高中生物 第1章 遗传因子的发现综合检测题 新人教版必修2

【成才之路】-学年高中生物第1章遗传因子的发现综合检测题新人教版必修2本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分。满分100分，考试时间90分钟。第Ⅰ卷(选择题共45分)一、选择题(共30小题，每小题1.5分，共45分，在每小题给出的4个选项中，只有1项是符合题目要求的)1．白绵羊与白绵羊交配后，后代出现了白绵羊和黑绵羊，产生这种现象的根本原因是()A．性状分离 B．显、隐性遗传因子分离C．同种遗传因子分离 D．姐妹染色单体分离[答案]B[解析]白绵羊与白绵羊交配，后代出现黑绵羊和白绵羊，是性状分离，其实质则是等位基因的分离。2．图中曲线中能正确表示杂合子(Aa)连续自交若干代，子代中显性纯合子所占比例的是()[答案]B[解析]自交n代，其显性纯合子所占的比例应为eq\f(1,2)－eq\f(1,2n－1)。3．水稻的非糯性对糯性是显性，将纯合糯性品种与纯合非糯性品种杂交，取F1的花粉用碘液染色，凡非糯性花粉呈蓝黑色，糯性花粉呈橙红色。在显微镜下统计这两种花粉的颗粒，非糯性与糯性的比例为()A．1:1 B．1:2C．2:1 D．1:3[答案]A[解析]纯合糯性品种与纯合非糯性品种杂交F1的基因型为杂合，根据分离定律，F1产生的配子有两种类型，分别为呈蓝黑色的非糯性花粉和呈橙红色的糯性花粉，其比例为1:1。4．已知小麦抗病对感病为显性，无芒对有芒为显性，两对性状独立遗传。用纯合的抗病无芒与感病有芒杂交，F1自交，播种所有的F2，假定所有F2植株都能成活，在F2植株开花前，拔掉所有的有芒植株，并对剩余植株套袋。假定剩余的每株F2收获的种子数量相等，且F3的表现型符合遗传定律。从理论上讲F3中表现感病植株的比例为()A．1/8 B．3/8C．1/16 D．3/16[答案]B[解析]本题考查遗传的基本定律。根据分离定律，F2表现型为：抗病无芒:抗病有芒:感病无芒:感病有芒＝9:3:3:1，若F2开花前，把有芒品种拔掉，只有无芒品种，而无芒品种中抗病和感病的比例为3:1，自交其F3中感病植株比例为eq\f(1,2)×eq\f(1,4)＋eq\f(1,4)＝eq\f(3,8)。5．向日葵种子粒大(B)对粒小(b)是显性，含油少(S)对含油多(s)是显性。某人用粒大油少和粒大油多的向日葵进行杂交，结果如图所示，则这些杂交后代的基因型有()A．4种 B．6种C．8种 D．9种[答案]B[解析]根据题意和图示可知粒大油少和粒大油多的基因型分别为BbSs和Bbss，故杂交后代的基因型为3×2＝6种。6．有一杂合子(Dd)在进行有丝分裂时，可看到每个染色体由两个染色单体组成。如果一个染色单体含有D遗传因子，一般情况下另一条染色单体上的遗传因子是()A．d B．D或dC．D D．d和D[答案]C[解析]每条染色体上的两个染色单体基因组成相同。7．具有两对相对性状的纯合亲本杂交，获得F1，让F1与双隐性类型进行测交，通过该测交实验不能了解到()A．F1的基因型 B．F1产生配子的种类C．F1相关基因的结构 D．F1产生配子的比例[答案]C[解析]测交不能了解基因结构。8．白粒玉米自交系与黄粒玉米自交系进行杂交得F1全是黄粒玉米，F1自交所结果穗上同时出现了黄色籽粒和白色籽粒。对F2出现两种颜色不同的子粒的下列解释中，错误的是()A．由于F1是杂合子，其后代发生了性状分离B．F1能产生两种雄配子和两种雌配子，受精作用后产生三种基因型、两种表现型后代C．