2023-2024学年安徽省高三下学期第七次质检物理试卷（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE32024年安徽省高考物理第七次质检试卷一、单选题：本大题共8小题，共32分。1.如图所示，一轻质晒衣架静置于水平地面上，水平横杆与四根相同的斜杆垂直，两斜杆夹角，一重为的物体悬挂在横杆中点，则每根斜杆受到地面的（）A.作用力为 B.作用力为C.摩擦力为 D.摩擦力为〖答案〗B〖解析〗设斜杆的弹力大小为，以水平横杆和重物为整体，竖直方向根据受力平衡可得解得以其中一斜杆为研究对象，其受力如图所示可知每根斜杆受到地面的作用力应与平衡，即大小为，每根斜杆受到地面的摩擦力为B正确，ACD错误；故选B。2.已知铯发生衰变的方程是，其半衰期约为年．以下说法正确的是（）A.式中的来自于铯的核外电子B.经过年后，受铯污染的土壤将仍含铯C.降低温度可以有效地减小铯的衰变速度D.铯发生衰变时的质量亏损即等于粒子的质量〖答案〗B〖解析〗A．式中的来自原子核内的中子转化为质子时放出的电子，选项A错误；B．经过年后，即经过了2个半衰期，还有的铯没有发生衰变，即受铯污染的土壤将仍含铯，选项B正确；C．外部因素不影响半衰期，即降低温度不能有效地减小铯的衰变速度，选项C错误；D．质量亏损是反应前的质量减去反应后所有核的质量，D错误。故选B。3.一个刚性矩形铜制线圈从高处自由下落，进入一水平的匀强磁场区域，然后穿出磁场区域继续下落，如图所示，则()A.若线圈进入磁场过程是匀速运动，则离开磁场过程也是匀速运动B.若线圈进入磁场过程是加速运动，则离开磁场过程也是加速运动C.若线圈进入磁场过程是减速运动，则离开磁场过程是加速运动D.若线圈进入磁场过程是减速运动，则离开磁场过程也是减速运动〖答案〗D〖解析〗A．线圈从高处自由下落，以一定的速度进入磁场，会受到重力和安培力。线圈全部进入磁场后只受重力，在磁场内部会做一段加速运动，所以线圈出磁场时的速度要大于进磁场的速度。若线圈进入磁场过程是匀速运动，说明重力等于安培力，离开磁场时安培力大与重力，就会做减速运动．故A错误；B．若线圈进入磁场过程是加速运动，说明重力大于安培力，离开磁场时安培力变大，安培力与重力大小关系无法确定，故B错误；CD．若线圈进入磁场过程是减速运动，说明重力小于安培力，离开磁场时安培力变大，安培力仍然大于重力，所以也是减速运动．故C错误；D正确；故选D。4.如图所示，A为静止于地球赤道上的物体，B为地球同步卫星，C为赤道平面内沿椭圆轨道运行的卫星，为B、C两卫星轨道的交点．下列说法中正确的是（）A.卫星B的运行速率等于物体A的速率B.物体A和卫星B的加速度大小相等C.卫星C在近地点的运行速率大于卫星B的运行速率D.卫星B在点的加速度小于卫星C在点的加速度〖答案〗C〖解析〗A．由于卫星B是地球同步卫星，所以卫星B与物体A的运行角速度相同，由公式可得，卫星B的运行速率大于物体A的速率，故A错误；B．由向心加速度公式可得，卫星A、B的向心加速度分别为由于做圆周运动，所以向心加速度故B错误；C．设卫星C在近地点的运行速率为，近地点距地心的距离为。设一卫星绕地球做圆周运动的半径也为，线速度大小为，由卫星变轨可知设卫星B的圆周运行半径为，线速度大小为，由万有引力定律及牛顿第二定律得由以上两式可得由于，所以综上：故C正确；D．由牛顿第二定律得解得所以卫星B、C在点到地心的距离相等，所以卫星B在点的加速度等于卫星C在点的加速度，故D错误。故选C。5.如图所示，实线是一列简谐波在某一时刻的波形曲线，经0.5s后，其波形如图中虚线所示，设该波的周期T大于0.5s。以下说法正确的是（）A.如果波是向左传播的，波速是0.12m/sB.波的周期可能是4sC.如果波是向右传播的，波速是0.72m/sD.波的周期一定是〖答案〗A〖解析〗如果波向左传播解得波速是如果波向右传播解得波速是A正确，BCD错误。故选A。6.某种滴水起电机装置如图1所示，滴水装置左右相同的两管口形成的水滴分别穿过距管口较近的铝环A、B后滴进铝筒C、D，铝环A用导线与铝筒D相连，铝环B用导线与铝筒C相连，导线之间彼此绝缘，整个装置与外界绝缘。由于某种偶然的原因，C筒带上微量的负电荷，则与之相连的B环也带有负电荷，由于静电感应，B环上方即将滴落的水滴下端会带正电荷，上端带负电荷，如图2所示。水滴在落下瞬间，正负电荷分离，如图3所示，带正电荷的水滴落下穿过B环滴入D筒，C、D两筒之间产生电势差。为了研究问题方便，假设滴水装置中水足够多，每滴水的质量相同，忽略筒内液面高度的变化，下列说法正确的是（）A.滴水装置中会产生从左向右的电流B.水滴下落到筒内的时间越来越短C.C、D两筒之间的电势差会一直增大D.在起电的过程中，水的重力势能完全转化为电能〖答案〗A〖解析〗C．