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2021届内蒙古呼伦贝尔市高三二模数学(理)试题一、单选题1.已知集合,,则()A. B.C. D.【答案】C【分析】先通过解不等式求出集合,进而求得.【详解】,则.故选:C.2.已知复数,则()A. B.C. D.【答案】A【分析】根据复数的运算法则进行计算即可求得结果.【详解】由题意可得.故选:A.3.设等差数列的前项和为,且,则()A.35 B.65 C.95 D.130【答案】B【分析】由等差数列的性质可得,然后可算出答案.【详解】由等差数列的性质可知,则,故.故选:B4.函数图象的对称中心是()A. B.C. D.【答案】D【分析】令可得结果.【详解】令,解得,则图象的对称中心为.故选:D.5.青少年近视问题已经成为我国面临的重要社会问题.已知某校有小学生3600人,有初中生2400人,为了解该校学生的近视情况,用分层抽样的方法从该校的所有学生中随机抽取120名进行视力检查,则小学生应抽取的人数与初中生应抽取的人数的差是()A.24 B.48 C.72 D.96【答案】A【分析】根据分成抽样的定义进行计算即可.【详解】由题意可知小学生应抽取的人数是人,中学生应抽取的人数是人,则小学生应抽取的人数与中学生的人数的差是人.故选:A.6.已知某圆柱的轴截面是正方形,且该圆柱的侧面积是,则该圆柱的体积是()A. B. C. D.【答案】A【分析】用圆柱底面圆半径r表示出其高h,由侧面积列式求出r,进而求得体积.【详解】设该圆柱的底面圆半径为,则其高(母线)为,而圆柱的轴截面是正方形,则,圆柱侧面积为,从而,,故该圆柱的体积是.故选:A7.在等比数列中,,是方程的两个根,则()A.3 B.3或 C. D.【答案】D【分析】由条件可得,然后利用等比数列的性质可得答案.【详解】因为,是方程的两个根,所以因为,所以.故选:D8.2020年11月24日4时30分,我国在文昌航天发射场用长征五号运载火箭成功发射嫦娥五号,12月17日凌晨,嫦娥五号返回器携带月球样品在内蒙古四子王旗预定区域安全着陆,“绕、落、回”三步探月规划完美收官,这为我国未来月球与行星探测奠定了坚实基础.已知在不考虑空气阻力和地球引力的理想状态下,可以用公式计算火箭的最大速度,其中是喷流相对速度,是火箭(除推进剂外)的质量,是推进剂与火箭质量的总和,称为“总质比”.若型火箭的喷流相对速度为,当总质比为500时,型火箭的最大速度约为(,)()A. B. C. D.【答案】C【分析】根据题意把数据代入已知函数可得答案.【详解】.故选:C.9.已知,是椭圆的左、右焦点,点在椭圆上,,点为坐标原点,则()A.1 B. C. D.【答案】A【分析】首先根据椭圆的定义设,则,根据余弦定理可解得,进而可得点与椭圆的上顶点重合,所以可得结果.【详解】设,由椭圆的定义可得,由余弦定理可得,即,即,解得,所以,即点与椭圆的上顶点重合,所以.故选:A.10.已知函数在上单调递减,则的取值范围是()A. B. C. D.【答案】D【分析】令,问题转化为:求在上单调递减,且恒成立时的范围.【详解】令,因为是增函数,所以,要使在上单调递减,只需在上单调递减,且恒成立.故,解得.故选:D.11.已知双曲线的左、右焦点分别为,,过作与其中一条渐近线平行的直线与交于点,若为直角三角形,则双曲线的离心率为()A. B. C. D.【答案】A【分析】根据双曲线的定义,利用边角关系列方程求解,即可求出结论.【详解】如图,设,,由题意可得,解得,则.故选:A12.已知函数,若关于的方程有4个不同的实数根,则实数的取值范围为()A. B. C. D.【答案】B【分析】首先构造函数,则题目转化为有4个不同的实数根,又根据是偶函数可将题目转化为在上有2个零点,写出的表达式,对化简整理可得,设,对其进行求导判断大致图象,根据性质可得结果.【详解】构造函数,由题可知的定义域为,且,即是偶函数,故关于的方程有4个不同的实数根等价于在上有2个零点.当时,,则等价于,令,则,令,则且不恒等于0,故在区间上单调递增,又,所以在区间上单调递减,在区间上单调递增,即在处取得极小值且,当时,;当时,,故当时,关于的方程在区间上有两个不同的实数根,即关于的方程有4个不同的实数根.