F1黄粒玉米包含有白色玉米的隐性基因，减数分裂时等位基因分离后，受精作用中两隐性基因纯合而出现白色子粒性状，因而出现了两种不同颜色的籽粒D．玉米的黄色对白色为显性，F1在形成配子时发生了基因重组，因而产生了白色籽粒性状[答案]D[解析]F2出现白色籽粒性状是由于F1减数分裂时，等位基因分离后，受精作用中两隐性基因纯合而出现白色籽粒性状。9．下列关于孟德尔两对相对性状遗传实验的叙述中，错误的是()A．F2中圆粒和皱粒之比接近于3:1，符合基因的分离定律B．两对相对性状分别由两对遗传因子控制C．F1产生4种比例相等的雌配子和雄配子D．F2有4种表现型和6种基因型[答案]D[解析]孟德尔对F2中不同对性状之间发生自由组合的解释是：两对相对性状分别由两对遗传因子控制，控制两对相对性状的两对遗传因子的分离和组合是互不干扰的，其中每一对遗传因子的传递都遵循分离定律。这样，F1产生雌雄配子各4种，数量比接近1:1:1:1，配子随机结合，则F2中有9种基因型和4种表现型。10．番茄红果对黄果为显性，圆果对长果为显性，且控制这两对性状的基因自由组合，现用红色长果与黄色圆果番茄杂交，从理论上分析，其后代的基因型不可能出现的比例是()A．1:0 B．1:2:1C．1:1 D．1:1:1:1[答案]B[解析]根据题意杂交的红色长果与黄色圆果番茄基因型不确定，如果红色与黄色分别用A、a表示，圆果与长果分别用B、b表示，则亲本的基因型可表示为A_bb和aaB_；如果二者都为纯合体，子代的基因型只有一种，比例为1:0；如果二者均为杂合体，则子代有四种基因型比例为1:1:1:1；如果二者一个是纯合体一个是杂合体，则子代有两种基因型比例为1:1。11．通过诊断可以预测某夫妇的子女患甲种病的概率为a，患乙种病的概率为b。该夫妇生育的孩子仅患一种病的概率是()A．1－a×b－(1－a)×(1－b)B．a＋bC．1－(1－a)×(1－b)D．a×b[答案]A[解析]两病均患的概率为a×b，两病都不患的概率为(1－a)×(1－b)，所以仅患一种病的概率＝1－患两病的概率－两病均不患的概率＝1－a×b－(1－a)×(1－b)12．采用下列哪一套方法，可以依次解决①～④的遗传学问题()①鉴定一只白羊是否是纯种②在一对相对性状中区分显、隐性③不断提高小麦抗病品种纯合度④检验杂种F1的基因型A．杂交、自交、测交、测交B．测交、杂交、自交、测交C．测交、测交、杂交、自交D．杂交、杂交、杂交、测交[答案]B[解析]根据题意B项符合。13．有两个纯种的小麦：一个抗倒伏，但易感染锈病；另一个易倒伏，但能抗锈病。让它们进行杂交，在F2中可能出现既抗倒伏、又抗锈病的新类型，原因是()A．F1雌雄配子之间的自由组合B．F1产生配子时，非等位基因之间的自由组合C．F2产生配子时，非等位基因之间的自由组合D．亲本产生配子时，非等位基因之间的自由组合[答案]B[解析]F1产生配子时，非等位基因自由组合。14．(·北京东城区期末)金鱼草的纯合红花植株与白花植株杂交，F1在强光、低温条件下开红花，在阴暗、高温条件下却开白花，这个事实说明()A．表现型是基因型与环境共同作用的结果B．表现型一定，基因型可以转化C．环境影响了基因型，进一步影响了表现型D．表现型相同，基因型一定相同[答案]A[解析]F1在强光、低温条件下开红花，在阴暗、高温条件下却开白花，说明不同的环境条件影响下生物的性状不同，因此表现型是基因型与环境共同作用的结果，故A正确。15．