2024年中考物理专项复习：内能讲义

专题13内能

考点解读

主要考查的重点及热点：分子动理论、内能及改变物体内能的方式（做功和热传递）；比热

容、热量的计算是重点；利用所学知识解决生活和生产中的实际问题是中考热点。

1.能简单的说明物质是由分子、原子构成的；知道一切物质的分子都在不停的做热运动；

能够识别扩散现象，并能用分子热运动的观点进行解释；知道分子之间存在着相互的作用力。

2.了解内能的概念，能简单的描述温度和内能的关系；知道做功可以使物体内能增加或减

小的一些实例；知道热传递可以改变物体的内能，知道热量的概念及单位；知道做功和改变物

体内能的实质；理解做功和热传递在改变物体的内能上是等效的。

3.了解比热容的概念，知道比热容是物质的一种特性；能通过实验探究得出不同物质的吸

热能力不同；能够利用比热容生物知识来解释生活中的一些现象；会进行简单的吸热计算。

分子动理论

【母题1]（2023•内蒙古）盛夏时节，百花绽放。四溢的花香引来了蜜蜂吸食花蜜，表明（

）

A.分子间有斥力B.分子间有间隙C.分子间有引力D.分子是运动的

【答案】D

【分析】四溢的花香是扩散现象，扩散现象说明分子在不停地做无规则运动。

【解答】解：四溢的花香引来了蜜蜂吸食花蜜，这是扩散现象，扩散现象表明花香分子在不停

地做无规则运动。

故选：Do

【母题2］（2023•长沙）下列现象能说明分子做无规则运动的是（）

A.春风拂面，柳絮飞扬B.晨曦微露，雾漫山野

C.百花齐放，花香四溢D.天寒地冻，大雪纷飞

【答案】C

【分析】不同的物质在相互接触时，彼此进入对方的现象叫做扩散，这一现象说明一切物体的

分子都在不停地做无规则运动。由于分子的体积很小，分子的运动无法用肉眼直接看到，但可

以通过气味、颜色的变化来体现。

【解答】解：

A、柳絮飞扬，是肉眼可见的宏观物体一柳絮的机械运动，不是分子的运动，故A不符合题意；

B.雾漫山野，是肉眼可见的宏观物体一雾的机械运动，不是分子的运动，故3不符合题意；

C、花香四溢，是花香分子在不停地做无规则运动的结果，是分子运动，故C符合题意；

。、大雪纷飞，是肉眼可见的宏观物体一雪花的机械运动，不是分子的运动，故。不符合题意。

故选：Co

【母题3］（2023•无锡）如图所示，将两个表面光滑的铅块相互紧压，它们会粘在一起，下方

可以挂起重物。该现象主要说明了（）

A.分子间有空隙

B.分子间存在吸引力

C.分子间存在排斥力

D.分子处在永不停息地无规则运动中

【答案】B

【分析】分子间存在相互作用的引力和斥力。

【解答】解：如图所示，将两个表面光滑的铅块相互紧压，它们会粘在一起.这一现象证明了

分子间存在相互作用的引力。

2

故选：Bo

方法技巧

1.分子热运动

（1）分子动理论：物质是由分子和原子组成的，分子在永不停息地做无规则运动，分子

之间有间隙。

（2）热运动：分子运动快慢与温度有关，温度越高，分子热运动越剧烈。

（3）扩散：不同物质相互接触时，彼此进入对方的现象叫做扩散现象，固体、液体和气

体都能发生扩散现象，温度越高，扩散越快。

2.分子间作用力

分子间相互作用的引力和斥力是同时存在的。当固体被压缩时，分子间距离变小，分子作

用力表现为斥力；当固体被拉伸时，分子间距离变大，作用力表现为引力。

如果分子间距离很大，作用力几乎为零，可以忽略不计；因此，气体具有流动性，也容易

被压缩。

液体间分子之间距离比气体小，比固体大，液体分子之间的作用力比固体小，没有固定的

形状，具有流动性。

02内能

【母题4］（2023•烟台）如图所示的实例中，改变物体内能的方式与其它三项不同的是（）

》压缩空气

给水加热B.GS

3

C.搓手取暖钻木取火

【答案】A

【分析】改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，其中做功过程是能量的转化过程，是机

械能和内能相互转化的过程；热传递是内能从高温转移到低温的过程，二者的本质不同。

【解答】解:

A、给水加热，水吸收热量，是热传递改变内能;

3、压缩空气的过程中，克服空气阻力做功，将机械能转化为内能，是做功改变内能;

C、搓手取暖的过程中，克服摩擦做功，将机械能转化为内能，使手内能增加，温度升高，是

做功改变内能;

。、钻木取火，是克服摩擦做功，将机械能转化为内能，是做功改变内能;

A与BCD改变物体内能的方式不同，故A符合题意。

故选：Ao

【母题5］（2023•大连）2023年5月30日，我国搭载神舟十六号载人飞船的长征二号厂遥十

六运载火箭发射圆满成功。火箭在大气层中上升时，箭体表面的温度升高，这是由于火箭（

)

A.从周围的空气吸热B.表面保护材料熔化吸热

C.克服空气摩擦做功D.周围空气中水蒸气液化放热

【答案】C

【分析】改变内能的方法：做功和热传递。

【解答】解:

火箭在大气层中上升时，箭体表面的温度升高，这是由于火箭上升过程中与空气摩擦，克服空

气摩擦做功，这是通过做功的方式增加内能。

故选：C。

【母题6］（2023•海南）下列生活实例中，利用做功改变物体内能的是（）

4

A.■sT暖手宝暖手B.

棉被被晒热

C.•烧水水温升高D.搓手取暖

【答案】D

【分析】改变物体内能的方式有两种：做功和热传递，热传递过程是能量的转移过程，而做功

过程是能量的转化过程。

【解答】解：A、暖手宝暖手，手通过暖手宝吸收热量、温度升高，是通过热传递改变物体的

内能，故A错误;

B、棉被被晒热，棉被从阳光中吸收热量、温度升高，是通过热传递改变物体的内能，故5错

误;

C、烧水水温升高，是通过热传递改变物体的内能，故C错误;

