专题05 板块模型

学而优·教有方PAGEPAGE252022届高三物理二轮常见模型与方法综合特训专练专题05板块模型专练目标专练内容目标1无外力动力学板块模型（1T—5T）目标2有外力动力学板块模型（6T—10T）目标3利用能量动量观点处理板块模型（11T—16T）【典例专练】一、水平传送带模型1．如图1所示，一长木板静止于光滑水平桌面上，t=0时，小物块（可视为质点）以速度v0滑到长木板上，t1时刻小物块恰好滑至长木板的最右端。图2为物块与木板运动的图像，图中t1、v0、v1已知，重力加速度大小为g。下列说法正确的是（）A．木板的长度为B．物块与木板的质量之比为C．物块与木板之间的动摩擦因数为D．0~t1这段时间内，物块动能的减少量与木板动能的增加量之比为2．如图甲所示，长木板静止在光滑的水平面上，小铅块以一定水平速度滑上木板的左端，恰能滑至木板右端与木板相对静止。如图乙所示，将木板分成1和2两部分，其质量分别为m1、m2，紧挨着放在此平面上，再让小铅块以相同的初速度滑上木板1的左端。小铅块运动中所受的摩擦力始终不变。下列判断正确的是（）A．当m1>m2时，小铅块能从木板2的最右端滑出B．当m1<m2时，小铅块仍能滑到木板2的最右端且速度为零C．当m1=m2时，小铅块仍能滑到木板2的最右端且刚好相对静止D．无论m1与m2之间是何种关系，小铅块都能滑到木板2上但不能到达最右端3．一足够长木板在水平地面上向右运动，在t=0时刻将一相对于地面静止的小物块轻放到木板的右端，之后木板运动的v-t图象如图所示。则小物块运动的v-t图象可能是（）A． B．C． D．4．如图甲所示，水平地面上静止放置一质量为M的木板，木板的左端有一个可视为质点的、质量m＝1kg的滑块。现给滑块一向右的初速度v0＝10m/s，此后滑块和木板在水平地面上运动的速度图像如图乙所示，滑块最终刚好停在木板的右端，取g＝10m/s2。下列说法正确的是（）A．滑块与木板间的动摩擦因数μ1＝0.4B．木板与地面间的动摩擦因数μ2＝0.1C．木板的长度L＝4mD．木板的质量M＝1.5kg5．如图甲所示，光滑水平面上静置一个长木板，长木板上表面粗糙，其质量为，时刻质量为的滑块以水平向右的速度滑上长木板左端，此后长木板与滑块运动的图像如图乙所示，下列分析正确的是（）A． B．物块与长木板间的动摩擦因数为0.2C．过程中摩擦力对木板做负功 D．木板的长度为有外力动力学板块模型6．如图所示，m、M两物体叠放在光滑水平面上，两物体间动摩擦因数为μ=0.2，已知它们的质量m=2kg，M=1kg，力F作用在m物体上（设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g=10m/s2），则（）A．当时，两物体即将发生相对运动B．当时，两物体一定发生相对运动C．当时，M物体的加速度为D．当时，m物体的加速度为7．某中学两同学玩拉板块的双人游戏，考验两人的默契度，如图所示，一长L=0.20m、质量M=0.40kg的木板靠在光滑竖直墙面上，木板右下方有一质量m=0.80kg的小滑块（可视为质点），滑块与木板间的动摩擦因数μ=0.20，滑块与木板间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取g=10m/s2，一人用水平恒力F1向左作用在滑块上，另一人用竖直向上的恒力F2向上拉动滑块，使滑块从地面由静止开始向上运动，下列判断正确的是（）A．只要F2足够大，木板一定能上升B．若F2=18N，为使滑块和木板不发生相对滑动，F1至少为20NC．若F1=40N，为使滑块和木板一起上升，则F2的取值范围是12N<F2≤18ND．若F1=30N、F2=20N，则滑块经过0.4s从木板上方离开8．如图所示，质量mA=1kg足够长的长板置于水平地面上，质量mB=2kg的小滑块置于长板A的左端，A与水平地面的动摩擦因数μ1=0.3，B与A间的动摩擦因数μ2=0.5，对B施加一大小为F=20N方向与水平面成37°的恒力。