(·北京东城区)在家鼠的遗传实验中，一黑色家鼠与白色家鼠杂交(家鼠的毛色由两对等位基因控制且独立遗传)，F1均为黑色。F1雌雄个体进行交配得F2，F2中家鼠的毛色情况为黑色:浅黄色:白色＝9:6:1，则F2浅黄色个体中纯合子比例为()A．1/3 B．1/8 C.1/4 D．1/2[答案]A16．孟德尔用含有一对等位基因的杂合子(F1)与隐性纯合类型测交，依据所得子代表现型及比例，得到验证的结论是()A．F1的表现型 B．F1的基因行为C．F1的配子种类及比值 D．F1产生的雌雄配子的比值[答案]C[解析]测交后代的类型及比例直接反应的是F1产生配子的类型及比例，故选C。17．下列有关一对相对性状遗传的叙述，正确的是()A．具有隐性遗传因子的个体都表现出隐性性状B．最能说明基因分离定律实质的是F2的表现型比为3:1C．通过测交可以推测被测个体产生配子的数量D．若要鉴别和保留纯合的抗锈病(显性)小麦，最简便易行的方法是自交[答案]D[解析]Aa具有隐性遗传因子，但表现出显性性状，A错误；基因分离定律实质是等位基因随同源染色体分开而分离，F1产生A和a两种配子类型可说明基因分离定律，B错误；通过测交可以推测被测个体产生配子的种类及比例，但不能确定数量的多少，C错误；区分AA和Aa，理论上自交，测交都可以，但自交简便易行，D正确。18．(·白山一中期末)水稻的高秆(D)对矮秆(d)是显性，抗锈病(R)对不抗锈病(r)是显性，这两对基因自由组合。甲水稻(DdRr)与乙水稻杂交，其后代四种表现型的比例是3:3:1:1，则乙水稻的基因型是()A．Ddrr B.DdRRC．ddRR D．DdRr[答案]A[解析]后代四种表现型的比例是3:3:1:1，分别从每一对基因考虑，(3＋3):(1＋1)＝3:1，说明一对等位基因为杂合基因型与杂合基因型，(3＋1):(3＋1)＝1:1，说明另一对等位基因为杂合基因型与隐性纯合基因型杂交。据此可知，由于甲DdRr，乙可以是Ddrr，也可以是ddRr。所以A选项正确。19．(·吉林)马的黑色与棕色是一对相对性状，现有黑色马与棕色马交配的不同组合及结果如下：①黑色马×棕色马→1匹黑色马②黑色马×黑色马→2匹黑色马③棕色马×棕色马→3匹棕色马④黑色马×棕色马→1匹黑色马＋1匹棕色马根据上面的结果，下列说法正确的是()A．黑色是显性性状，棕色是隐性性状B．棕色是显性性状，黑色是隐性性状C．交配的不同组合中的黑马和棕马肯定都是纯合子D．无法判断显隐性，也无法判断哪种马是纯合子[答案]D[解析]由于产生的后代数目少，存在偶然性，所以①组虽然是表型不同个体交配，后代出现一种表型，但无法判断显隐性，②③组是相同表型个体交配，后代只有和亲本表型相同个体，无法判断显隐性，④组只能说明一个亲本是隐性纯合子，一个是显性杂合子，但无法判断什么性状是显性，所以D选项正确。20．(·吉林)粳稻(WW)与糯稻(ww)杂交，F1都是粳稻。纯种粳稻的花粉经碘染色后都呈蓝黑色，纯种糯稻的花粉经碘染色后都呈红褐色。F2的全部花粉粒经碘染色后()A．1/2呈蓝黑色1/2呈红褐色B．3/4呈蓝色1/4呈红褐色C．都呈蓝黑色D．都呈红褐色[答案]A[解析]本题主要考查对分离定律的理解和运用。根据题意，粳稻的花粉为W基因型，糯稻的花粉为w基因型，F2的花粉粒有两种基因型：W和w且比例相同，则被染成蓝黑色的花粉粒的基因型应是W，为1/2，所以A选项正确。21．(·吉林)有甲、乙、丙、丁、戊5只猫。其中甲、乙、丙都是短毛猫，丁和戊是长毛猫，甲乙为雌猫，其余是雄猫。