2020届广东省深圳市高考物理二调试卷(含答案详解)

2020届广东省深圳市高考物理二调试卷一、单选题（本大题共8小题，共24.0分）1. 如图所示为研究光电效应的电路图。开关闭合后，当用波长为λ0的单色光照射光电管的阴极K时，电流表有示数。下列说法正确的是(    )A.若只让滑片P向D端移动，则电流表的示数一定增大B.若只增加该单色光的强度，则电流表示数一定增大C.若改用波长小于λ0的单色光照射光电管的阴极K，则阴极KD.若改用波长大于λ0的单色光照射光电管的阴极K2. 足球运动员用20N的力把质量1kg的足球踢出10m

远，则运动员对足球做的功为(    )A.200

J B.100

JC.98

J D.条件不足，无法确定3. 如图所示，空间中的M、N处存在两个被固定的、等量同种正点电荷，在它们的连线上有A、B、C三点，已知MA=CN=NB，MA<NA.现有一正点电荷g，关于在电场中移动电荷q，下列说法中正确的是(    )A.沿半圆弧l将q从B点移到C点，电场力不做功B.沿曲线r将q从B点移到C点，电场力做负功C.沿曲线s将q从A点移到C点，电场力做正功D.沿直线将q从A点移到B点，电场力做正功4. 如图所示，网球发球机正对竖直墙面两次发球分别在墙上留下A、B两点印迹、OP为水平线，测得AB-=3OA-，忽略空气阻力，每个网球质量相同，则A.两球发射的初速度之比vA：vBB.两球离开P点时动能之比EkA：EkBC.两球下落过程重力做功之比WA：WBD.两球刚碰墙壁时重力瞬时功率之比PA：PB5. 沿同一直线运动的a、b两物体，其x-t图象分别为图中直线a和曲线b所示，由图可知(