已知最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8。下列说法正确的是（）A．A的加速度大小为1m/s2B．B的加速度大小为6m/s2C．若力F作用一段时间后，撤去力F，A的加速度大小增大D．若力F作用一段时间后，撤去力F，B相对A静止9．一长轻质薄硬纸片置于光滑水平地面上，其上放质量均为1kg的A、B两物块，A、B与薄硬纸片之间的动摩擦因数分别为μ1=0.3，μ2=0.2，水平恒力F作用在A物块上，如图所示。已知最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g取10m/s2。下列说法正确的是（）A．若F=1.5N，则A物块所受摩擦力大小为1.5NB．若F=8N，则B物块的加速度为2.0m/s2C．无论力F多大，A与薄硬纸片都不会发生相对滑动D．无论力F多大，B与薄硬纸片都不会发生相对滑动10．如图甲所示，很薄的长木板在水平地面上，在时刻，可视为质点、质量为的物块在水平外力作用下从左端滑上长木板，后撤去外力，物块、长木板的速度一时间图象如图乙所示，，则下列说法正确的是（）A．长木板的最小长度为B．、间的动摩擦因数是0.1C．长木板的质量为D．外力的大小为利用能量动量观点处理板块模型11．如图所示，一质量M=8.0kg的长方形木板B放在光滑水平地面上，在其右端放一个质量m=2.0kg的小木块A。给A和B以大小均为5.0m/s，方向相反的初速度，使A开始向左运动，B开始向右运动，A始终没有滑离B板，A、B之间的动摩擦因数是0.5。则在整个过程中，下列说法正确的是（）A．小木块A的速度减为零时，长木板B的速度大小为3.75m/sB．小木块A的速度方向一直向左，不可能为零C．小木块A与长木板B共速时速度大小为3m/sD．长木板的长度可能为10m12．如图所示，一质量为M的足够长的木板放在光滑水平面上，其左端放有一质量为m的木块，在木板右方有一竖直的墙。使木板与木块以共同的速度向右运动，某时刻木板与墙发生弹性碰撞。已知木块与木板间的动摩擦因数为，取重力加速度为g，下列说法正确的是（）A．若，木板只与墙壁碰撞一次，整个运动过程中摩擦生热的大小为B．若，木板只与墙壁碰撞一次，木块相对木板的位移大小为C．若，木板与墙壁第126次碰撞前的速度为D．若，木板最终停在墙的边缘，在整个过程中墙对木板的总冲量大小为13．质量为足够长的木板静止在光滑的水平面上，木板上依次排放质量均为的木块1、2、3，木块与木板间的动摩擦因数均为。现同时给木块1、2、3水平向右的初速度、、，已知重力加速度为。则下列说法正确的是（）A．1木块相对木板静止前，木板是静止不动的B．1木块的最小速度是C．2木块的最小速度是D．木块3从开始运动到相对木板静止时对地位移是14．如图所示，水平光滑的地面上静止放置一质量为的小车A，小车的上表面光滑，质量为的物块B（可视为质点）置于A的最右端。现对A施加一个水平向右的恒力运动一段时间后，小车左端固定的挡板与B发生碰撞，碰撞时间极短，碰后A、B粘合在一起，共同在F的作用下继续运动，碰撞后经时间t，二者的速度达到v（均为已知量）。则下列说法正确的是（）A．物块B刚开始做匀加速直线运动 B．小车A开始运动时的加速度大小为C．可求得A、B碰撞后瞬间的共同速度的大小 D．可求得小车A上表面长度15．如图所示，固定斜面足够长，斜面与水平面的夹角，一质量为的L形工件沿斜面以速度匀速向下运动。工件上表面光滑，下端为挡板，现将一质量为m的小木块轻轻放在工件上的A点，当木块运动到工件下端时（与挡板碰前的瞬间），工件速度刚好减为零，而后木块与挡板第一次相碰，以后木块将与挡板发生多次碰撞．已知木块与挡板都是弹性碰撞且碰撞时间极短，木块始终在工件上运动，重力加速度g取，下列说法正确的是（）A．下滑过程中，工件和木块系统沿斜面方向上动量不守恒B．下滑过程中，工件的加速度大小为C．木块与挡板第1次碰撞后瞬间，工件的速度大小为D．木块与挡板第1次碰撞至第2次碰撞的时间间隔为16．