甲和戊交配的后代全是短毛猫，乙和丁交配的后代，长毛和短毛猫均有，欲测定丙猫的基因型，最好选择()A．甲猫 B．乙猫C．丁猫 D．戊猫[答案]B[解析]欲测定丙猫(雄猫)的基因型，最好选择——雌猫，甲乙为雌猫，但甲是短毛的纯合体，故选乙。22．(·吉林)人的秃顶由显性基因B控制，但只有男性表现。一个非秃顶男人和一个其父非秃顶的女人婚配，生了一个男孩，表现为秃顶。这个男孩和他母亲的基因型分别是()A．bb，Bb B．Bb，BBC．Bb，Bb D．bb[答案]C[解析]非秃顶男性的基因型为bb，女性的基因型为_b，而后代男孩为Bb，B基因一定来自母亲，则女性的基因型为Bb，所以C选项正确。23．(·济宁)萝卜根形是由两对独立遗传的等位基因决定的。现用两个纯合的圆形块根萝卜作亲本进行杂交，F1全为扁形块根。F1自交后代F2中扁形块根、圆形块根、长形块根的比例为9:6:1，现只保留其中的圆形块根，让其再自交一代，则F3中能稳定遗传的圆形块根所占的比例()A．5/6 B．1/4C．3/8 D．1/2[答案]D[解析]圆形块根基因型为2/3Aabb、1/3AAbb或2/3aaBb、1/3aaBB，让其自交则1/3＋2/3×1/4＝1/2，所以D选项正确。24．(·潍坊)水稻中非糯性(W)对糯性(w)为显性，非糯性品系所含淀粉遇碘呈蓝黑色，糯性品系所含淀粉遇碘呈红褐色。下面是对纯种的非糯性与糯性水稻的杂交后代进行观察的结果，其中能直接证明孟德尔的基因分离定律的一项是()A．杂交后亲本植株上结出的种子(F1)遇碘全部呈蓝黑色B．F1自交后结出的种子(F2)遇碘后，3/4呈蓝黑色，1/4呈红褐色C．F1产生的花粉遇碘后，一半呈蓝黑色，一半呈红褐色D．F1测交所结出的种子遇碘后，一半呈蓝黑色，一半呈红褐色[答案]C[解析]基因分离定律的实质是F1减数分裂形成配子时，同源染色体上的等位基因随着同源染色体的分开而分离。故C选项直接证明了F1能产生两种数目相等的配子，故C正确。25．(·文登)已知玉米某两对基因按照自由组合规律遗传，其子代基因型及比值如图所示，则亲本基因型为()A．DDSS×DDSs B．DdSs×DdSsC．DdSs×DDSs D．DdSS×DDSs[答案]C[解析]由图形可知后代中DD:Dd＝1:1，由此可知亲本，应是DD和Dd，而SS:Ss:ss＝1:2:1，说明亲本应是杂合子自交，即Ss和ss，故综合分析亲本应是DdSs和DDSs，故选C。26．(·北京海淀区)下列基因的遗传无法符合孟德尔遗传定律的是()A．同源染色体上的非等位基因 B．同源染色体上的等位基因C．一对性染色体上的等位基因 D．位于非同源染色体的基因[答案]A[解析]同源染色体上的非等位基因的遗传无法符合孟德尔遗传定律的。 27．控制蛇皮颜色的基因遵循分离定律，现进行下列杂交实验根据上述杂交实验，下列结论中不正确的是()A．所有黑斑蛇的亲本至少有一方是黑斑蛇B．黄斑是隐性性状C．甲实验中，F1黑斑蛇基因型与亲本黑斑蛇基因型相同D．乙实验中，F1黑斑蛇基因型与亲本黑斑蛇基因型相同[答案]D[解析]据遗传图解，乙实验中，F1黑斑蛇基因型应为纯合或杂合基因型，而其亲本黑斑蛇基因型应为杂合基因型一种类型。28．遗传因子组合为MmNn的个体自交，后代与亲本遗传因子组合完全相同的有()A．9/16 B．1/16C．1/8 D．