)A.两物体运动方向始终不变B.0～t1内aC.t1D.t1～t2内6. 下列例子中应用了反冲原理的是(    )A.洗衣机洗衣服时脱水过程 B.体操运动员在着地时弯曲双腿C.喷气式飞机和火箭的飞行 D.火车进站时切断动力向前滑行7. 如图所示，一木块被水平外力F紧压在倾斜墙面处于静止。下列说法正确的是(    )A.木块只受到3个力的作用B.木块一定受到4个力的作用C.墙面与木块间可能没有弹力D.墙面与木块间可能没有摩擦力8. 如图所示，一轻弹簧上、下两端各连接质量均为m的两物块A、B，开始时，系统静止在水平面上，现用一竖直向上的恒力F拉物块A，使其向上运动，直到物块B刚好要离开地面，重力加速度为g，则(    )A.A的加速度不变B.此过程恒力F做的功等于物块A增加的机械能C.此过程中恒力F的功率一直增大D.此过程弹簧弹力对物块A做功为正值二、多选题（本大题共6小题，共22.0分）9. 理想变压器正常工作时，若只增加接在副线圈两端的总电阻，则(    )A.副线圈中的电流增大 B.副线圈中的电流减小C.原线圈中的电流增大 D.原线圈中的电流减小10. 杂技表演“飞车走壁”的简化模型如图所示、，表演者在侧壁某一水平面内做匀速圆周运动、表演时杂技演员和摩托车的总质量不变，摩托车与侧壁间沿侧壁倾斜方向的摩擦力不计，轨道平面离地面的高度为H，侧整的黄角α不变。下列说法正确的是A.H越大，摩托车做圆周运动的角速度越小B.H越大，摩托车做圆周运动的动能越大C.摩托车对侧壁的压力大小与H无关D.摩托车圆周运动的周期与H无关11. 如图1，A、B是一条电场线上的两点，若在A点释放一初速为零的电子，电子仅受电场力作用，并沿电场线从A运动到B，其速度随时间变化的规律如图2所示．设A、B两点的电场强度分别为EA、EB，电势分别为UA、UBA.EA=EB B.EA<E12. 回旋加速器在科学研究中得到了广泛应用，其原理如图所示，D1和D2是两个中空的半圆形金属盒，置于与盒面垂直的匀强磁场中，它们接在电压为U、周期为T的交流电源上．位于D1圆心处的质子源A能不断产生质子(初速度可以忽略)，它们在两盒之间被电场加速．当质子被加速到最大动能Ek后，再将它们引出．忽略质子在电场中的运动时间，则下列说法中A.若只增大交变电压U，则质子的最大动能EkB.若只增大交变电压U，则质子在回旋加速器中运行时间缩短C.质子第n次被加速前后的轨道半径之比为n-1：nD.若只将交变电压的周期变为2T，仍可用此装置加速质子13. 下列说法中正确的是(    )A.液晶既有液体的流动性，又具有光学各向异性B.饱和气压随温度的升高而变小C.单晶体具有规则形状，且有各向异性的特征D.可以从单一热源吸取热量，使之全部变成有用的机械功，而不产生其他影响14. 下列说法正确的是(    )A.一定质量的理想气体，体积减小，压强也减小时，在单位面积上单位时间内与容器壁碰撞的分子数目可能减少B.一定质量的理想气体，在吸热后，体积增大，压强也增大，则气体吸收的热量一定大于它对外所做的功C.将实际气体压缩时，气体分子间作用力做负功，分子势能增大D.烧水时，速率大的水分子数目增多，但可能有水分子的速率反而减小E.0℃的冰熔化成0℃的水，体积减小，故分子势能减小，由于温度不变，分子的平均动能不变三、实验题（本大题共2小题，共12.0分）15. 某同学探究弹力与弹簧伸长量的关系．