重庆市2025届高三物理下学期三模考试试题含解析

PAGE19-重庆市2025届高三物理下学期三模考试试题（含解析）一、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第1～4题只有一项符合题目要求，第5～8题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得分。1.运动员在跳高竞赛中，下列说法正确的是（）A.运动员起跳时，地面对运动员做正功B.运动员离地后，在空中上升过程中，其重力瞬时功率增大C.运动员起跳时，地面对运动员做负功D.运动员离地后，在空中下落过程中，其重力瞬时功率增大【答案】D【解析】【详解】AC．运动员起跳时，地面和运动员之间没有发生位移；地面对运动员不做功，故AC错误；B．运动员离地后，在空中上升过程中，速度减小，依据P=Gv可知重力瞬时功率减小，故B错误；D．在空中下落过程中，速度增大，依据P=Gv可知重力瞬时功率增大，故D正确。故选D。2.1885年，巴耳末对当时已知的氢气放电管获得的四条可见光谱进行探讨，发觉这些谱线满意，n=3、4、5、6，这个公式称为巴耳末公式.如图所示，氢原子能级图可以很好的说明巴耳末公式。已知可见光能量在1.64~3.19V之间，巴耳末探讨的四条可见光诮中波长最长的是在哪两个能级之间跃迁辐射的（）A.3到2 B.4到2 C.5到2 D.6到2【答案】A【解析】【详解】巴耳末系是指氢原子由高能级向n=2能级跃迁时释放的光子，巴耳末探讨的四条可见光谱中波长最长的，对应的是两个能级之间能量差值最小的能级，为3到2，故A正确，BCD错误。故选A。3.如图所示，一质量为m的物体以动能从底端滑上粗糙程度匀称的固定斜面，物体再次回究竟端时动能为，取地面为重力势能零点，重力加速度为g，则在上升过程中动能为的位置距地面的高度为（）A. B. C. D.【答案】C【解析】【详解】设斜面倾角为，物体与斜面间动摩擦力大小为f，物体能上升的最大高度为H，则物体从底端上升到最大高度过程，由能量守恒得物体从底端上升到返回底端过程，有设上升过程中动能为的位置距地面的高度为h，则有联立解得，故C正确，ABD错误。故选C。4.如图1所示，边长为1m、电阻为2的正方形线框，置于磁场方向与线框平面垂直，磁感应强度随时间按图2正弦规律变更的磁场中，取，则在0~4s内线框产生的焦耳热为（）A.10J B.6J C.4J D.2J【答案】A【解析】【详解】由题可知，正方形线框中磁通量，正方形线框中产生沟通电电动势最大值，有效值在0－4s内线框产生的焦耳热为则故A正确，BCD错误。故选A。5.2024年7月，我国安排放射一颗火星探测卫星。假设火星可视为半径为R的匀称球体，探测卫星沿椭圆轨道绕火星运动，如图所示。椭圆轨道的“近火点”P离火星表面的距离为2R，“远火点”Q离火星表面的距离为6R。若已知探测卫星在轨道运行的周期为T，万有引力常量为G，则由以上信息可得（）A.火星的质量为 B.火星的第一宇宙速度为C.火星的密度为 D.火星表面的重力加速度为【答案】C【解析】【详解】易知椭圆轨道的半长轴为5R，设火星近地卫星的周期为T0，由开普勒定律可知对于近地卫星，有可解得火星质量火星第一宇宙速度火星的密度火星表面的重力加速度故ABD错误，C正确。故选C。6.如图所示，在水平向右的匀强电场空间内，有两带电体P、Q，P通过一绝缘轻绳悬挂于天花板O点，Q静止于O点正下方的光滑绝缘地面上，悬线OP在OQ的右侧，则P、Q带电状况可能为（）A.P、Q都带正电 B.P、Q都带负电C.P带正电，Q带负电 D.P带负电，Q带正电【答案】AC【解析】【详解】A．假如P、Q都带正电，对两者受力分析，可知两带电体可能都平衡，故A正确；B．假如P、Q都带负电，对两者受力分析，可知带电体Q肯定不能平衡，故B错误；C．假如P带正电，Q带负电，对两者受力分析，可知两带电体可能都平衡，故C正确；D．假如P带负电，Q带正电，对两者受力分析，可知两带电体都不行能平衡，故D错误。故选AC。7.如图1所示，足够长的质量为kg的木板静止在光滑水平面上，一质量为kg可视为质点的物体从木板的左端以的水平速度向右滑上木板，从今时起先计时的0-1s内，木板的v-t图象如图2所示。已知木板足够长，物体不能离开木板，重力加速度g=10m/s2，下列说法正确的是（）A.t=1s时，物体的速度大小为5m/sB.t=1s时，物体到木板左端的距离为8mC.物体与木板之间的动摩檫因数为0.2D.木板能达到的最大速度为6m/s【答案】CD【解析】【详解】A.