1/4[答案]D[解析]第一种方法：一对一对地去分析，Mm自交后代是eq\f(1,4)MM、eq\f(1,2)Mm、eq\f(1,4)mm，Nn自交后代是eq\f(1,4)NN、eq\f(1,2)Nn、eq\f(1,4)nn，根据乘法原理，MmNn自交后代中为MmNn的比例为eq\f(1,2)×eq\f(1,2)＝eq\f(1,4)。第二种方法：据棋盘法可知MmNn个体自交，后代中遗传因子组合为MmNn的个体(即双杂合子)占4/16，即eq\f(1,4)。29．鼠的毛色类型由B—b控制，甲、乙黑毛雌鼠分别与褐毛雄鼠丙交配，甲3胎共生出9只黑毛幼鼠和7只褐毛幼鼠，乙3胎共生出19只黑毛幼鼠，则甲、乙、丙3只鼠的遗传因子组成依次可能为()A．BB、Bb、bb B．bb、Bb、BBC．Bb、BB、bb D．Bb、bb、BB[答案]C[解析]由于乙与丙杂交后代只有黑毛幼鼠，可知黑毛对褐毛为显性。乙为BB，丙为bb。甲与丙杂交后代出现性状分离，所以甲为杂合子Bb。30．已知豌豆种皮灰色(G)对白色(g)为显性，子叶黄色(Y)对绿色(y)为显性。如以基因型ggyy的豌豆为母本，与基因型GgYy的豌豆杂交，则母本植株所结子粒的表现型()A．全是灰种皮黄子叶B．灰种皮黄子叶，灰种皮绿子叶，白种皮黄子叶，白种皮绿子叶C．全是白种皮黄子叶D．白种皮黄子叶，白种皮绿子叶[答案]D[解析]由于种皮的遗传只与母本基因型有关，所以基因型为ggyy的母本所结子粒的种皮均为白色；子叶的遗传与受精卵有关，所以F1子叶的基因型为Yy(黄子叶)和yy(绿子叶)，D正确。第Ⅱ卷(非选择题共55分)二、非选择题(共55分)31．(9分)有一种脚很短的鸡叫爬行鸡，由显性遗传因子A控制，在爬行鸡的遗传实验中得到下列结果：Ⅰ.爬行鸡×爬行鸡→2977只爬行鸡和995只正常鸡。Ⅱ.爬行鸡×正常鸡→1676只爬行鸡和1661只正常鸡。根据上述结果分析回答下列问题：(1)第一组两个亲本的遗传因子组成是________，子代爬行鸡的遗传因子组成是________，正常鸡的遗传因子组成是________。(2)第二组后代中爬行鸡互交，在F2中共得小鸡6000只，从理论上讲有正常鸡________只，其后代不发生性状分离的爬行鸡________只。[答案](1)Aa、AaAA、Aaaa(2)15001500[解析]该题涉及到已知亲、子代的性状类型及比例求亲本的遗传因子组成和已知亲代性状类型求子代的性状类型及比例的问题。(1)根据子代中爬行鸡:正常鸡≈3:1，可推知亲本遗传因子组成均为Aa。遗传因子组成为Aa的两亲本相交，后代遗传因子组成为1AA:2Aa:1aa，所以子代爬行鸡有AA、Aa两种，正常鸡为aa。(2)由子代中爬行鸡:正常鸡≈1:1可推知亲代遗传因子组成为Aa×aa。子代中爬行鸡遗传因子组成应是Aa，其互交产生后代为1AA:2Aa:1aa，因此正常鸡占1/4，不发生性状分离的爬行鸡占1/4，数量均约为1500只。32．(9分)小麦中高秆(D)对矮秆(d)为显性，抗锈病(T)对易染锈病(t)为显性。控制两对相对性状的基因是自由组合的，现用高秆抗锈病品种与矮秆易染锈病的品种来培育矮秆抗锈病品种。(1)培育的方法是：先让两个亲本________，然后将得到的F1进行________，在F2中就会得到“矮、抗”新品种。(2)后代中能产生“矮、抗”新类型的理论基础是______________________。(3)欲保证在F2中获得90株“矮、抗”株系，应至少从F1植株上选取________粒种子点种。(4)假若在F2中得到600株“矮、抗”株系，从理论上推算，其中稳定遗传的“矮、抗”有________株。