如图甲所示，质量为M=0.5kg的木板静止在光滑水平面上，质量为m=1kg的物块以初速度v0=4m/s滑上木板的左端，物块与木板之间的动摩擦因数为μ=0.2，在物块滑上木板的同时，给木板施加一个水平向右的恒力F。当恒力F取某一值时，物块在木板上相对于木板滑动的路程为s，给木板施加不同大小的恒力F，得到的关系如图乙所示，其中AB与横轴平行，且AB段的纵坐标为1m-1。将物块视为质点，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g=10m/s2．则下列说法正确的是（）A．若恒力F=0，物块滑出木板时的速度为3m/sB．C点纵坐标为1.5m-1C．随着F增大，当外力F=1N时，物块恰好不能木板右端滑出D．图像中D点对应的外力的值为4N2022届高三物理二轮常见模型与方法综合特训专练专题05板块模型专练目标专练内容目标1无外力动力学板块模型（1T—5T）目标2有外力动力学板块模型（6T—10T）目标3利用能量动量观点处理板块模型（11T—16T）【典例专练】一、水平传送带模型1．如图1所示，一长木板静止于光滑水平桌面上，t=0时，小物块（可视为质点）以速度v0滑到长木板上，t1时刻小物块恰好滑至长木板的最右端。图2为物块与木板运动的图像，图中t1、v0、v1已知，重力加速度大小为g。下列说法正确的是（）A．木板的长度为B．物块与木板的质量之比为C．物块与木板之间的动摩擦因数为D．0~t1这段时间内，物块动能的减少量与木板动能的增加量之比为【答案】D【详解】A．t1时刻小物块恰好滑至长木板的最右端，所以相对位移就是板长，根据图2可知相对位移为故A错误；B．相对运动过程中，设相互间的摩擦力大小为，物块的加速度大小木板加速度大小所以物块与木板的质量之比为故B错误；C．摩擦力为所以物块与木板之间的动摩擦因数故C错误；D．时间内，木板的动能增加量为物块的动能减少量为物块动能的减少量与木板动能的增加量之比为又联立得故D正确。故选D。2．如图甲所示，长木板静止在光滑的水平面上，小铅块以一定水平速度滑上木板的左端，恰能滑至木板右端与木板相对静止。如图乙所示，将木板分成1和2两部分，其质量分别为m1、m2，紧挨着放在此平面上，再让小铅块以相同的初速度滑上木板1的左端。小铅块运动中所受的摩擦力始终不变。下列判断正确的是（）A．当m1>m2时，小铅块能从木板2的最右端滑出B．当m1<m2时，小铅块仍能滑到木板2的最右端且速度为零C．当m1=m2时，小铅块仍能滑到木板2的最右端且刚好相对静止D．无论m1与m2之间是何种关系，小铅块都能滑到木板2上但不能到达最右端【答案】D【详解】木板整体时铅块滑到木板最右端才与木板相对静止。而当将木板分成两块，铅块滑到第二块时，两块木板将分离，分离之后前一段木板匀速运动，铅块和后一段木板相互作用，此时木板的质量比原木板质量减少，铅块给木板的摩擦力不变，因此根据牛顿第二定律可知，此时后一段木板的加速度要比整体时大，铅块的加速度不变，这样达到共同速度时所用时间短，因此最后在铅块滑到木板的最右端之前与板保持相对静止，与m1、m2的大小无关。故选D。3．一足够长木板在水平地面上向右运动，在t=0时刻将一相对于地面静止的小物块轻放到木板的右端，之后木板运动的v-t图象如图所示。则小物块运动的v-t图象可能是（）A． B．C． D．【答案】D【详解】根据木板运动的v-t图象可知，物块先加速与木板共速后，一起减速，且减速加速度相同，即图像斜率相同。故选D。4．如图甲所示，水平地面上静止放置一质量为M的木板，木板的左端有一个可视为质点的、质量m＝1kg的滑块。现给滑块一向右的初速度v0＝10m/s，此后滑块和木板在水平地面上运动的速度图像如图乙所示，滑块最终刚好停在木板的右端，取g＝10m/s2。下列说法正确的是（）A．滑块与木板间的动摩擦因数μ1＝0.4B．木板与地面间的动摩擦因数μ2＝0.1C．木板的长度L＝4mD．木板的质量M＝1.5kg【答案】ABD【详解】A．由题图乙知，滑块刚滑上木板时加速度由得A正确；B．