物理试题-福建部分学校教学联盟2024~2025学年高二8月入学检测含答案及解析

物理试卷物理试卷第页）2024~2025学年第一学期福建省部分学校教学联盟高中入学适应性检测高中二年级物理试卷（考试时间：75分钟；满分：100分）注意事项：1．答题前，请考生认真检查试题卷有无缺印、漏印等问题。本卷共4页，15小题。2．答题时，选择题部分用2B铅笔规范填涂。非选择题部分用0.5毫米黑色签字笔在答题卡上书写作答。在试题卷上答题无效。学校：姓名：准考证号：一、单项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题所给出的四个选项中，只有一个选项是符合题目要求的。1．如图所示，两个点电荷分别放在光滑绝缘水平面上的A、B两处，A处电荷带正电Q1，B处电荷带负电Q2，且Q1＝4Q2，另取一个可以自由移动的点电荷Q3，放在AB直线上，欲使整个系统处于平衡状态，则A．Q3为正电荷，且放于A左方B．Q3为负电荷，且放于B右方C．Q3为负电荷，且放于A、B之间D．Q3为正电荷，且放于B右方2．如图所示，不带电的金属导体A和B放在绝缘支柱上并相互接触，带正电的小球C放置在导体A的左侧。下列操作能让导体B最终带正电的是A．移走小球C后分开导体A、BB．移动小球C与导体A、B接触后移走小球C，再分开导体A、BC．将导体A接地后移走小球C，再分开导体A、BD．将导体B接地后移走小球C，再分开导体A、B3．如图所示，将带正电的甲球放在不带电的乙球左侧，两球在空间形成了稳定的静电场，实线为电场线，虚线为等差等势线。A、B两点与两球球心连线位于同一直线上，C、D两点关于直线AB对称，则A．A点和B点的电势相同B．C点和D点的电场强度相同C．正电荷从A点移至B点，电势能减小D．负电荷从C点移至D点，电势能增大4．图中边长为a的正三角形ABC的三个顶点分别固定三个点电荷+q、+q、-2q，在该三角形中心O点处固定一电量为-2q的点电荷，则该电荷受到的电场力为A．，方向由C指向O B．，方向由O指向CC．方向由C指向O D．，方向由O指向C二、双项选择题：本题共4小题，每小题6分，共24分。在每小题所给出的四个选项中，有两个选项是符合题目要求的。全部选对的得6分，部分选对的得3分，有选错或不选的得0分。5．如图所示，绝缘金属球壳的空腔内、外各有一小球B和A，球壳接地。下列说法正确的是A．若A球带电，则球壳内的B球处的电场强度为零B．若B球带电，则A球处的电场强度不为零C．若A球和B球均带电，则彼此也不会相互影响D．若A球和B球均带电，则由于球壳接地，A球对B球没有影响，但B球对A球有影响6．某静电场中的电场线如图所示，带电粒子在电场中仅受电场力作用，其运动轨迹是图中虚线，由M运动到N，以下说法正确的是A．粒子是负电荷B．粒子在M点的加速度大于N点的加速度C．粒子在M点的动能小于N点的动能D．粒子在M点的电势能大于N点的电势能7．如图所示，平行板电容器与直流电源连接，下极板接地，一带电油滴位于电容器中的P点且处于静止状态，现将上极板竖直向上移动一小段距离，则A．带电油滴将沿竖直方向向上运动 B．P点电势将升高C．P点电势将降低 D．带电油滴在P点电势能升高8．如图所示，在地面上方的水平匀强电场中，一个质量为m、电荷量为+q的小球，系在一根长为L的绝缘细绳一端，小球绕细绳的固定端O点在竖直平面内做圆周运动。AB为圆周的水平直径，CD为圆周的竖直直径。已知重力加速度为g，电场强度的大小，忽略空气阻力的影响。下列说法正确的是A．运动过程中，细绳拉力最大的位置，小球的动能最小B．运动过程中，小球动能最小的位置，电势能最大C．小球经过C、D两点时，细绳拉力大小的差值为6mgD．小球经过B、A两点时，细绳拉力大小的差值为4.5mg三、非选择题：本题共60分。其中9~10小题为填空题，11~12小题为实验题，13~15小题为计算题，考生根据要求在非选择题的规定区域内规范作答。（4分）静电喷涂技术在现代工业制造中被广泛应用。图是对某一工件的静电喷漆过程示意图，被喷涂的工件带正电并接地，喷枪连接涂料管道与高压直流电源的负极连接，图中虚线表示电场线。喷出的涂料微粒带（填“正”或“负”）电，涂料微粒向工件运动过程中电势能逐渐（填“减少”或“增大”）。10．（6分）在电场中把一个电荷量为的点电荷从A点移到B点，克服电场力做功；将此电荷从B点移到C点，电场力做功为。则：则将此电荷从A点移到C点，电荷的电势能减少了J，CA间的电势差V若；若A点的则电势为零，则B点的电势V。11．（6分）美国物理学家密立根通过如图所示的实验装置，最先测出了电子的电荷量，被称为密立根油滴实验。两块水平放置的金属板A、B分别与电源的正负极相连接，板间产生匀强电场，方向竖直向下，图中油滴由于带负电悬浮在两板间保持静止。（1）若要测出该油滴的电荷量，需要测出的物理量有。A．油滴质量mB．两板间的电压UC．两板间的距离dD．两板的长度L（2）用所选择的物理量表示出该油滴的电荷量q=（已知重力加速度为g）。（3）若要使原本静止的油滴落到下极板，则下列做法可以达到目的的有。A．保持两极板电压不变，把下极板向下移