故选:B.【点睛】导函数中常用的两种常用的转化方法:一是利用导数研究含参函数的单调性,常化为不等式恒成立问题,注意分类讨论与数形结合思想的应用;二是函数的零点、不等式证明常转化为函数的单调性、极(最)值问题处理.二、填空题13.已知向量,,若,则___________.【答案】【分析】由题意可得出,利用平面向量数量积的坐标运算可得出关于的等式,由此可求得实数的值.【详解】由已知条件可得,,因为,则,解得.故答案为:.14.设,满足约束条件则的最大值是______.【答案】8【分析】首先根据约束条件作出可行域,化目标函数为直线方程的斜截式,数形结合可得最优解,将最优解代入目标函数即可得出答案.【详解】由约束条件作出可行域如图所示,联立,解得,由得,由图可知,当直线过点时,直线在轴上的截距最大,此时有最大值.故答案为:8.15.桂林是世界著名的风景旅游城市和中国历史文化名城,号称“桂林山水甲天下”,每年都会迎来无数游客.甲同学计划今年暑假去桂林游玩,准备在“印象刘三姐”“漓江游船”“象山景区”“龙脊梯田”这个景点中任选个游玩.已知“印象刘三姐”的门票为元/位,“象山景区”的门票为元/位,其他个景点的门票均为元/位,则甲同学所需支付的门票费的期望值为__________元.【答案】【分析】根据门票组合,以及期望公式求解.【详解】由题可知,甲同学所需支付的门票费的期望值为元.故答案为:16.某三棱锥的正视图和俯视图如图所示,已知该三棱锥的各顶点都在球的球面上,过该三棱锥最短的棱的中点作球的截面,截面面积最小为______.【答案】【分析】首先根据三视图可在长方体中画出该三棱锥的直观图,进而利用长方体求出该三棱锥的外接球的半径;设最短的棱的中点为,当该截面时,截面的面积最小,由此可计算出截面圆半径的最小值,可得截面面积的最小值.【详解】由正视图和俯视图在长方体中还原出三棱锥的直观图如图所示,该三棱锥的各顶点都在球的表面上,即球为三棱锥的外接球,∴球也是长方体的外接球.设球的半径为,则,解得,由三棱锥的直观图可得三棱锥的最短棱为,设的中点为,∵是的中点,∴,当截面面积最小时,截面,设截面圆半径为,则,解得,此时,截面面积为.故答案为:.【点睛】与球有关的组合体问题,一种是内切,一种是外接.解题时要认真分析图形,明确切点和接点的位置,确定有关元素间的数量关系,并作出合适的截面图,如球内切于正方体,切点为正方体各个面的中心,正方体的棱长等于球的直径;球外接于正方体,正方体的顶点均在球面上,正方体的体对角线长等于球的直径.三、解答题17.某公司为了解服务质量,随机调查了位男性顾客和位女性顾客,每位顾客对该公司的服务质量进行打分.已知这位顾客所打分数均在之间,根据这些数据得到如下的频数分布表:顾客所打分数男性顾客人数女性顾客人数(1)求这位顾客所打分数的平均值(同一组数据用该组区间的中点值为代表);(2)若顾客所打分数不低于分,则该顾客对公司服务质量的态度为满意;若顾客所打分数低于分,则该顾客对公司服务质量的态度为不满意根据所给数据,完成下列列联表,并根据列联表,判断是否有的把握认为顾客对公司服务质量的态度与性别有关?满意不满意男性顾客女性顾客附:【答案】(1);(2)填表见解析;有.【分析】(1)由频数分布表,先求出各组的频率,再求它们与对应组的区间中点值的积的和即为所求;(2)按条件填写列联表,再计算K2观测值并与给定相关值比对回答而得.【详解】(1)由题可知,落在区间,,,,的频率分别为:,这位顾客所打分数的平均值为:,故这位顾客所打分数的平均值为.(2)根据所给数据,可得列联表:满意不满意男性顾客女性顾客根据列联表得.因为,所以有的把握认为顾客对公司服务质量的态度与性别有关.18.在中,内角,,所对的边分别为,,,且.(1)求角;(2)若,,求边上的中线的长.【答案】(1);(2).【分析】(1)首先利用余弦定理将角转化为边,之后化简再利用余弦定理可得的值,再根据角的范围可得角的值;(2)利用余弦定理列方程可得,在中,再利用余弦定理可得中线的长.【详解】(1)因为,所以,即,由余弦定理可得,因为,所以.