弹簧自然悬挂，长度记为L0，弹簧下端挂上砝码盘时，长度记为Lx；在砝码盘中每次增加10g砝码，弹簧长度依次记为L1至代表符号LLLLLLLL数值(cm)25.3527.3529.3531.3033.435.3537.4039.30(1)表中有一个数值记录不规范，代表符号为______．(2)如图是该同学根据表中数据作的图，纵轴是砝码的质量，横轴是弹簧长度与______的差值(填“L0或Lx”(3)由图可知弹簧的劲度系数为______N/m；通过图和表可知砝码盘的质量为______g(结果均保留两位有效数字，g取9.8m/s16. 在“测定电源电动势和内阻”实验中，某同学在坐标纸上画出U-I图线如图所示。则电源的电动势E=______V，内阻r=______Ω。四、计算题（本大题共5小题，共48.0分）17. 如图所示，物体在蒙有动物毛皮的斜面上运动．由于毛皮表面的特殊性，引起物体的运动有如下特点：①顺着毛的生长方向运动时毛皮产生的阻力可以忽略；②逆着毛的生长方向运动会受到来自毛皮的滑动摩擦力，且动摩擦因数μ恒定．斜面顶端距水平面高度为h=0.8m，质量为m=2kg的小物体M从斜面顶端A由静止滑下，从O点进入光滑水平滑道时无机械能损失，为使M制动，将轻弹簧的一端固定在水平滑道延长线B处的墙上，另一端恰位于水平轨道的中点C.已知斜面的倾角θ=53°，动摩擦因数均为μ=0.5，其余各处的摩擦不计，g=10m/s2(1)弹簧压缩到最短时的弹性势能(设弹簧处于原长时弹性势能为零)(2)若物块M能够被弹回到斜面上，则它能够上升的最大高度是多少？(3)物块M在斜面上下滑过程中的总路程．18. 如图所示，相距为d、板间电压为U的平行金属板M、N间有垂直纸面向里、磁感应强度为B0的匀强磁场；在pOy区域内有垂直纸面向外、磁感应强度为B的匀强磁场；pOx区域为无场区．一正离子(不计重力)沿平行于金属板、垂直磁场射入两板间并做匀速直线运动，从H(0,a)点垂直y轴进入第Ⅰ象限，经Op上某点离开磁场，最后垂直x轴离开第Ⅰ象限．求：(1)离子在平行金属板间的运动速度；(2)离子的荷质比qm(3)离子在第Ⅰ象限的磁场区域和无场区域内运动的时间之比．19. 如图所示，传送带以恒定的速度v=10m/s运动，传送带与水平面的夹角θ为37°，PQ=16m，将一小物块无初速地放在传送带上P点，物块与此传送带间的动摩擦因数μ=0.5，g=10m/s2.求当传送带顺时针转动时，小物块运动到Q点的时间为多少？(sin37°=0.6,cos37°=0.8)20. 底面积S=40cm2、高l0=15cm的圆柱形汽缸开口向上固定在水平地面上，开口处两侧有挡板，如图所示。缸内有一可自由移动的质量为m=2kg的活塞封闭了一定质量的理想气体，不可伸长的细线一端固定在活塞上，另一端跨过两个光滑定滑轮拉着质量为M=10kg的物体A.开始时，气体温度tl=27℃，活塞到缸底的距离l1=l0cm，物体A(i)物体A刚着地时气体的温度；(ii)活塞刚到达汽缸顶部时气体的温度。21. 如图所示，长为31cm、内径均匀的细玻璃管开口向上竖直放置，管内水银柱的上端正好与管口齐平，封闭气体的长为10cm，若把玻璃管在竖直平面内缓慢转至开口竖直向下，这时留在管内的水银柱长为15cm，然后再缓慢转回到开口竖直向上，求：(I)大气压强P0(Ⅱ)末状态时空气柱的长度．