D、用双手互相摩擦取暖，该过程中克服摩擦力做功，将机械能转化为内能，属于做功改变物

体的内能，故D正确。

故选：Do

方法技巧

L内能：物体内部所有分子热运动的分子动能与分子势能的总和，叫做物体的内能。

(1)分子动能：分子在永不停息地做着无规则的热运动。物体内大量分子做无规则热运动

所具有的能量称为分子动能。物体的温度越高，分子运动得越快，它们的动能越大。同一个物

体(物态不变)，温度越高，内能越大。

(2)由于分子之间具有一定的距离，也具有一定的作用力，因而分子具有势能，称为分

子势能。分子间距发生变化时，物体的体积也会变，其内能会发生变化。所以分子势能与物体

的体积有关。

(3)物体内能的大小：物体的内能与物体的质量、温度、体积及物态有关。

5

一切物体中的分子都在做永不停息的做无规则运动，分子间都有分子力的作用，无论物体

处于何种状态，是何形状与体积、温度是高是低都是如此。因此，一切物体在任何情况下都具

有内能。

2.内能的改变：改变物体内能的方法有热传递和做功；热传递是能量的转移，做功是能量

的转化。这两种方法对改变物体内能是等效的。

（1）做功：外界对物体做功，物体的内能会增大（例如：摩擦生热）；物体对外做功，物体

内能会减小（例如：通过活塞向盛有水的烧瓶里打气，当活塞从瓶口跳起时，烧瓶中出现“白

雾”）。实质：能量从一种形式的能（其它形式的能）转化为另一种形式的能（内能）。

（2）热传递：只要物体之间或同一物体的不同部分间存在着温度差，就会发生热传递，直

到温度变得相同（即没有温度差）为止。物体吸收热量，内能增加；物体放出热量，内能减小。

3.热量（Q）：在热传递过程中，传递能量的多少叫做热量；在国际单位制中，热量单位是

焦耳，符号是J。

4.内能与机械能是两种不同形式的能量，它们之间是可以相互转化的。整个物体可以处于

静止状态，没有动能；整个物体也可以处于相对高度为零的位置而没有势能，但它一定具有内

能。物体可以同时具有内能和机械能。

5.热量、温度和内能：“热量不能含、温度不能传、内能不能算”。

（1）热量是一个过程量，只有发生了热传递过程，有了内能的转移，才能讨论热量问题。

所以物体本身没有热量，不能说某个物体具有多少热量，更不能比较两个物体热量的大小。

（2）内能是一个状态量，但是它具有不可测量性，所以不能说物体具有多少的内能。

（3）在热传递过程中，热量从高温物体传到低温物体，而不能说将高温物体的温度传递给

了低温物体。

比热容

6

【母题7】（2023•连云港）沿海地区的昼夜温差较小，而内陆地区（尤其是沙漠）的昼夜温差

较大，这主要是因为（）

A.水的内能多，沙石的内能少

B.水的导热性好，沙石的导热性差

C.水的比热容大，沙石的比热容小

D.水吸收的热量多，沙石吸收的热量少

【答案】C

【分析】因为沙子的比热容比水的小，白天，相同质量的不同物质，吸收相同的热量后，比热

容小的温度升高的多；夜晚，相同质量的不同物质放出相同的热量后，比热容小的温度下降的

多，气温较低，据此回答产生这种气候的原因。

【解答】解：因为沙子的比热容较小、水的比热容较大，白天，吸收热量后，沙子的温度升高

的多，气温较高；夜晚，放出热量后，沙子的温度下降的多，气温较低；所以沿海地区昼夜温

差较小，而内陆地区（尤其是沙漠）的昼夜温差较大。

故选：C。

【母题8]（2023•苏州）在沿海地区，炎热、晴朗的天气里常常出现“海陆风”，当出现如图

所示风向时，通常（）

高空气流

低空气流

------/

海洋

A.发生在白天，且陆地温度较高

B.发生在白天，且海水温度较高

C.发生在夜晚，且陆地温度较高

D.发生在夜晚，且海水温度较高

【答案】D

【分析】根据水的比热容比泥土、沙石的比热容大的特点以及风是从高压区吹向低压区来分析

海风的形成过程。

【解答】解：水的比热容比泥土、沙石的大，白天太阳照射时，水面温度上升得慢，陆地温度

上升得快，热空气上升，冷空气补充，风从海面吹向陆地，形成海风；

7

晚上，气温下降，水面温度下降得慢，温度高一些，热空气上升，风从陆地吹向海面，形成陆

风，由图可知，此时地面附近的空气从陆地吹向海洋，形成陆风，故出现如图所示风向时，通

常发生在夜晚，且海水温度较高。