(2)由(1)可知,由余弦定理可得,则,解得或(舍去).在中,,,,则,故.19.如图,在四棱锥中,平面,底面是菱形,.点,分别在棱,上(不包含端点),且.(1)证明:平面;(2)若,求二面角的余弦值.【答案】(1)证明见解析;(2).【分析】(1)过点作,,连接,则,再结合已知条件可得,而,,所以,,所以四边形是平行四边形,则,然后由线面平行的判定定理可证得结论;(2)以为原点,过作垂直的直线为轴,,的方向分别为,轴的正方向,建立如图所示的空间直角坐标系,利用空间向量求解即可【详解】(1)证明:过点作,,连接.因为,所以.因为,所以,所以.因为四边形是菱形,所以,且,所以,且,所以四边形是平行四边形,则.因为平面,平面,所以平面.(2)解:以为原点,过作垂直的直线为轴,,的方向分别为,轴的正方向,建立如图所示的空间直角坐标系.设,则,,,,从而,,.设平面的法向量为,则,令,得.设平面的法向量为,则,令,得.设二面角为,由图可知为钝角,故.【点睛】关键点点睛:此题考查线面平行的判定,考查二面角的求法,解题的关键是正确的建立空间直角坐标系,利用空间向量求解,考查计算能力,属于中档题20.已知抛物线的焦点为,点为抛物线上一点,点到的距离比点到轴的距离大1.过点作抛物线的切线,设其斜率为.(1)求抛物线的方程;(2)直线与抛物线相交于不同的两点,(异于点),若直线与直线的斜率互为相反数,证明:.【答案】(1);(2)证明见解析.【分析】(1)设点,由抛物线的定义列出关于的等式,求出的值,即可得到抛物线的方程;(2)设,,直线的斜率为,直线的斜率为,利用两点间斜率公式表示出两个斜率,由两个斜率的关系以及点,均在抛物线上,化简展开,可得直线的斜率,再利用导数的几何意义求出,即可证明.【详解】(1)解:设点,由点到的距离比点到轴的距离大1,可得,即,所以,即抛物线的方程为.(2)证明:设,,直线的斜率为,直线的斜率为,则,.因为直线与直线的斜率互为相反数,所以,即,又点,均在抛物线上,可得,化简可得,因为,,所以,即,故,因为,所以,所以,则,故.【点睛】本题要证明的是,关键是首先要找到与的表达式,利用直线与直线的斜率互为相反数及点在抛物线上可得,再利用两点间的斜率公式可得;利用导数的几何意义可得的表达式,进而可得证,本题属于较难的题目,考查运算能力、逻辑思维能力.21.设函数.(1)若函数在R上是增函数,求实数a的取值范围;(2)证明:当时,.【答案】(1);(2)证明见解析.【分析】(1)函数在R上是增函数,只需在R上恒成立,建立不等式组,求出实数a的取值范围;(2)由题意构造函数,利用导数研究单调性,求得,即可证明.【详解】解:(1)由题意,在R上恒成立,即不等式在R上恒成立从而有或解得:即(2)当时,令,则当时,单调递减:当时,单调递增;当时,单调递减即当时,又当时,综上可知,当时,.【点睛】(1)函数的单调性与导数的关系:已知函数在某个区间内可导,①如果>0,那么函数在这个区间内单调递增;如果<0,那么函数在这个区间内单调递减;②函数在这个区间内单调递增,则有;函数在这个区间内单调递减,则有;(2)利用导数证明不等式的本质是利用导数判断单调性,利用单调性比较大小.22.在直角坐标系中,曲线C的参数方程是(为参数),以坐标原点为极点,轴的正半轴为极轴建立极坐标系,直线的极坐标方程为.(1)求直线的直角坐标方程和曲线的普通方程;(2)若点在曲线上,求点到直线的距离的最大值.【答案】(1)直线的直角坐标方程为(或);曲线的普通方程为;(2).【分析】(1)由,消去参数,得到曲线的普通方程,再由极坐标与直角坐标的互化公式,即可化简得到直线的直角坐标方程;(2)设,得出点到直线的距离,利用三角函数的性质,即可求解到直线的距离的最大值.【详解】(1)由(为参数),得,即曲线的普通方程为.由,得,即直线的直角坐标方程为(或).(2)由题意可设,则点到直线的距离.因为,所以,所以,即.故点到直线的距离的最大值为.【点睛】关键点点睛:涉及参数方程和极坐标方程的综合题,求解的
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