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第=page11页,共=sectionpages11页2024-2025学年广东省肇庆一中高三(上)开学数学试卷一、单选题:本题共8小题,每小题5分,共40分。在每小题给出的选项中,只有一项是符合题目要求的。1.已知集合U=R,集合A={x|−3<x<1},B={x|0≤x≤2},则图中阴影部分表示的集合为(
)A.(−3,0) B.(−1,0) C.(0,1) D.(2,3)2.复数1+3i1−i的虚部为(
)A.−i B.−1 C.2i D.23.已知命题p:∃x∈R,使得ax2+2x+1<0成立为真命题,则实数a的取值范围是A.(−∞,0] B.(−∞,1) C.[0,1) D.(0,1]4.对任意x∈[1,2],不等式ax2−2x+3a<0恒成立,则实数a的取值范围是A.(−∞,5) B.(−∞,47)5.已知函数f(x)=x+2,x≤0−x+2,x>0,则不等式f(x)≥x2A.[−1,1] B.[−2,2] C.[−2,1] D.[−1,2]6.已知函数f(x)=2x−2−x+ax+2(a∈R),若A.−1 B.1 C.−5 D.57.已知函数f(x)=(m−2)xm为幂函数,若函数g(x)=lgx+x−m,则g(x)的零点所在区间为(
)A.(0,1) B.(1,2) C.(2,3) D.(3,4)8.已知定义在R上的函数f(x)=lnx,x>1|x2−x|,x≤1,若函数k(x)=f(x)+ax恰有2个零点,则实数A.(−∞,−1e)∪{0}∪(1,+∞) B.(−1,−1e)∪{0}∪(1,+∞)二、多选题:本题共3小题,共18分。在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求。9.下列说法正确的有(
)A.不等式2x−13x+1>1的解集是{x|−2≤x≤−13}
B.“a>1,b>1”是“ab>1”成立的充分条件
C.命题p:∀x∈R,x2>0,则¬p:∃x∈R,x10.已知a>0,a>b,且a+b=1,则(
)A.ab的最小值是14 B.2a2+b2的最小值是23
C.11.已知函数f(x)是定义在R上的奇函数,f(x+1)是偶函数,当x∈[0,1],f(x)=x2+x,则下列说法中正确的有A.函数f(x)关于直线x=1对称 B.4是函数f(x)的周期
C.f(2022)+f(2023)=0 D.方程f(x)=|lnx|恰有4个不同的根三、填空题:本题共3小题,每小题5分,共15分。12.计算:(2024)0+3×(13.已知函数f(x)=x2+2x−1,函数y=g(x)为一次函数,若g(f(x))=2x2+4x+314.若函数f(x)=x2+ln(2+|x|),则使得f(2x+1)<f(x−1)四、解答题:本题共5小题,共77分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤。15.(本小题13分)
已知函数f(x)=12x2−x−2lnx.
(1))求曲线y=f(x)在点(1,f(1))处的切线方程;
(2)求函数16.(本小题15分)
已知函数f(x)=x2−(2+k)x+2k,其中k∈R.
(Ⅰ)若关于x的方程f(x)=−14k2+2k有两实数根,且两实数根之积等于1,求k的值;
(Ⅱ17.(本小题15分)
已知函数f(x)=x2−2ax−(2a+2)
(Ⅰ)解关于x的不等式f(x)>x;
(Ⅱ)若f(x)+3≥0在区间(−1,+∞)上恒成立,求实数18.(本小题17分)
已知函数f(x)=k⋅2x−2−x是定义域为R上的奇函数.
(1)求k的值;
(2)用定义法证明函数的单调性,并求不等式f(x2+2x)+f(x−4)>0的解集;
(3)若g(x)=19.(本小题17分)
已知函数f(x)=ae2x+(a−2)ex−x,g(x)=ex−ln(x+m).
(1)讨论f(x)的单调性;
(2)当m≤2时,求证参考答案1.A
2.D
3.B
4.D
5.A
6.A
7.C
8.B
9.BD
10.BC
11.ABD
12.5
13.2x+5
14.(−2,0)
15.解:(1)f′(x)=x−1−2x=x2−x−2x,
所以由导数几何意义可得切线的斜率为f′(1)=−2,
又f(1)=12×12−1−2ln1=−12,
所以曲线y=f(x)在点(1,f(1))处的切线方程为y−(−12)=−2(x−1),即y=−2x+32.
(2)函数f(x)的定义域为(0,+∞),
f′(x)=x−1−2x=x2−x−2x=(x+1)(x−2)x,
16.解:(Ⅰ)因为f(x)=x2−(2+k)x+2k,由f(x)=−14k2+2k,
可得x2−(2+k)x+14k2=0,
因为方程有两实数根,且两实数根之积等于1,
可得Δ=(2+k)2−4⋅14k2≥014k2=1,解得k=2,
即k的值为2;
(Ⅱ)f(x)=x2−(2+k)x+2k=(x−2)(x−k)<0,
方程(x−2)(x−k)=0的根为2,k,
当k=2时,不等式为(x−2)2<0,此时解集为⌀;
17.解(Ⅰ)由f(x)>x得x2−(2a+1)x−(2a+2)>0,即(x−2a−2)(x+1)>0,
当2a+2>−1,即a>−32时,原不等式的解为x>2a+2或x<−1,
当2a+2=−1,即a=−32时,原不等式的解为x∈R且x≠−1,
当2a+2<−1,即a<−32时,原不等式的解为x>−1或x<2a+2.
综上,当a>−32时,原不等式的解集为{x|x>2a+2或x<−1};
当a=−32时,解集为{x|x∈R且x≠−1};
当a<−32时,解集为{x|x>−1或x<2a+2}.
(Ⅱ)由f(x)+3≥0得x2−2a(x+1)+1≥0在(−1,+∞)上恒成立,
即2a≤(x2+1x+1)min在(−1,+∞)上恒成立.
令t=x+1(t>0)18.解:(1)∵f(x)是定义域为R上的奇函数,
∴f(0)=0,∴k⋅20−2−0=0,即k−1=0,∴k=1,
经检验k=1符合题意;
(2)由(1)可知k=1,∴f(x)=2x−2−x,函数的定义域为R,
在R上任取x1,x2,且x1<x2,则0<2x1<2x2,
f(x2)−f(x1)=2x2−2−x2−2x1+2−x1=(2x2−2x1)(1+12x1+x2)>0,
即f(x2)>f(x1),19.解:(1)由题意得f(x)定义域为R,
而f′(x)=2ae2x+(a−2)ex−1=(2ex+1)(aex−1),
当a≤0时,f′(x)<0,∴f(x)在(−∞,+∞)上单调递减,
当a>0时,f′(x)=(2ex+1)(aex−1),
当f′(x)>0时,解得:x>ln1a,当f′(x)<0时,解得:x<ln1a,
∴f(x)在(−∞,ln1a)上单调递减,f(x)在(ln1a,+∞)上单调递增;
综上,当a≤0时,f(x)在(−∞,+∞)上单调递减,
当a>0时,f(x)在(−∞,ln1a)上单调递减,在(ln1a,+∞)上单调递增;
(2)证明:∵m≤2∴g(x)=ex−ln(x+m)>ex−ln(x+2),
若证g(x)>0成立,只需证ℎ(x)=ex−ln(x+2)>0成立即可,
所以g(x),ℎ(x)定义域为x∈(−2,+∞),ℎ′(x)=ex−1x+2,
∵y=ex,y=−1x+2在(−2,+∞)上单调递增,
∴ℎ′(x)在(−2,+∞)上单调递增,
∵ℎ′(0)=12>0,ℎ′
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