2s后滑块与木板一起做匀减速直线运动，加速度得，B正确；C．木板的长度为0~2s内滑块与木板的图线与时间轴所围面积差，C错误；D．0~2s内木板的加速度对M有解得，D正确。故选ABD。5．如图甲所示，光滑水平面上静置一个长木板，长木板上表面粗糙，其质量为，时刻质量为的滑块以水平向右的速度滑上长木板左端，此后长木板与滑块运动的图像如图乙所示，下列分析正确的是（）A． B．物块与长木板间的动摩擦因数为0.2C．过程中摩擦力对木板做负功 D．木板的长度为【答案】ABD【详解】A．滑块滑上长木板后，滑块受到摩擦力作用做匀减速直线运动，长木板做匀加速直线运动，由图乙可知滑块加速度大小为，长木板加速度大小为，由牛顿第二定律有可知故选项A正确；B．对滑块分析可知解得μ=0.2选项B正确；C．过程中木板加速运动，动能增加，可知摩擦力对木板做正功，选项C错误；D．从图可知，时滑块滑离长木板，此时长木板速度大小为，滑块速度大小为，在时间内两者相对运动的距离即为长木板的长度，即选项D正确。故选ABD。有外力动力学板块模型6．如图所示，m、M两物体叠放在光滑水平面上，两物体间动摩擦因数为μ=0.2，已知它们的质量m=2kg，M=1kg，力F作用在m物体上（设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g=10m/s2），则（）A．当时，两物体即将发生相对运动B．当时，两物体一定发生相对运动C．当时，M物体的加速度为D．当时，m物体的加速度为【答案】D【详解】ABC．当m、M刚要滑动时，静摩擦力达到最大值，设此时它们的加速度为，力F，根据牛顿第二定律，对M有对m、M整体有所以当时，m、M相对静止，一起向右匀加速运动，ABC错误；D．当时，m物体的加速度为，D正确。故选D。7．某中学两同学玩拉板块的双人游戏，考验两人的默契度，如图所示，一长L=0.20m、质量M=0.40kg的木板靠在光滑竖直墙面上，木板右下方有一质量m=0.80kg的小滑块（可视为质点），滑块与木板间的动摩擦因数μ=0.20，滑块与木板间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，取g=10m/s2，一人用水平恒力F1向左作用在滑块上，另一人用竖直向上的恒力F2向上拉动滑块，使滑块从地面由静止开始向上运动，下列判断正确的是（）A．只要F2足够大，木板一定能上升B．若F2=18N，为使滑块和木板不发生相对滑动，F1至少为20NC．若F1=40N，为使滑块和木板一起上升，则F2的取值范围是12N<F2≤18ND．若F1=30N、F2=20N，则滑块经过0.4s从木板上方离开【答案】D【详解】A．木板能够上升的条件是：在竖直方向上，滑块给木板的摩擦力大于木板本身的重力，已知滑块与木板间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则有解得即必须满足F1＞20N的条件，木板才能上升，故AB错误；C．当两者间摩擦力达到最大时，隔离M若F1=40N，为使滑块和木板一起上升解得故C错误；D．若F1=30N、F2=20N，假设滑块与木板间的摩擦力为滑动摩擦力，对滑块应用牛顿第二定律有代入数据解得am=7.5m/s2对木板应用牛顿第二定律有代入数据解得aM=5m/s2此时am＞aM故假设成立。设经过时间t滑块将从木板上方离开木板，则滑块上升的距离为木板上升的距离为滑块可从木板上方离开木板，则有联立解得故D正确。故选D。8．如图所示，质量mA=1kg足够长的长板置于水平地面上，质量mB=2kg的小滑块置于长板A的左端，A与水平地面的动摩擦因数μ1=0.3，B与A间的动摩擦因数μ2=0.5，对B施加一大小为F=20N方向与水平面成37°的恒力。已知最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8。下列说法正确的是（）A．A的加速度大小为1m/s2B．B的加速度大小为6m/s2C．