广西玉林师院附中玉林十一中等五校2024-2025学年高二物理上学期期中试题

PAGE9-广西玉林师院附中、玉林十一中等五校2024-2025学年高二物理上学期期中试题第I卷(共21小题，共126分)留意事项1.答题前，考生在答题卡上务必用直径0.5毫米黑色字迹签字笔将自己的姓名、班别、学号填写清晰。在试题卷上作答无效。2.本试卷分第I卷(选择题)和第II卷(非选择题)两部分。二、不定项选择题：本大题共8小题，14－18题只有一个符合题目要求，19－21题有多个符合题目要求。完全选对6分，选对但不全对3分，选错、不选0分。14.在如图所示的4种状况中，a、b两点的场强相同，电势相同的是A.带电平行板电容器两极板间的a、b两点B.离点电荷等距的a、b两点C.达到静电平衡时导体内部的a、b两点D.两个等量异种电荷连线上，与连线中点O等距的a、b两点15.如图所示，一质量为m、电荷量为e的小球A系在长为l的绝缘轻绳下端，另一电荷量也为Q的小球B位于悬挂点的正下方(A、B均视为点电荷)，轻绳与竖直方向成30°角，小球A、B静止于同一高度。已知重力加速度为g，静电力常量为k，则两球间的静电力为A.B.C.mgD.mg16.如图，E为内阻不能忽视的电池，R1、R2、R3为定值电阻，S0、S为开关，与分别为电压表与电流表，初始时S0与S均闭合，现将S断开，则A.的读数变大，的读数变小B.的读数变大，的读数变大C.的读数变小，的读数变小D.的读数变小，的读数变大17.一个电量为10－6C的负电荷从电场中A点移至B点，电场力做功2×10－6J；从C点移至D点电场力做功－7×10－6J。已知C点比B点电势高3V，且A、B、C、D四点在同一条电场线上，则下列图中正确的是18.如图所示是某款理发用的电吹风的电路图，它主要由电动机M和电热丝R构成。当调整开关S1、S2的通断，可使电动机驱动风叶旋转，将冷空气从进风口吸入，从出风口吹出冷风或热风。已知电吹风的额定电压为220V，吹冷风时的功率为120W，吹热风时的功率为1000W。关于该电吹风，下列说法正确的是A.电热丝的电阻为55ΩB.当开关S2闭合、S1断开时，电吹风吹出热风C.当电吹风吹冷风时，电热丝每秒钟消耗的电能为1000JD.当电吹风吹热风时，电动机每秒钟消耗的电能为1120J19.(多选)一点电荷从电场中的a点移到b点时，电场力做功为零，则A.a、b两点的场强肯定相等B.肯定沿等势面移动C.电势能的改变为零D.a、b两点电势肯定相等20.(多选)图中虚线为匀强电场中与场强方向垂直的等间距平行直线，两粒子M、N质量相等，所带电荷的肯定值也相等。现将M、N从虚线上的O点以相同速率射出，两粒子在电场中运动的轨迹分别如图中两条实线所示。点a、b、c为实线与虚线的交点，已知O点电势高于c点。若不计重力，则A.M带负电荷，N带正电荷B.N在a点的速度与M在c点的速度大小相同C.N在从O点运动至a点的过程中克服电场力做功D.M在从O点运动至b点的过程中，电场力对它做的功等于零21.(多选)两电荷量分别为q1和q2的点电荷放在x轴上的O、M两点，两电荷连线上各点电势φ随x改变的关系如图所示，其中A、N两点的电势为零，ND段中C点电势最高，则A.C点的电场强度大小为零B.A点的电场强度大小为零C.NC间场强方向沿x轴正方向D.将一负点电荷从N点移到D点，电场力先做正功后做负功第II卷(共174分)22(6分).要测定某电源的电动势和内阻，某同学按如图甲所示的电路图连接好电路并进行如下操作：(1)闭合开关S，多次调整电阻箱的阻值，并记录下每次的电阻值R及对应的电流表A的示数I(电流表的内阻很小，可忽视不计)。(2)依据数据，作出－R图象，如图乙所示，则依据图象可以求出电源电动势E＝V，内阻r＝Ω。23(9分).