参考答案及解析1.答案：B解析：解：A、电路所加电压为正向电压，如果电流达到饱和电流，增加电压，电流也不会增大，故A错误；B、只增加单色光强度，逸出的光子数增多，电流增大，故B正确；C、金属的逸出功与入射光无关，故C错误；D、改用波长大于λ0的光照射，虽然光子的能量变小，但也可能发生光电效应，可能有电流，故D故选：B。分析电路，正向电压时，达到饱和电流之前，电压越大，电流越大；单色光强度与频率和光子数共同决定；金属的逸出功是固有属性，与入射光无关；根据爱因斯坦光电效应方程分析。解决本题的关键掌握光电效应方程，知道最大初动能与遏止电压的关系，注意光电子的最大初动能是由入射光的频率决定，与光强无关。2.答案：D解析：力做功的公式为W=FLcosθ，要找出物体在该力作用下通过的位移即可，力为20N，没有告诉位移，故无法求做功．该题是利用公式求出相关物理量，直接进行判断，要知道公式W=FLcosθ中F、L应对应于同一过程．根据功的公式W=Fs，知F=20N，s不能确定，故运动员对足球做的功不能确定；故ABC错误，D正确．故选：D

3.答案：C解析：解：AB、沿半圆弧l将q从B点移到C点的过程中，从B到N电场力做负功，N到C电场力做正功，根据场强的叠加，知NC段的电场强度大于BN段的电场强度，B到C过程中，电场力做的负功小于电场力做的正功，所以B到C电场力做正功。故A、B错误。C、A点与B点等电势，所以A点移动到C点与从B点移动到C点等效，所以将电荷从A点移动到C点电场力做正功。故C正确。D、A、B两点等电势，所以从A点移动B点，电场力不做功。故D错误。故选：C。电场力做功与路径无关，根据电荷的移动方向，分析电势的变化，判断电场力做功情况。解决本题的关键掌握电场力做功的特点：电场力做功与路径无关，掌握判断电场力做功正负的方法。4.答案：D解析：解：A、网球做平抛运动，根据平抛运动公式：x=vth=1结合AB-=3OA-，可知vA：vB、根据动能的计算公式Ek=12mv2，结合两次发球的速度之比可知EC、根据重力做功的公式WG=mgh，结合AB-=3OA-，可知WAD、根据重力瞬时功率的公式P=mgv结合平抛竖直方向自由落体运动有：vy联立解得PA：PB=1：2故选：D。通过竖直方向位移的比值求时间的比值，通过水平方向位移的比值求初速度的比值，根据动能和重力做功的公式求得对应比值，重力瞬时功率的计算公式为P=mgv本题考查平抛运动、动能定理、重力做功、重力做功的功率问题，注意求解重力做功的功率时应为P=mgv5.答案：C解析：根据图象切线的斜率表示速度，确定运动的方向，结合位置坐标比较位移的大小，根据位移和时间的比值比较平均速度的大小关系。解决本题的关键知道位移时间图线的物理意义，知道图线切线斜率表示瞬时速度．结合几何知识研究图象的物理意义。A.在x-t图象中，切线的斜率表示速度，b图象的斜率先负后正，说明b车先沿负向运动，后沿正向运动，故A错误；B.由图知：0时刻到t1时刻，a物体的位移小于b物体的位移，故BC.t1到t2时间内，某时刻两图象的斜率相等，物体的速度相同，故D.t1～t故选C。

6.答案：C解析：解：A、洗衣机洗衣服时脱水过程利用的是离心现象，与反冲无关，故A错误；B、体操运动员在着地时弯曲双腿是利用了缓冲原理，故B错误；C、喷气式飞机和火箭的飞行都是应用了反冲的原理，故C正确；D、火车进站时切断动力向前滑行是利用惯性，故D错误。故选：C。明确反冲运动是相互作用的物体之间的作用力与反作用力产生的效果；同时注意其他物理规律在生产生活中的应用．解决本题的关键知道反冲的原理，并且要知道反冲、惯性以及离心现象等在实际生活中的运用．7.答案：B解析：解：对木块受力分析，根据平衡条件可知木块受推力、重力，若没有支持力就没有摩擦力，物体不可能平衡，故一定有支持力，同理有静摩擦力，如图所示，所以物体受到4个力作用，故ACD错误，B正确。故选：B。对木块受力分析，根据平衡条件可知物块受推力、重力、支持力和静摩擦力。本题关键是熟悉受力分析的方法，明确弹力和摩擦力的产生条件，然后根据共点力平衡条件列式分析。8.答案：B解析：解：A、对A受力分析，开始时，A受重力、拉力F和弹簧向上的弹力，由牛顿第二定律得：F+kx-mg=ma，随着A的上升，弹簧的压缩量x减小，加速度减小，但方向向上，A做加速度减小的加速运动．当弹簧恢复原长后，A继续上升，弹簧被拉长，则有

F-kx-mg=ma，随着A的上升，弹簧的伸长量x增大，加速度减小，但方向向上，故A继续做加速度减小的加速运动，故A错误．B、根据平衡条件可知，开始时弹簧压缩量和B刚好要离开地面时弹簧伸长量均为：x=mgk，所以弹簧弹性势能的变化量为零，根据功能关系知，此过程恒力F做的功等于物块A增加的机械能，故C、A先做加速运动后再做减速运动，而力F恒定，故此过程中恒力F的功率先增大后减小，故C错误；D、整个过程中，弹性势能不变，所以整个过程中弹簧对A做功为零，故D错误；故选：B对A应用牛顿第二定律求出加速度，再有运动学知识确定A的速度变化情况，进而确定力F的功率变化，结合动能定理和能量守恒知识，确定功能之间关系．本题的关键要能正确分析物体的受力情况，来判断物体的运动情况．要知道弹簧的弹性势能与形变量有关．9.答案：BD解析：解：A、理想变压器的原副线圈的电压与匝数成正比，因原线圈的电压不变，匝数也不变，所以副线圈的电压也不变，若增增加接在副线圈两端的总电阻，则副线圈中电流减小，故A错误，B正确；C、理想变压器的输入功率由输出功率决定，副线圈中电流减小，则输出的电功率增大，故原线圈输入功率减小，因原线圈的电压不变，原线圈中电流减小，故C错误，D正确；故选：BD。根据理想变压器的原副线圈的电压与匝数关系，来确定副线圈电压如何变化；理想变压器的输入功率由输出功率决定；由P=U考查理想变压器的变压比，掌握原副线圈间的功率关系，理解P=U10.答案：ABC解析：摩托车做匀速圆周运动，提供圆周运动的向心力是重力mg和支持力F的合力，作出力图，得出向心力大小不变。h越高，圆周运动的半径越大，由向心力公式分析周期、线速度大小。本题考查应用物理规律分析实际问题的能力，此题是圆锥摆模型，关键是分析物体的受力情况，抓住不变量进行研究解：A、摩托车做匀速圆周运动，摩擦力恰好为零，由重力mg和支持力F的合力提供圆周运动的向心力，作出力图如图，则有：向心力Fn=mgtanα，m，α不变，向心力大小不变。由mgtanα=mrω2得：ω=gtanαr，则知H越高，B、根据牛顿第二定律得Fn=mv2r，H越高，r越大，FC、侧壁对摩托车的支持力F=mgcosαD、根据Fn=4π2mrT2，由于故选：ABC。