若力F作用一段时间后，撤去力F，A的加速度大小增大D．若力F作用一段时间后，撤去力F，B相对A静止【答案】BC【详解】B．对小滑块B进行受力分析，如图可知又根据牛顿第二定律，有联立，可得故B正确；A．对长板A受力分析，如图可知又易知，长板A静止，即故A错误；CD．若力F作用一段时间后，撤去力F，则对A有对B有易知，A的加速度大小增大，B不会相对A静止。故C正确；D错误。故选BC。9．一长轻质薄硬纸片置于光滑水平地面上，其上放质量均为1kg的A、B两物块，A、B与薄硬纸片之间的动摩擦因数分别为μ1=0.3，μ2=0.2，水平恒力F作用在A物块上，如图所示。已知最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g取10m/s2。下列说法正确的是（）A．若F=1.5N，则A物块所受摩擦力大小为1.5NB．若F=8N，则B物块的加速度为2.0m/s2C．无论力F多大，A与薄硬纸片都不会发生相对滑动D．无论力F多大，B与薄硬纸片都不会发生相对滑动【答案】BC【详解】BCD．A与硬纸片间的最大静摩擦力为，B与硬纸片间的最大静摩擦力为当B刚要相对于硬纸片滑动时静摩擦力达到最大值，由牛顿第二定律得，得对整体，有即达到4N后，B将相对纸片运动，此时B受到的摩擦力则对A分析，A受到的摩擦力也为2N，所以A的摩擦力小于最大静摩擦力，故A和纸片间不会发生相对运动；则可知，当拉力为8N时，B与纸板间的摩擦力即为滑动摩擦力为2N，此后增大拉力，不会改变B的受力，其加速度大小均为，由于轻质薄硬纸片看做没有质量，故无论力F多大，A和纸片之间不会发生相对滑动，故BC正确；D错误；A．若所以AB与纸板保持相对静止，整体在F作用下向左匀加速运动，根据牛顿第二定律得所以A物块所受摩擦力故A错误。故选BC。10．如图甲所示，很薄的长木板在水平地面上，在时刻，可视为质点、质量为的物块在水平外力作用下从左端滑上长木板，后撤去外力，物块、长木板的速度一时间图象如图乙所示，，则下列说法正确的是（）A．长木板的最小长度为B．、间的动摩擦因数是0.1C．长木板的质量为D．外力的大小为【答案】BD【详解】A．由速度一时间图象可知，后物块、长木板达到共同速度后一起匀速运动，则说明长木板与地面是光滑的，图像与时间轴围成的面积等于物体的位移，由图象得在内物块的位移长木板的位移所以长木板的最小长度为，A错误；B．对物块A撤去外力在内受力分析得由图象可知可得、间的动摩擦因数是0.1，B正确；C．对长木板受力分析由牛顿第二定律得由图象可知长木板的质量为，C错误；D．在对物块受力分析得由图象可知解得外力，D正确。故选BD。利用能量动量观点处理板块模型11．如图所示，一质量M=8.0kg的长方形木板B放在光滑水平地面上，在其右端放一个质量m=2.0kg的小木块A。给A和B以大小均为5.0m/s，方向相反的初速度，使A开始向左运动，B开始向右运动，A始终没有滑离B板，A、B之间的动摩擦因数是0.5。则在整个过程中，下列说法正确的是（）A．小木块A的速度减为零时，长木板B的速度大小为3.75m/sB．小木块A的速度方向一直向左，不可能为零C．小木块A与长木板B共速时速度大小为3m/sD．长木板的长度可能为10m【答案】ACD【详解】AB．木块与木板组成的系统动量守恒，由于初速度均为v0=5.0m/s，所以木板的动量大于小木块的动量，系统合动量方向向右，所以木块A先向左做减速运动，速度减为零后反向向右做加速运动，最后木块与木板一起做匀速直线运动，以向右为正方向，由动量守恒定律得当木块A的速度间为零代入数据解得故A正确，B错误；C．最终木块与木板速度相等，根据动量守恒定律可得代入数据解得故C正确；D．最终木块与木板相对静止，一起做匀速直线运动，对系统代入数据解得x=8m木板的最小长度为8m，可能为10m，故D正确。故选ACD。12．如图所示，一质量为M的足够长的木板放在光滑水平面上，其左端放有一质量为m的木块，在木板右方有一竖直的墙。使木板与木块以共同的速度向右运动，某时刻木板与墙发生弹性碰撞。