故选：Do

【母题9】（2023•常州）家用小型风力发电机独特的尾翼结构，能使其旋翼自动迎风，如图甲

所示。海边，仅在海陆风因素的影响下，图乙、图丙所示的情形通常分别发生在（）

A.白天、夜晚B.夜晚、白天C.白天、白天D.夜晚、夜晚

【答案】A

【分析】根据水的比热容比泥土、沙石的比热容大的特点以及风是从高压区吹向低压区来分析

海陆风的形成，进而判断风力发电机旋翼的朝向。

【解答】解：水的比热容比泥土、沙石的大，白天太阳照射时，水面温度上升得慢，陆地温度

上升得快，热空气上升，冷空气补充，风从海面吹向陆地，形成海风，所以白天风力发电机旋

翼朝向大海，如图乙所示；

晚上，气温下降，水面温度下降得慢，温度高一些，热空气上升，风从陆地吹向海面，形成陆

风，所以夜晚风力发电机旋翼朝向陆地，如图丙所示。

故选：Ao

方法技巧

1.比热容

（1）在热传递过程中，传递能量的多少叫做热量。温度不同的两个物体相互接触，高温

物体内能减少，低温物体内能增大；对物体做功时，物体内能会增大，物体对外做功时，物体

内能会减少。

8

（2）比热容是物质的一种特性，与物质的种类和状态有关，与物质的质量、温度和吸热、

放热的多少无关。

（3）水的比热容是4.2xl（）3j/（kg.℃）,表示的物理意义是：1千克的水温度升高1℃吸收的

热量是4.2X103JO

2.热量的简单计算

热量的计算：（1）吸热：Q吸=。必/=。"（“0）；（2）放热：QQcmAt=cm（to-f）。

其中：。吸一吸收的热量，单位：焦（J），。放一放出的热量。

c—比热容，单位：焦每千克摄氏度（J/（kg・℃））

m一质量，单位：千克（kg）

加一变化的温度（升高或降低的温度），单位：摄氏度（℃）;/0—初始温度、末温。

1.（2023•汉阳区校级一模）古诗词是中华传统文化的瑰宝，其中蕴含着丰富的物理知识，下

列古诗词中加颜色的字能够说明分子不停地做无规则运动的是（）

A.源水落花春去也，天上人间

B.零落成泥碾作尘，只有吉郎政

C.城阙辅三秦，风姻里五津

D.野马也，坐埃也，生物之以息相吹也

【答案】B

【分析】物质是由分子组成的，组成物质的分子在不停地做无规则运动，分子的直径很小，分

子运动是肉眼看不见的。

【解答】解：A、流水落花春去也，天上人间”中的“流水落”，是物体的机械运动，不是分

子的运动，故A错误；

3、“零落成泥碾作尘，只有香如故”中的“香如故”，是扩散现象，是气体分子的无规则运动，

故3正确；

9

C、“城阙辅三秦，风烟望五津”中的“风烟望”，烟是可见的，是物体的运动，不是分子的运

动,故C错误；

。、野马也，尘埃也，生物之以息相吹也”中的“尘埃也”，尘埃是可见的，是物体的运动，

不是分子的运动，故。错误。

故选：Bo

2.（2023•南通一模）如图，将红墨水滴入水中，可以看到它在水中扩散开来，下列现象中与

上述实验现象的原理相同的是（）

A.春天柳絮飞舞B.夏天荷花飘香C.秋天红叶飘落D.冬天雪花飞舞

【答案】B

【分析】分子在永不停息地做无规则运动，分子非常小，用肉眼直接看不到。

【解答】解：将红墨水滴入水中，可以看到它在水中扩散开来，是因为红墨水分子在永不停息

地做无规则运动。

ACD.春天柳絮飞舞、秋天红叶飘落和冬天雪花飞舞都用眼睛能直接看到，它们不是分子运

动,故ACD错误。

3、夏天荷花飘香是扩散现象，说明分子在不停地做无规则运动，故3正确。

故选：Bo

3.（2023•裕华区校级模拟）下列诗词中，体现分子无规则运动的是（）

A.“梅须逊雪三分白，雪却输梅一段香”——香

B.“碧纱窗下水沉烟，棋声惊昼眠”一烟

C.“更无柳絮因风起，惟有葵花向日倾”一絮

D.“沙迷双眸人不见，尘覆万柳鸟无鸣”——沙

【答案】A

【分析】扩散现象说明了分子在不停地做无规则运动，分子运动是肉眼看不见的运动；机械运

动是宏观物体的运动，是看得见的运动。

【解答】解：A.花的香气是花香分子做无规则运动引起的，故A符合题意；

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3.“烟”的实质是固体小颗粒悬浮在空中，不是分子的无规则运动，故3不合题意；