[答案](1)杂交自交(2)基因的自由组合定律(3)480(4)20033．(9分)玉米植株的性别决定受两对等位基因(B—b，T—t)的支配，这两对基因位于非同源染色体上，玉米植株的性别和基因型的对应关系如下表。请回答下列问题：基因型B和T同时存在(B_T_)T存在，B不存在(bbT_)T不存在(B_tt或bbtt)性别雌雄同株异花雄株雌株(1)基因型为bbTT的雄株与BBtt的雌株杂交，F1的基因型为________，表现型为________；F1自交，F2的性别为________，分离比为________。(2)基因型为________的雄株与基因型为________的雌株杂交，后代全为雄株。(3)基因型为________的雄株与基因型为________的雌株杂交，后代的性别有雄株和雌株，且分离比为1:1。[答案](1)BbTt雌雄同株异花雌雄同株异花、雄株和雌株9:3:4(2)bbTTbbtt(3)bbTtbbtt[解析]根据基因自由组合定律可知，基因型为bbTT和BBtt的植株杂交，后代的基因型为BbTt，再根据题干信息可推知，其表现型为雌雄同株异花。F1自交后代中出现9种基因型，其中B_T_(雌雄同株异花)占9/16，bbT_(雄株)占3/16，B_tt或bbtt(雌株)占4/16。若后代全为雄株，则基因型为bbT_，所以亲代雌性个体不能含有B基因，其基因型只能为bbtt，亲代雄性个体也不能含有B基因，其基因型为bbTT。34．(9分)家兔的颜色，灰(A)对白(a)是显性，毛的长度，短毛(B)对长毛(b)是显性，控制这两对相对性状的基因按自由组合定律遗传。现将长毛灰兔和短毛白兔两纯种杂交，获得F1，让F1自交得到F2，请回答。(1)F2中出现纯合体的概率为________。(2)F2中出现纯合体最多有________种，基因型分别为________。(3)用F2中的一只短毛灰兔作亲本与长毛白兔杂交，假定产生了共20只兔子，其中短毛灰兔和长毛灰兔各有10只，或者20只兔子全为短毛灰兔，则可以认为该亲本短毛灰兔的基因型是________或________。(4)在F2中的短毛灰兔中，纯合体的概率为________。[答案](1)1/4(2)4AABB、AAbb、aaBB、aabb(3)AABbAABB(4)1/9[解析]F1自交得到F2过程中，配子有16种组合方式，F2有4种表现型，其中每种表现型纯合体各有一个。测交可以鉴定某一亲本的基因型。35．(9分)(·南京质检)甘蓝型油菜花色性状由三对等位基因控制，三对等位基因分别位于三对同源染色体上。花色表现型与基因型之间的对应关系如表。表现型白花乳白花黄花金黄花基因型AA————Aa————aaB———aa——D—aabbdd请回答：(1)白花(AABBDD)×黄花(aaBBDD)，F1基因型是________，F1测交后代的花色表现型及其比例是________。(2)黄花(aaBBDD)×金黄花，F1自交，F2中黄花基因型有________种，其中纯合个体占黄花的比例是________。(3)甘蓝型油菜花色有观赏价值，欲同时获得四种花色表现型的子一代，可选择基因型为________的个体自交，理论上子一代比例最高的花色表现型是________。[答案](1)AaBBDD乳白花:黄花＝1:1(2)81/5(3)AaBbDd乳白花[解析]本题通过考查基因的自由组合定律，主要考查学生分析、解决问题的能力。(1)AABBDD×aaBBDD的后代基因型为AaBBDD，其测交后代的基因型为1AaBbDd和1aaBbDd