11.答案：AD解析：解：由图可知：电子做初速度为零的匀加速直线运动．匀加速运动说明所受电场力恒定，因此为匀强电场，即EA=EB，电子由静止从A运动到B，所以电场力由A指向B，因此电场线方向从B指向A，沿电场线电势降低，即有φA故选AD．根据电子运动的速度-时间图象可知，电子做初速度为零的匀加速直线运动，由此可以判断出电场的方向和电场强度大小的变化情况．本题结合运动图象考查了电场强度和电势的变化情况，考查角度新颖，要注意结合图象的含义以及电场线和电场强度与电势的关系求解．12.答案：BC解析：解：A、根据qvB=mv2r，得v=qBrmB、若只增大交变电压U，则质子在回旋加速器中加速次数会减小，导致运行时间变短，故B正确；C、根据洛伦兹力提供向心力做匀速圆周运动，则有半径公式R=mvBq与nqU=12mv2，所以质子第nD、若只将交变电压的周期变为2T，而质子在磁场中运动的周期不变，则两周期不同，所以不能始终处于加速状态，故D错误，故选：BC。回旋加速器是通过电场进行加速，磁场进行偏转来加速带电粒子．带电粒子在磁场中运动的周期与交流电源的周期相同，根据T=2πmqB比较周期．当粒子最后离开回旋加速器时的速度最大，根据解决本题的关键知道带电粒子在磁场中运动的周期与交流电源的周期相同，求出粒子的周期和最大动能，根据质量比和电量比，去比较周期和最大动能．13.答案：AC解析：解：A、根据液晶特点和性质可知，液晶既有液体的流动性，又具有光学各向异性，故A正确．B、温度越高，液体越容易挥发，故饱和汽压随温度的升高而增大，故B错误．C、晶体有单晶体和多晶体，单晶体一定具有规则形状，且有各向异性的特征，故C正确．D、根据热力学第二定律得知，在没有外界影响之下，从单一热源吸取热，不可能使之全部变成有用的机械功，故D错误．故选：AC．本题考查的知识点较多，关键要掌握固体的特性、饱和气压等等，要掌握热力学第二定律，并能用来分析实际问题．14.答案：ABD解析：解：A、一定质量的理想气体，体积减小，压强也减小时，根据理想气体状态方程，温度也减小，分子平均速度也减小，在单位面积上单位时间内与容器壁碰撞的分子数目可能减少，A正确；B、一定质量的理想气体，在吸热后，体积增大，则气体对外做功，压强也增大，结合理想气体状态方程知温度升高，内能增大，根据热力学第一定律：△U=W+Q知，Q>W，故B正确。C、将实际气体压缩时，气体压强(力)做负功，分子势能不，故C错误；D、烧水时，温度升高，分子平均动能增大，大部分水分子数速率增大，但这是一个统计数，所以可能有水分子的速率反而减小，故D正确；E、0℃的冰逐渐熔化成0℃的水的过程中吸收热量，冰的内能增大，而冰的温度不变，则分子的平均动能不变，所以分子势能会增加，故E错误。故选：ABD。温度是分子平均动能的标志；内能由分子动能和分子势能组成；热力学第一定律：△U=W+Q；压强的微观因素有单位面积碰撞器壁的分子数和分子动能决定；冰溶化的过程中吸收热量，分子势能会增加。分子动理论和热力定律知识点多且相互联系，一定要学细学精，理解到位。15.答案：L3