B．断开电源，把下极板向右移C．断开电源，在两极板间插入电介质

D．断开电源，把下极板向上移12．（8分）在“观察电容器的充放电过程”实验中，按图1所示连接电路。开关未闭合时，电源的路端电压，实验操作时，单刀双掷开关S先跟2相接，某时刻开关改接1，一段时间后，把开关再改接2。实验中使用了电流传感器来采集电流随时间的变化情况。

(1)开关S改接2后，电容器进行的是。（选填“充电”或“放电”）过程。此过程得到的图像如图2所示，如果不改变电路其他参数，只减小电阻R的阻值，则此过程的曲线与坐标轴所围成的面积将。（选填“增大”、“减小”或“不变”）。(2)在电容器充放电过程中，通过电阻R的电流方向（选填“相同”或“相反”）。(3)若实验中测得该电容器在整个放电过程中释放的电荷量，则该电容器的电容为。（10分）如图所示的匀强电场中，有a、b、c三点，ab间距离，bc间距离，其中ab沿电场方向，bc和电场方向成60°角。一个带电量的负电荷从a点移到b点，克服电场力做功。求：（1）匀强电场的电场强度大小和方向；（2）电荷从b点移到c点，电势能的变化量；（3）a、c两点间的电势差。14．（10分）如图所示，一内壁光滑的细管弯成半径为R=0.4m的半圆形轨道CD,竖直放置，其内径略大于小球的直径，水平轨道与竖直半圆轨道在C点连接完好．置于水平轨道上的弹簧左端与竖直墙壁相连，B处为弹簧的自然状态．将一个质量为m=0.8kg的小球放在弹簧的右侧后，用力向左侧推小球而压缩弹簧至A处，然后将小球由静止释放，小球运动到C处后对轨道的压力为F1=58N．水平轨道以B处为界，左侧AB段长为x=0.3m，与小球的动摩擦因数为，右侧BC段光滑．g=10m/s2，求：（1）弹簧在压缩时所储存的弹性势能；（2）小球运动到轨道最高处D点时对轨道的压力大小。15．（16分）如图所示，绝缘平板静置于水平面上，带电荷量的物块（可视为质点）置于平板最左端。平板质量，物块质量，物块与平板间动摩擦因数，平板与水平面间动摩擦因数，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。时，空间提供水平向右的匀强电场（图中未画出），场强大小为；时，电场反向变为水平向左，场强大小不变；时，撤去电场，整个过程中，物块的电荷量保持不变，物块始终未离开平板，不计空气阻力，不考虑因电场变化产生的磁场影响，重力加速度取g=10m/s2。求：（1）时，物块和平板的速度大小；（2）平板长度至少为多少?（3）整个过程中，电场力对物块所做的总功。