C.“絮”是宏观物体的运动，不是分子的无规则运动，故C不合题意；

。.“沙”是宏观物体的运动，不是分子的无规则运动，故。不合题意。

故选：Ao

4.（2023•丰润区模拟）对下列事实的解释，不合理的是（）

A.通过气味辨别氮气和氨气--分子是运动的，不同分子的性质不同

B.氧气经压缩储存在钢瓶中--压强增大，分子之间的间隔变小

C.干冰升华为二氧化碳气体--状态变化，分子大小随之变化

D.蔗糖在热水中溶解更快--温度越高，分子运动速率越大

【答案】C

【分析】根据分子的基本特征：分子质量和体积都很小；分子之间有间隔；分子是在不断运动

的；同种的分子性质相同，不同种的分子性质不同，可以简记为：“两小运间，同同不不”，结

合事实进行分析判断即可。

【解答】解：A、通过气味辨别氮气和氨气，是因为分子是不断地运动的，且不同种的分子性

质不同，故A正确；

B,氧气经压缩储存在钢瓶中，是因为分子间有间隔，气体受压后，分子间隔变小，气体的体

积减小，故3正确；

C、干冰升华为二氧化碳气体，是因为状态变化，分子间的间隔随之变化，不是大小变化，故

C错误；

。、蔗糖在热水中溶解更快，是因为温度越高，分子运动速率越快，故。正确。

故选：Co

5.（2023•西城区校级模拟）关于温度、内能和热量，下列说法正确的是（）

A.温度低的物体一定比温度高的物体具有的内能少

B.两杯水升高相同的温度，吸收的热量可能不相等

C.海波熔化时温度不变，它具有的内能一定不变

D.若物体的温度为0℃,则物体可能不具有内能

【答案】B

【分析】（1）内能是物体分子无规则运动的动能和分子势能的总和；

（2）质量相等的同种物质，升高温度相等，吸收热量相同；

11

（3）晶体熔化时吸收热量，温度不变，内能增加；

（4）一切物体都有内能。

【解答】解：A、内能的大小与物体的温度、质量、状态等有关系，温度低的物体具有的内能

也可能比温度高的物体具有的内能多，故A错误；

3、同样多的两杯水质量相同，升高的温度相同，吸收的热量就相同，故3正确；

C、海波熔化时温度不变，吸收热量，内能增加，故C错误；

D、一切物体都有内能，温度为0°C的物体也具有内能，故。错误。

故选：Ba

6.（2023•鼎城区二模）2022年4月16口，“神舟十三号”返回舱进入大气层，与大气层摩擦

产生高温形成火球进入黑障区（如图）。下列改变内能的方式，与“火球”的形成相同的是（

)