Lx

4.9解析：解：(1)用毫米刻度尺测量长度是要估读到分度值的下一位，记录数据的最后一位是估读位，故数据L3记录不规范，由表可知所用刻度尺的最小刻度为1mm(2)根据胡克定律公式△F=k△x，故横轴应为弹簧长度与Lx(3)k=由表格得到，弹簧原长为：L0=25.35cm；挂砝码盘时：根据胡克定律，砝码盘质量为：M=k(故答案为：(1)L3；(2)Lx；(3)4.9；弹簧自然悬挂，故是竖直放置；充分利用测量数据，根据公式△F=k△x可以计算出弹簧的劲度系数k.其中△x为弹簧的形变量．弹簧测力计的原理是在弹簧的弹性限度内，弹簧的伸长与受到的拉力成正比．对于实验问题，我们要充分利用图象处理实验数据来减少偶然误差．16.答案：1.50；0.83解析：解：根据闭合电路欧姆定律可得：U=E-Ir，则根据图象可知，图象与纵轴的交点表示电动势，故E=1.50V；图象的斜率表示内电阻，则r=△U△I故答案为：1.50；0.83。由闭合电路欧姆定律进行分析，结合图象的性质即可求得电动势和内电阻。本题考查测量电动势和内电阻的实验，要注意明确实验原理，掌握利用图象进行数据处理的基本方法。17.答案：解：(1)物块M从斜面顶端A运动到弹簧压缩到最短，由动能定理得

mgh-μmgcosθ⋅则E(2)设物块M第一次弹回，上升的最大高度为H．物块往回运动过程，毛皮对物块没有摩擦，所以机械能守恒则得：E解得H=0.5m(3)物块M最终停止在水平面上，对于运动的全过程，由动能定理得

mgh-μmgcosθ物块M在斜面上下滑过程中的总路程x=答：(1)弹簧压缩到最短时的弹性势能是10J(2)若物块M能够被弹回到斜面上，则它能够上升的最大高度是0.5m(3)物块M在斜面上下滑过程中的总路程是2.67m．解析：(1)物块M从斜面顶端A运动到弹簧压缩到最短，由动能定理求解弹簧压缩到最短时的弹性势能(2)由动能定理研究上升的最大高度位置求解．(3)物块M最终停止在水平面上，对于运动的全过程，由动能定理求解．了解研究对象的运动过程是解决问题的前提，根据题目已知条件和求解的物理量选择物理规律解决问题．一个题目可能需要选择不同的过程多次运用动能定理研究．18.答案：解：(1)设带电粒子的质量为m、电量为q，在平行金属板间的运动速度为v，平行金属板间的场强为E0依题意，有：qvB0又匀强电场，有：E0联立①②解得：v=U(2)带电粒子进入pOy区域，做匀速圆周运动，设轨道半径为r，有：

qvB=mv依题意带电粒子进入第Ⅰ象限转过14圈后从Op

r+rtan45°=a，得r=1联立③④⑤得：qm(3)匀速圆周运动的周期T=2πr带电粒子在磁场中的运动时间：t1离子从C出来后作匀速直线运动，设经过x轴上的D点，如图，由几