设t=1s时物体的速度大小为v2，木板的速度大小为，由动量守恒定律得：解得：选项A错误；B.物体到木板左端的距离为：选项B错误；C.设物体与木板之间的动摩擦因数为，，解得：选项C正确；D.木板能达到的最大速度为v共，由动量守恒定律得：解得v共=6m/s选项D正确。故选CD。8.如图所示，在xOy平面内，0＜x≤a区域有垂直于纸面对里、磁感应强度大小为B的匀强磁场，a＜x≤2a区域有垂直于纸面对外的匀强磁场，一质量为m、带电量为q（q>0）、速度大小为的粒子由坐标原点O沿x轴正方向射入磁场，仅在洛伦兹力的作用下，粒子最终又从y轴射出磁场区域。下列说法正确的是（）A.粒子肯定从y轴正方向射出磁场B.a＜x≤2a区域的匀强磁场磁感应强度大小可能为4BC.粒子在两磁场中的运动时间可能为D.稍减小粒子的入射速度，粒子肯定从y轴射出磁场区域【答案】BCD【解析】【详解】A．由粒子沿x轴正方向射入磁场，知其在左侧磁场运动的圆心在y轴上，由洛伦兹力供应向心力有得0＜x＜a区域圆周运动的半径取粒子在a＜x≤2a区域圆周运动的轨迹恰好与右边界相切，轨迹如图：由图可知此时粒子从y轴负方向射出磁场，选项A错误；B．取粒子在a＜x≤2a区域圆周运动的半径为，有得由得选项B正确；C．粒子在0＜x＜a区域运动时间为粒子在a＜x≤2a区域运动时间粒子在两磁场中运动时间为若B′=8B，则选项C正确；D．取粒子0＜x＜a区域速度偏角为θ，粒子在a＜x≤2a区域沿x轴运动的最远距离稍减小粒子的入射速度，粒子在a＜x≤2a区域沿x轴运动的最远距离减小，粒子不会从磁场的右侧离开，肯定从y轴射出磁场区域，选项D正确。故选BCD。二、非选择题：共62分。第9～12题为必考题，每个试题考生都必需作答。第13～16题为选考题，考生依据要求作答。（一）必考题9.某学习小组利用图1装置探究系统动能定理。在水平桌面上，将带有滑轮的长木板适当倾斜放在，长木板上P位置固定有光电门（与之连接的光电计时器没有画出），小车（含挡光片）质量为M，试验步骤如下：（1）用游标卡尺测量挡光片的宽度d，如图2所示，则d=_________cm。（2）调整长木板倾角至小车能在木板上匀速下滑，这样做的目的是为了_________。（3）将质量为m的钩码用轻绳通过滑轮与小车连接，调整滑轮，使轻绳与长木板平行。（4）将小车置于挡光片与光电门距离为L的O处，使小车和钩码均静止且轻绳绷直，然后小车和钩码均从静止起先无初速度释放，记录挡光片通过光电门的时间为△t。已知当地的重力加速度为g。（5）若小车和钩码系统动能定理成立，需在试验误差允许范围内，满意关系式：_________（用题给物理符号表示）。【答案】(1).1.170(2).平衡小车摩擦力(3).【解析】【详解】（1）[1]游标卡尺是20分度的，其精确度为0.05mm，主尺读数是11cm=1.1×10=11mm游标读数是14×0.05mm=0.70mm所以游标卡尺的读数是d=11mm+0.70mm=11.70mm=1.170cm（2）[2]在本试验中，须要平衡小车摩擦力，故将长木板无滑轮的一端固定，变更木板的倾角，使小车能在木板上做匀速直线运动；（5）[3]以小车和钩码系统为探讨对象，依据滑块经过光电门时的瞬时速度可近似认为是滑块经过光电门的平均速度，则滑块通过光电门时速度大小为钩码的重力做的功为系统动能增加了依据动能定理有解得即该式在试验误差允许范围内验证了小车和钩码系统动能定理成立。10.为较精确测量一毫安表（量程为1mA，内阻约为2500）的内阻，设计如图1所示的电路图。（1）试验室供应有不同规格的滑动变阻器，则R1应选__________。A.最大值10B.最大值200C.最大值500D.最大值1000（2）试验室供应有不同规格的电源，为减小试验误差，则E应选_______。A.电动势1.0V，内阻约为1000的水果电池B.电动势1.5V，内阻约为0.5的干电池C.电动势3.7V，内阻约为1.0的手机电池D.电动势10.0V，内阻约为1.0锂离子电池（3）接通S后，将R2调整为0，调整R1的滑片使毫安表满偏；保持R1的滑片不动，调整R2，当毫安表示数为0.75mA时，读出R2的阻值为800.0，则毫安表的内阻为_________。（4）若将毫安表改装为量程为10mA电流表和量程为12V的电压表，如图2所示，则电路中R4的阻值为_________。【答案】(1).A(2).D(3).2400(4).960【解析】【详解】(1)[1]试验采纳的是类似分压半偏法测毫安表的内阻，所以滑动变阻器越小，测量电路电压变越小，相对误差会越小，因此A正确，BCD错误。