A.扬汤止沸B.钻木取火C.釜底抽薪D.炙手可热

【答案】B

【分析】做功和热传递都可以改变物体的内能，做功是能量的转化，热传递是能量的转移，二

者在改变物体内能上是等效的。

【解答】解：“火球”的形成是返回舱进入大气层，与大气层摩擦产生高温形成的，是克服摩

擦做功，使机械能转化为内能。

A、扬汤止沸是通过热传递来改变物体的内能，故A不合题意；

3、钻木取火是克服摩擦做功，使机械能转化为内能，故3符合题意；

C、釜底抽薪是减少热源，是通过热传递来改变物体的内能，故。不合题意；

。、炙手可热是通过热传递来改变物体的内能，故。不合题意。

故选：Bo

7.（2023•泰安三模）关于温度、热量和内能，下列说法正确的是（）

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A.冰比水感觉更冷，因为冰的内能比水的内能少

B.物体温度升高，内能一定增加，但不一定是吸收了热量

C.青少年不宜大量食用巧克力，是因为巧克力含有的热量较多

D.冰熔化时吸热温度保持不变，内能也不变

【答案】B

【分析】（1）温度是表示物体冷热程度的物理量；影响物体内能大小的因素有质量、温度、状

态等；

（2）改变物体内能的两种方式：做功和热传递；

（3）热量是一个过程量，不能说含有多少热量，只能说吸收热量或放出热量；

（4）晶体熔化时吸收热量，其内能增大，但温度不变。

【解答】解：

A、冰比水感觉更冷，是因为冰的温度比水的温度低；影响物体内能大小的因素有质量、温度、

状态等，因为不知道冰和水的质量关系，所以不能比较它们的内能大小，故A错误；

3、物体的温度升高时，其内能一定增加，可能是吸收了热量，也可能是外界对物体做了功，

故3正确；

C、热量是一个过程量，不能说物体“含有”热量；青少年不宜大量食用巧克力，是因为在质

量相同时巧克力提供的能量更多，容易导致肥胖，故C错误；

D,冰是晶体，熔化时要吸收热量，其内能增大，但温度不变，故。错误。

故选：B。

8.（2023•雁塔区校级模拟）如图所示是西汉时期的熊足青铜鼎。考古学家打造了一个仿制品

进行实验，在鼎内装较多水。盖上厚实的鼎盖，闭合锁扣，在鼎下堆放干柴燃烧。当鼎外为1

个标准大气压时，鼎内的水竟然在120℃沸腾，下列说法正确的是（.）

鼎盖〜锁扣

体

A.干柴燃烧烧水是通过做功的方式改变水的内能

B.水沸腾时产生的“白雾”是汽化现象

13

C.鼎内水沸腾时，温度不变，内能增大

D.鼎内水的沸点高于100℃,说明鼎内的气压小于1个标准大气压

【答案】C

【分析】（1）做功和热传递是改变物体内能的两种方式；

（2）物质由气态变成液态的过程叫液化；

（3）内能的大小跟质量、温度、状态有关；

（4）气压高，水的沸点高。

【解答】解：A、干柴燃烧烧水是通过热传递的方式改变水的内能，故A错误；

3、水沸腾时产生的“白雾”是水蒸气遇冷液化形成的，故3错误；

C、鼎内水沸腾时，水沸腾时继续吸热，内能增加，但温度保持不变，故C正确；

D、鼎内水的沸点高于100℃,说明鼎内的气压大于1个标准大气压，故。错误。

故选：Co

9.（2023•常德模拟）如图为一种自热火锅的构件图。该自热火锅的发热包内有铁粉、铝粉、

炭粉、生石灰等物质，将发热包放到水中，会放出大量的热。有关该自热火锅的说法不正确的

是（）

A.生石灰与水反应会放出大量的热是化学能转化为内能

B.设计出气孔的目的是避免使用时盒内气压过高

C.加热时，温度从发热包传递给食物

D.食物被加热时，温度升高，内能增大

【答案】C

【分析】（1）生石灰与水反应会放出大量的热，消耗了化学能，转化为内能;

（2）盒盖上有出气孔，能维持内外气压的平衡；

（3）热传递过程传递的是热量；

（4）物体温度升高，内能增大。

14

【解答】解：

A、生石灰与水反应会放出大量的热，此反应过程中的能量转化关系是化学能转化为内能，故

A正确；

3、盒盖上有出气孔，这样会避免使用时盒内气压过高，能防止危险的发生，故3正确；

C、加热时，热量从发热包传递给食物，故C错误；

D.食物被加热时，温度升高，其内能增大，故。正确。

故选：C。

10.(2023•锡山区校级四模)用两个相同的电加热器给质量均为0.2仅的物质甲和水加热，它

们的温度随加热时间的变化关系如图所示，不计热量损失，据此判断()

A.物质甲的比热容为8.4xl()3j//g.*c)

B.加热20加〃时间内，水所吸收的热量是甲的两倍

C.甲在前10〃加内吸收的热量是5.04x1(/J

D.每个电加热器每秒放出42J的热量

【答案】D

【分析】(1)由图象可知，用两个相同的电热器给质量相同的物质甲和水加热，相同时间内吸

热相同，由图可得质量相同的物质甲和水升高相同的温度，水吸收的热量等于甲吸收热量的2

倍，由热量计算公式Q=得c水=2年；据此求甲的比热容；

(2)用两个相同的电热器给质量相同的物质甲和水加热，在相同时间内甲和水吸收的热量相

同，所以加热20分钟时间，水吸收的热量等于甲吸收的热量；

(3)知道甲的比热容，利用求甲物质10〃而升高60°C吸收的热量；

(4)不计热量损失，10加”电热器放出的热量等于甲吸收的热量，进而求出每秒放出热量。

【解答】解：

A、由图象可知，用两个相同的电热器给质量相同的物质甲和水加热，水温度升高60℃需要

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20min,物质甲温度升高60°C需要lOmin。

所以质量相同的物质甲和水升高相同的温度需要吸收的热量关系为：。水吸:③吸=20:10=2:1,

由热量计算公式Q=得：。=号，则c水=2年，又因为%=4.2x103J/%,所以

3

C¥=2.1X10J/(^.C)),故A错误；

3、用两个相同的电热器给质量相同的物质甲和水加热，在相同时间内甲和水吸收的热量相同，

所以加热20分钟时间，水吸收的热量等于甲吸收的热量，故3错误；

C、甲物质10〃成升高了60°C,吸收的热量：绍吸=年再△

=2.1X103J/(^-C})x0.2依*60C}=2.52xl()4j,故C错误；

D、不计热量损失，10〃瓶电热器放出的热量：。放=«吸=2.52x1041,

每秒放出热量：Q=^^=2.52x］山=42J,故。正确。

10x60600

故选：Do

U.(2023•天河区校级模拟)甲、乙两物体质量都为2年，丙物体质量为1依，三个物体温度

都升高1℃,吸收热量如图所示，以下说法正确的是()