某学校试验室购买了一卷表面有很薄绝缘层的镍铬合金丝，该校的一爱好小组同学想通过自己设计的试验来测算合金丝的长度。已知该镍铬合金丝的常温电阻率ρ＝1.0×10－6Ω·m，他们选用的器材有多用电表、电流表、电压表、开关、滑动变阻器、螺旋测微器、导线和学生电源等(1)他们先运用多用电表粗测合金丝的电阻，操作过程分以下三个步骤：①将红、黑表笔分别插入多用电表的“＋”“－”插孔，选择电阻挡“×100”；②调整“机械零点调整旋纽”使指针指到零刻度，调整时(填“必需”“不能”)将两表笔短接，然后调整“欧姆调零旋钮”进行欧姆调零，调整时(填“必需”“不能”)将两表笔短接；③把红、黑表笔分别与镍铬合金丝的两端(已刮去绝缘漆)相接，多用电表的示数如图甲所示，该合金丝的电阻约为Ω。(2)为了更精确地测量镍铬合金丝电阻，已知所选用的电压表内阻为几千欧，电流表内阻为几欧，依据多用电表的示数，为了削减试验误差，并获得较大的电压调整范围，以下四个电路中最合理的是。(3)他们运用螺旋测微器测量镍铬合金丝的直径，示数如图乙所示，则镍铬合金丝的直径为mm。(4)依据多用电表测得的镍铬合金丝电阻值，不计合金丝绝缘漆的厚度，可估算出这卷镍铬合金丝的长度约为m。(结果保留整数)24(14分).在如图所示的电路中，电源的电动势E＝12V，内阻未知，R1＝8Ω，R2＝1.5Ω，L为规格是“3V，3W”的灯泡，当开关S断开时，灯泡恰好正常发光。(不考虑温度对灯泡电阻的影响)求：(1)电源的内阻；(2)开关S闭合时，灯泡实际消耗的功率。25(16分)长为L的平行金属板水平放置，两极板带等量的异种电荷，板间形成匀强电场，一个带电荷量为＋q、质量为m的带电粒子，以初速度v0紧贴上极板垂直于电场线方向进入该电场，刚好从下极板边缘射出，射出时速度恰与下极板成30°角，如图所示，不计粒子重力，求：(1)粒子末速度的大小；(2)匀强电场的场强；(3)两板间的距离26(17分).如图所示，A、B是位于竖直平面内、半径R＝0.5m的圆弧形的光滑绝缘轨道，其下端点B与水平绝缘轨道平滑连接，整个轨道处在竖直向下的匀强电场中，电场强度E＝5×103N/C。今有一质量为m＝0.1kg、带电荷量＋q＝8×10－5C的小滑块(可视为质点)从A点由静止释放。若已知滑块与水平轨道间的动摩擦因数µ＝0.05，取g＝10m/s2，求：(1)小滑块经过圆弧形轨道最低点B时对B点的压力；(2)小滑块在水平轨道上离开B点的最远距离。2024年秋季期期中教学质量评价高二理综答案物理部分14．C15．答案：A解析：平衡时A、B间的距离r＝lsin30°＝eq\f(l,2)，依据库仑定律得F＝keq\f(Q2,r2)＝eq\f(4kQ2,l2)，A正确，B错误；A球的受力状况如图所示，可知F＝mgtan30°＝eq\f(\r(3),3)mg，CD均错误．16．【答案】B解析S断开，相当于电阻变大，则由闭合电路欧姆定律可得电路中总电流减小，故路端电压增大，V的读数变大；把R1归为内阻，内电压减小，故R3中的电压增大，由欧姆定律可知R3中的电流也增大，电流表示数增大，A．分析得V的读数变大，A的读数变大，故A错误；B．分析得V的读数变大，A的读数变大，故B正确；C．分析得V的读数变大，A的读数变大，故C错误；D．分析得V的读数变大，A的读数变大，故D错误；17．C解析试题分析：A、B间的电势差为,则A的电势低于B的电势；C、D间的电势差为,则C得电势高于D的电势；又由题，C点比B点电势高3V，所以电势从高到低的依次是：C、B、A、D．沿着电场线电势渐渐降低，故C对．18．【答案】A解析A．当吹热风时，电机动M和电阻丝R并联，电阻丝消耗的功率为由可得故A正确；B．当开关S2闭合、S1断开时，电阻丝不工作，不产生热量，所以此时电吹风吹出冷风，故B错误；C．