已知木块与木板间的动摩擦因数为，取重力加速度为g，下列说法正确的是（）A．若，木板只与墙壁碰撞一次，整个运动过程中摩擦生热的大小为B．若，木板只与墙壁碰撞一次，木块相对木板的位移大小为C．若，木板与墙壁第126次碰撞前的速度为D．若，木板最终停在墙的边缘，在整个过程中墙对木板的总冲量大小为【答案】CD【详解】A．如果，木板只与墙壁碰撞一次，取向右为正方向，由动量守恒定律得整个运动过程中摩擦生热的大小为联立求解得故A错误；B．如果M=m，木板只与墙壁碰撞一次，取向右为正方向，由动量守恒定律得解得由动能定理可得联立解得故B错误；C．如果，木板与墙壁碰撞第一次后，速度为，方向与原方向相反，取向右为正方向，当木板与木块再次共速时，由动量守恒定律得解得同理木板与墙壁碰撞第二次后，速度再次反向，取向右为正方向，由动量守恒定律得解得由此可知，木板第126与墙壁碰撞的速度为，故C正确；D．如果，木板最终停在墙的边缘，根据动量定理可得在整个过程中墙对木板的冲量大小为，故D正确。故选CD。13．质量为足够长的木板静止在光滑的水平面上，木板上依次排放质量均为的木块1、2、3，木块与木板间的动摩擦因数均为。现同时给木块1、2、3水平向右的初速度、、，已知重力加速度为。则下列说法正确的是（）A．1木块相对木板静止前，木板是静止不动的B．1木块的最小速度是C．2木块的最小速度是D．木块3从开始运动到相对木板静止时对地位移是【答案】BCD【详解】A．木块1在木板上向右减速运动，该过程木板向右做加速运动，当木块1与木板速度相等时相对木板静止，由此可知，1木块相对静止前木板向右做加速运动，故A错误；BC．木块与木板组成的系统所受合外力为零，系统动量守恒，第号木块与木板相对静止时，它在整个运动过程中的速度最小，设此时第n号木块的速度为v，系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得对第号木块，由动量定理得对第n号木块，由动量定理得由以上三式解得；1木块的最小速度为；2木块的最小速度为故BC正确；D．木块与木板组成的系统动量守恒，以向右为正方向，3木块相对木板静止过程，由动量守恒定律得解得对3木块，由动能定理得解得故D正确；故选BCD。14．如图所示，水平光滑的地面上静止放置一质量为的小车A，小车的上表面光滑，质量为的物块B（可视为质点）置于A的最右端。现对A施加一个水平向右的恒力运动一段时间后，小车左端固定的挡板与B发生碰撞，碰撞时间极短，碰后A、B粘合在一起，共同在F的作用下继续运动，碰撞后经时间t，二者的速度达到v（均为已知量）。则下列说法正确的是（）A．物块B刚开始做匀加速直线运动 B．小车A开始运动时的加速度大小为C．可求得A、B碰撞后瞬间的共同速度的大小 D．可求得小车A上表面长度【答案】BCD【详解】A．由于小车上表面光滑，物块B刚开始静止，故A错误；B．以A为研究对象，由牛顿第二定律知则故B正确；C．对A、B碰撞后共同运动时间t的过程，由动量定理得代入数据解得故C正确；D.设A、B发生碰撞前瞬间，A的速度为，对A、B发生碰撞的过程，由动量守恒定律有A从开始运动到与B发生碰撞前，由动能定理知联立两式可求得小车A上表面长度故D正确；故选BCD。15．如图所示，固定斜面足够长，斜面与水平面的夹角，一质量为的L形工件沿斜面以速度匀速向下运动。工件上表面光滑，下端为挡板，现将一质量为m的小木块轻轻放在工件上的A点，当木块运动到工件下端时（与挡板碰前的瞬间），工件速度刚好减为零，而后木块与挡板第一次相碰，以后木块将与挡板发生多次碰撞．已知木块与挡板都是弹性碰撞且碰撞时间极短，木块始终在工件上运动，重力加速度g取，下列说法正确的是（）A．下滑过程中，工件和木块系统沿斜面方向上动量不守恒B．下滑过程中，工件的加速度大小为C．木块与挡板第1次碰撞后瞬间，工件的速度大小为D．木块与挡板第1次碰撞至第2次碰撞的时间间隔为【答案】BCD【详解】A．下滑过程中，工件和木块系统沿斜面方向上合力为零，所以沿斜面方向上