A.乙的比热容与丙的相等

B.甲的比热容比丙的大

C.丙的温度降低1°C,需放出2000J的热量

D.甲、乙的温度都降低1℃,乙比甲放出的热量多

【答案】C

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【分析】由图可读出甲、乙、丙吸收的热量，利用可分别求出甲、乙、丙的比热容，

逐项分析即可。

【解答】解：由题意和图可知，甲、乙两物体质量都为2像，丙物体质量为1炊，三个物体温

度都升高1℃,则甲吸收的热量多，乙、丙吸热相同；由图中的数据可知，

C=^=3000/

甲的比热容为：=1500//(%g-C})

2kgxl℃

r一2.2000J

乙的比热容为：=10007/(A5O.c5J

2kgx1℃

c_Q丙一2000JO.c)

丙的比热容为：丙=2000//(A

CX°5。J/J

机丙\kgxlC

A.由以上计算可知，乙的比热容小于丙的比热容，故A错误；

B.由以上计算可知，甲的比热容小于丙的比热容，故3错误；

C.由丙的比热容为2000J/伏g：C）可知，丙的温度降低1°C,需放出2000J的热量，故C正确；

D.因为甲、乙的质量相等，甲的比热容大于乙的比热容，由。=的4,可知，甲、乙的温度

都降低1℃,甲、乙的温度都降低1℃,乙比甲放出的热量少，故。错误。

故选：C。

12.（2023•鼎城区二模）某同学用完全相同的装置加热等质量的水和食用油，得到了温度随时

间变化的图象如图所示，以下说法正确的是［c水=4.2XK）3J/（版-c｝）］（）

A.物质A为水

B.0~3mn,物质A吸收的热量比物质3吸收的热量多

C.食用油的比热容为2.8x103//（炊：c）

D.若食用油的质量为50g,2~3加〃内食用油吸收了2100J的热量

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【答案】C

【分析】（1）根据公式％=5”，。），质量、吸收的热量相同时，吸热能力弱的物质升高的温

度快；

（2）相同加热器在相同时间内放出的热量相同；

（3）由题知食用油和水质量相同，升高的温度相同时水吸收的热量是食用油吸收热量的2倍。

根据吸热公式Q=c吸机判断两物质的比热容之间的关系，从而得出食用油的比热容；

（4）利用。=cm△f可求得加热2~3min食用油吸收的热量。

【解答】解：

A、由△=可知，在质量、吸收的热量相同时，吸热能力弱（比热容小）的物质升高的温

cm

度快，分析图象可知，物质A为食用油，故A错误；

B,相同加热器在相同时间内放出的热量相同，则加热3〃加时水和食用油吸收的热量相同，故

3错误；

C、用两个相同的电热器给质量相同的物质食用油和水加热，由图象可知，水温度升高到40℃

需要3min,食用油温度升高到40°C需要2min;

因为加热器相同，则物质吸收的热量和加热时间成正比，

所以，质量相同的食用油和水升高相同的温度需要吸收的热量关系为：。水吸=1。油吸；

由。吸二on△，得：c=-^~,

a

则可知一油,

又因为。水=4.2x103J/（依.C｝）,

所以c油=|%=2.8xl（）3j/,g.故C正确；

。、相同加热器在相同时间内放出的热量相同，由图象可知，2加〃食用油的温度升高了

40°C-20°C=20°C,

贝U2~3min内食用油吸收的热量：％吸=gc油叫△f=gx2.8x力j/（像：0*0.05^x20°C=1.4xl03J,

故。错误。

故选：C。

13.（2023•云龙区一模）如图所示，规格相同的甲、乙两容器中分别装有3像和2饭的纯净水，