2024~2025学年第一学期福建省部分学校教学联盟高中入学适应性检测高中二年级物理答案解析及评分细则一、单项选择题：本题共4小题，每小题4分，共16分。在每小题所给出的四个选项中，只有一个选项是符合题目要求的。1．D【详解】由于整个系统处于平衡状态，每一个电荷均受力平衡，根据三个自由点电荷平衡条件“三点共线、两同夹异、两大夹小、近小远大”及A处带正电，B处带负电，且A处的电荷量大于B处的电荷量，所以点电荷Q3应该在B的右侧，且带正电，故ABC错误，D正确。故选D。2．B【详解】A．移走小球C后，导体A、B的电荷重新分布，导体B不带电，故A错误；B．小球C与导体A、B接触后，导体A、B整体带正电，移走小球C再分开导体A、B，导体B带正电，故B正确；CD．将导体A或B接地，导体A、B整体带负电，移走小球C再分开导体A、B，导体B带负电，故CD错误。故选B。3．C【详解】A．由电场线和等势面的图线可知A点与C点在一个等势面上，再根据“沿电场线的方向电势逐渐降低”的特点可知，C点电势高于B点的电势，所以A点的电势高于B点的电势，故A错误；B．因为电场强度是矢量，C点与D点方向不同，所以电场强度不同，故B错误；C．由电场线和等势面的图线可知A点与C点在一个等势面上，再根据“沿电场线的方向电势逐渐降低”的特点可知，C点电势高于B点的电势，所以即由可知，电场力做正功，所以正电荷在A点移至B点，电势能减小，故C正确。D．因为C、D关于AB对称，即C、D在同一等势面上，所以负电荷从C点移至D点，电势能不变，故D错误。故选C。4．A【详解】将A、B位置的两个点电荷看为一个整体，根据等量同种正点电荷的电场分布规律可知，O点位于其连线的中垂线上，则电场强度方向由O指向C，即对O点的-2q的点电荷的电场力方向由C指向O，C位置的-2q点电荷对O点的电荷是斥力作用，可知，O点处固定的-2q的点电荷所受电场力方向由C指向O，根据几何关系，三个点电荷到中心O的间距为A、B位置的两个点电荷对O点的-2q的点电荷的电场力为C位置的两个点电荷对O点的-2q的点电荷的电场力为则该电荷受到的电场力为方向由C指向O。故选A。二、双项选择题：本题共4小题，每小题6分，共24分。在每小题所给出的四个选项中，有两个选项是符合题目要求的。全部选对的得6分，部分选对的得3分，有选错或不选的得0分。5．AC【详解】A．若A球带电，则B球相当于放置在金属球壳内，B球处的电场强度为零，故A正确；B．若B球带电，则A球相当于放置在金属球壳和大地构成的导体球壳内，A球处的电场强度也为零，故B错误；CD．由于静电屏蔽，A、B两球彼此不会相互影响，故C正确，D错误。故选AC。6．CD【详解】A．由电荷的运动轨迹可知，电荷的受力沿着电场线的方向向上，与电场强度方向相同，所以电荷为正电荷，故A错误；B．电场线密的地方电场强度大，电场线疏的地方电场强度小，由图可知，N点的场强大于M点的场强，在N点所受的电场力大于M点的电场力，所以粒子在M点的加速度小于N点的加速度，故B错误；CD．电场力对粒子做正功，电荷的电势能减小，所以粒子在M点的电势能大于它在N点的电势能，则粒子在M点的动能小于N点的动能，故CD都正确；故选CD。7．BD【详解】A．平行板电容器与直流电源连接，其电压保持不变，将上极板竖直向上移动一小段距离，根据可知板间场强减小，油滴所受电场力减小，油滴将沿竖直方向向下运动。故A错误；BC．P与下板间的距离不变，由公式分析可知，P与下板间电势差减小，由于电容器与电源正极相连的下板接地，所以下极板上方电势均小于零。