故选A。(2)[2]试验采纳的是类似分压半偏法测毫安表的内阻，电源的电动势越大，滑动触头位置越靠近左端，与测量电路并联的滑动变阻器部分的电阻越小，电压变更越小，相对误差会越小，因此D正确，ABC错误。故选D。(3)[3]依据欧姆定律可得100R=75(R+800)解得R=2400Ω(4)[4]将毫安表改装成10mA的电流表，满偏电压改装后的电流表内阻依据电压表的分压关系11.如图所示，在xOy竖直平面内，x≥l，y≤0的区域存在竖直向上的匀强电场，一质量为m，电量为q（q>0）的带电小球从坐标原点O沿x轴正方向以速度v0水平抛出，已知小球在0<x<l区域运动的时间与第一次在电场中运动的时间相等，不考虑小球第一次出电场后的运动，取重力加速度为g，求：（1）匀强电场的电场强度大小；（2）小球进、出电场的两点间的电势差。【答案】（1）；（2）【解析】【详解】（1）设小球平抛运动的时间为t，由平抛运动规律有，进电场时的竖直速度小球从x轴离开电场，小球在电场中运动的竖直位移与平抛运动的竖直位移大小相等，取小球在电场中运动的加速度为a，有得a=3g由牛顿其次定律有得（2）由U=Ey得12.如图1所示，质量为m=1kg的长木板置于足够长的光滑水平面上，质量为M=2kg的物块，置于木板左端，物块与长木板间动摩擦因数，最大静摩擦力等于滑动摩擦力。在0～1.5s时间内，对物块施加水平向右的力F，F随时间t的变更关系如图2所示，t=l.5s时撤去力F。整个运动过程中物块未离开长木板。物块可视为质点，重力加速度g=10m/s2.求：(1)t=1.0s时物块及木板的速度大小；(2)整个运动过程中力F对物块做的功；(3)木板的最小长度。【答案】(1)v=4m/s；；(2)J；(3)【解析】【详解】(1)设物块和长木板的加速度分别为a和a′，在1.0s时物块及长木板的速度分别为v和v′，由牛顿其次定律、运动学公式对物块得a=4m/s2由得v=4m/s长木板得由得(2)在0～1s内，物块的位移为得力F对物块做的功得J在1s～1.5s内，物块得由得力F对物块做的功得W2=8.5J整个运动过程中力F对物块做功J(3)在1.5s末时，物块的速度为得木板的速度为得在1.5s后，物块的加速度为由得，v共=4m/s在1.5s～2s内，物块的位移为得在0～2s内，长木板的位移为得x′=4m整个运动过程中物块未离开长木板，木板至少（二）选考题：共15分。请考生从2道物理题任选—题作答。假如多做，则每科按所做的第一题计分。【物理——选修3-3】13.下列说法正确的是_________。A.若已知气体的摩尔质量、密度，可以计算出每个气体分子的体积B.扩散现象是物质分子永不停息地做无规则运动的证明C.对气体而言，尽管大量分子做无规则运动，速率有大有小，但分子的速率是按肯定的规律分布的D.物质分子间距离增大，分子间作用力肯定减小E.志向气体的热力学温度与分子平均动能成正比【答案】BCE【解析】【详解】A．若已知气体的摩尔质量、密度，可以计算气体的摩尔体积，但不能计算出每个气体分子的体积，选项A错误；B．扩散现象是物质分子永不停息地做无规则运动的证明，选项B正确；C．对气体而言，尽管大量分子做无规则运动，速率有大有小，但分子的速率是按肯定的规律分布的，选项C正确；D．物分子间距离增大时，分子间先为斥力后为引力，其大小先减小再增大再减小，选项D错误；E．温度是分子平均动能的标记，志向气体的热力学温度与分子平均动能成正比，选项E正确。故选BCE。14.如图所示，高度为h=100cm的圆柱形气缸竖直固定放置，气缸下端封闭，上端开口，将一厚度不计的活塞置于气缸开口端，活塞与气缸气密性好且无摩擦。已知环境温度为27，大气压强cmHg。(1)在活塞上方缓慢添加水银，求最多能添加的水银柱的长度l；(2)在添加了(1)中最多能添加的水银柱后，给密闭气体缓慢加热，要使活塞上方水银全部溢出，密闭气体至少需加热到多少摄氏度？【答案】(1)24cm；(2)t=32.7【解析】【详解】(1)设气缸内横截面积为S，由肯定质量的志向气体状态方程得解得l=24cm(2)在(1)最多能添加的水银柱的长度l后，给密闭气体缓慢加热，设密闭气体温度为t时，水银柱的长度为x，有当76+x=100－x即x=12cm时，t达最大值，解得t=32.7【物理——选修3-4】15.下列说法正确的是（）A.球场上，一小球自由下落触地后，小球上下运动过程做的是简谐振动B.用竖直轻弹簧连接的小球，在弹性限度内，不计空气阻力，小球上下运动过程做的是简