当电吹风吹冷风时，S1断开，电热丝处于断路状态，没有电流通过，电热丝每秒钟消耗的电能为0，故C错误；D．当电吹风吹热风时，电动机M和电热丝R并联，电动机的功率为120W，所以每秒钟消耗的电能为故D错误。故选A。19.答案：CD电场力做功与路径无关，只与初末位置有关，故这两点的电势肯定等值，点电荷移动的轨迹不知道，与电场的强度也无关。故A错误；点电荷从a点移到b点的过程中，电场力做功为零，不肯定沿等势面运动，两点之间的电势差为0，故B错误，D正确；电势能的改变量数值上等于电场力做功的大小，故从a到b电势能的改变为零，故C正确；故选CD。20．BD【解析】A．由于O点电势高于c点．电场强度方向向下，依据MN粒子的运动轨迹可知N受到的电场力向上，M受到的电场力向下，N带负电，M带正电，A错误；B．依据题意可知，而且电场力都做的是正功，而且电荷和质量大小相等，依据动能定理得，N在a点的速度与M在c点的速度大小相等，B正确；C．N在从O点运动至a点的过程中受到的电场力向上，轨迹运动方向也向上，故电场力做正功，C错误D．图中的虚线为等势线，即O点和b点的电势相等，所以M点从O点到b点的过程中电场力对粒子做功等于零，D正确；故选BD21．AD22.答案：24（每空3分）解析：依据试验原理和闭合电路欧姆定律得E＝I(R＋r)，变形为符合图象的线性关系为eq\f(1,I)＝eq\f(R,E)＋eq\f(r,E)，由图象得R＝0时，eq\f(r,E)＝eq\f(1,I)＝2.0，斜率eq\f(1,E)＝eq\f(5.0－2.0,6)V－1＝0.5V－1，解得E＝2V，r＝4Ω.23．【答案】(1)②不能必需③1400(2)D(3)0.305(4)102（前3个空每空1分，后3个空每空2分）【解析】(1)②机械调零是调整指针的“游丝（特别细的回摆弹簧）”张紧程度。电表在移动过程或受四周电磁场的影响下，指针会发生偏移，调整游丝的张力大小，即可调整指针左右的摇摆位置。机械调零时不须要将两表笔短接。欧姆调零的原理为由于欧姆表内带电源，在接入不同（档位）电路中，不行能保证都刚好是满偏电流，所以须要进行内部电阻微调，达到电流满偏，必需将两表笔短接。③读数为(2)依据题目，要求电压调整范围较大，滑动变阻器采纳分压式接法；依据多用电表的读数1400Ω，可知被测电阻较大，电流表的分压可忽视，应当选用电流表内接法；故D项正确，ABC三项错误。故选D。(3)螺旋测微器的读数为(4)依据公式，，联立可得24.解析：(1)当S断开时，灯L正常发光，即I1＝I0＝1A，RL＝3Ω①依据闭合电路欧姆定律有E＝I0(R1＋RL＋r)②得r＝eq\f(E,I0)－(R1＋RL)＝eq\f(12,1)Ω－(8＋3)Ω＝1Ω.③(2)当S闭合时，外电路的总电阻为R外＝eq\f(RLR2,RL＋R2)＋R1＝9Ω④干路电流为I总＝eq\f(E,R外＋r)＝1.2A⑤灯泡两端的电压为UL＝I总eq\f(RLR2,RL＋R2)＝1.2V⑥灯泡的实际功率为PL＝eq\f(U\o\al(2,L),RL)＝0.48W.⑦以上各式中①②③④⑤⑥⑦每式各2分25.（16分）(1)粒子离开电场时，合速度与水平方向夹角为30°，由速度关系得合速度①(2)粒子在匀强电场中为类平抛运动，在水平方向上②在竖直方向上③④由牛顿其次定律得⑤解得⑥即匀强电场的场强大小是⑦方向竖直向下⑧(3)粒子做类平抛运动，在竖直方向上⑨解得⑩以上①②③④⑤⑨每式2分，⑥⑦⑧⑩每式1分26．（1）滑块从A到B的过程中，滑块受竖直向下的重力，竖直向下的电场力，沿圆轨道半径指向圆心方向的支持力，只有重力和电场力做功，由动能定理得①在B点物块受竖直向向下的重力，竖直向下的电场力，竖直向上的支持力，由圆周运动向心力方程得②滑块对B点的压力为NB，由牛顿第三定律可知④联立以上各式解得NB=4.2N⑤（2）小滑块在水平地面