所以P点电势升高。故B正确，C错误；D．P点电势升高，而油滴带正电，则带电油滴的电势能增加。故D正确。故选BD。8．CD【详解】A.设细绳拉力、电场力的合力的方向与竖直方向的夹角为θ解得细绳拉力、电场力的合力为，从P点到Q点，合力做功最多，所以在P点动能最小，在Q点动能最大，在Q点由牛顿第二定律由上式得，在Q点速度最大，绳的拉力最大，A错误；B.运动过程中，小球在P点动能最小，在A点电势能最大，B错误；C.小球从D到C的过程中解得，C正确；D.小球从A到B的过程中解得，D正确。故选CD。9．（4分，每空2分）负减少【详解】[1]由图知，工件带正电，则在涂料微粒向工件靠近的过程中被吸附在工件上，所以涂料微粒带负电。[2]涂料微粒在运动过程中电场力对它做正功，则电势能逐渐减少。10．（6分，每空2分）【详解】[1]依题意，把点电荷从A移到B电场力做功，从B移到C电场力做功，从A移到C，则电场力做功为故从A移到C点电荷的电势能减少[2]由代入数据，解得[3]设A，B点的电势分别为、，有解得（6分，每空2分）（1）ABC（全部选对得2分，部分选对得1分，有选错或不选得0分）（2）（3）AC（全部选对得2分，部分选对得1分，有选错或不选得0分）【详解】（1）[1]平行金属板板间存在匀强电场，油滴恰好处于静止状态，电场力与重力平衡，则有所以需要测出的物理量有油滴质量m，两板间的电压U，两板间的距离d。故选ABC；（2）[2]根据平衡条件可得则油滴的电荷量为（3）[3]若要使原本静止的油滴落到下极板，减小电场力即可。A．保持两极板间电压U不变，把下极板向下移，则增大极板间距，根据可知，电场强度减小，则电场力减小，因此油滴可落到下极板，A正确；BCD．断开电源，金属板所带电荷量Q不变，根据可得则把下极板向上移，两板间距离变化，但两板间电场强度不变，油滴仍处于静止状态；把下极板向右移，S减小了，两板间电场强度增大，油滴会上升；在两极板间插入电介质，则增大，所以两板间电场强度减小，油滴可落到下极板，故C正确，BD错误。故选AC。（8分，每空2分）（1）放电不变（2）相反（3）430【详解】（1）[1]电容器充电结束后，将电容器的两端与一个闭合的外电路接通时，电容器开始放电，而开关S改接2后，电容器与左侧形成一个闭合回路，进行的是放电过程。[2]因为总电荷量不会因为电阻R而变化，则曲线与横坐标轴所围成的面积不变，且由于电阻变小，电路中的平均电流变大，所以放电时间将变短，曲线会有变化，但是曲线与坐标轴所围成的面积表示这一时间间隔内通过导体的总电荷量，总电荷量不变，所以曲线与坐标轴所围成的面积不变。（2）在电容器充放电过程中，通过电阻R的电流方向相反。（3）该电容器的电容13．（10分）解：(1)负电荷从a点移到b点克服电场力做功，说明负电荷所受电场力的方向为由b指向a，负电荷所受电场力的方向与电场强度的方向相反，故该匀强电场的方向为由a指向b（水平向右），（1分，直接写出方向，无需说明理由）根据：（2分）代入数值可得：E=1.0×103V/m（3分）(2)负电荷由b点移到c点，电场力做的功：（5分，列出公式得1分，写出结果得1分）电场力做负功，电荷的电势能增加，故电荷的电势能增加；

（6分，注意写出“增加”才得分，类似“变化”、“改变”均不得分）

（3）a、c两点间的电势差为：（10分，列出公式得2分，算出Wac得1分，写出结果得1分）14．（10分）解：(1)球运动到C处时，由牛顿第二定律得：（1分）得：（2分）根据动能定理得，（3分）解得：；（4分）(