证得平面,从而得证.试题解析:(1)在与中,因为,所以,又因为,所以在中,有,则.又因为平面,平面,所以平面.(2)因为平面,平面,所以.又因为,平面,平面,,所以平面,平面,所以18、(1)周期为,最大值为2,最小值为-1(2)【解析】(1)将函数利用倍角公式和辅助角公式化简为,再利用周期可得最小正周期,由找出对应范围,利用正弦函数图像可得值域;(2)先利用求出,再由角的关系展开后代入可得值.试题解析:(1)所以又所以由函数图像知.(2)解:由题意而所以所以所以=.考点:三角函数性质;同角间基本关系式;两角和的余弦公式19、⑴,递增区间,递减区间⑵【解析】整理函数的解析式可得:.(1)由最小正周期公式和函数的解析式求解最小正周期和单调区间即可.⑵结合函数的定义域和三角函数的性质可得函数的值域为.详解】.(1),递增区间满足:,据此可得,单调递增区间为,递减区间满足:,据此可得,单调递减区间为.(2),,,,的值域为.【点睛】本题主要考查三角函数的性质,三角函数最值的求解等知识,意在考查学生的转化能力和计算求解能力.20、答案见解析【解析】不等式等价于,再分,和三种情况讨论解不等式.【详解】原不等式可化为,即,①当,即时,;②当,即时,原不等式的
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