根据题意知，水滴在落下过程，先加速后减速运动，随着滴落到铝筒的带点水滴在增加，排斥力先增大，直到水滴到达桶底恰好速度减为零时，不再滴落到铝筒，之后C、D两筒之间的电势差不变，故C错误；B．滴落到铝筒的带点水滴在逐渐增加，电荷量先增加，后C、D两筒之间产生的电势差增大到一定时会放电，电荷量又减小，故排斥力先增大后减小，下落时间会先增大，后减小，故B错误；A．水滴在落下瞬间，正负电荷分离，带负电荷的水滴留在B环上方的滴水装置，同理，带正电荷的水滴留在A环上方的滴水装置，左右形成电势差，会产生从左向右的电流，故A正确；D．在起电的过程中，水的重力势能转化为电能和水的动能，故D错误。故选A。7.如图所示为模拟远距离输电的部分测试电路。a、b端接电压有效值恒定的正弦交流电源，理想变压器的原、副线圈匝数比为k，，滑动变阻器的最大阻值为，定值电阻，电流表、电压表均为理想电表，其示数分别用I和U表示。当滑动变阻器的滑片P从最下端向最上端滑动过程中，电流表、电压表示数变化量分别用和表示。下列说法正确的是（）A.U不变B.C.副线圈回路消耗的功率一直增大D.电源的输出功率可能先增大后减小〖答案〗B〖解析〗A．根据变压器的原理可得，可得，原线圈电路中有在副线圈电路中有联立可得当滑片P从最下端向最上端滑动过程中，电阻阻值减小，电源电压不变，可知减小，即电压表的示数减小，故A错误；B．由A项分析可得变形得则有即故B正确；C．由能量守恒定律可得可得副线圈回路消耗的功率把代入得可知当时，即时副线圈输出功率增大；由题知，则有当滑片P从最下端向最上端滑动过程中，电阻阻值由减小为0，可知由大于减小到小于，所以副线圈输出功率并不是一直增大，故C错误；D．当向上调节滑动变阻器的滑片P时，副线圈的总电阻减小，所以回路中的电流增大，电源的电压不变，所以电源的输出功率一定增大，则D错误。故选B。8.如图所示，一质量为0.5kg的一块橡皮泥自距小车上表面1.25m高处由静止下落，恰好落入质量为2kg、速度为2.5m/s沿光滑水平地面运动的小车上，并与小车一起沿水平地面运动，取g=10m/s2，不计空气阻力，下列说法正确的是A.橡皮泥下落的时间为0.3sB.橡皮泥与小车一起在水平地面上运动的速度大小为3.5m/sC.橡皮泥落入小车的过程中，橡皮泥与小车组成的系统动量守恒D.整个过程中，橡皮泥与小车组成的系统损失的机械能为7.5J〖答案〗D〖解析〗橡皮泥下落的时间为：．故A错误；橡皮泥与小车在水平方向的动量守恒，选取向右为正方向，则有：m1v0=（m1+m2）v，所以共同速度为：，故B正确；橡皮泥落入小车的过程中，橡皮泥与小车组成的系统在水平方向的动量守恒，但竖直方向的动量不守恒．故C错误；在整个的过程中，系统损失的机械能等于橡皮泥的重力势能与二者损失的动能，得：△E＝m2gh+[m1v02−(m1+m2)v2]，代入数据可得：△E=7.5J．故D正确．故选D．【『点石成金』】本题考查了动量守恒定律的应用，本题是多体、多过程问题，分析清楚物体运动过程与运动性质是解题的前提，应用动量守恒定律、能量守恒定律与动能定理即可解题．二、多选题：本大题共2小题，共10分。9.随着电子技术的发展，霍尔传感器被广泛应用在汽车的各个系统中．其中霍尔转速传感器在测量发动机转速时，情景简化如图（a）所示，被测量转子的轮齿（具有磁性）每次经过霍尔元件时，都会使霍尔电压发生变化，传感器的内置电路会将霍尔电压调整放大，输出一个脉冲信号，霍尔元件的原理如图（b）所示．下列说法正确的是A.霍尔电压是由于元件中定向移动的载流子受到电场力作用发生偏转而产生的B.若霍尔元件的前端电势比后端低，则元件中的载流子为负电荷C.在其它条件不变的情况下，霍尔元件的厚度c越大，产生的霍尔电压越低D.若转速表显示1800r/min，转子上齿数为150个，则霍尔传感器每分钟输出12个脉冲信号〖答案〗BC〖解析〗A．载流子受磁场力而偏转，故A错误；B．由左手定则可判断出载流子受力向前端偏转，若前端电势变低，意味着载流子带负电，故B正确；C．达到平衡时满足其中解得霍尔电压c越大，UH越小，故C正确；D．每个轮齿经过，都会引发一次脉冲，则每分钟脉冲数量为270000个，故D错误．10.高压锅是一种常见锅具，是通过增大气压来提升液体沸点，达到快速烹煮食物。如图为某燃气压力锅及其结构简图，厨师将食材放进锅内后盖上密封锅盖，并将压力阀套在出气孔上开始加热烹煮。当加热至锅内压强为1.27atm时，压力阀刚要被顶起而发出嘶响声；继续加热，当锅内温度为117°C时达到沸点，停止加热。已知加热前锅内温度为27°C，压强为1atm，压力阀套在出气孔上的横截面积为，g取10。忽略加热过程水蒸气和食材（包括水）导致的气体体积变化，气体可视为理想气体。则（）A.压力阀的质量约为0.1kgB.压力阀刚要被顶起时锅内温度为108°CC.停止加热时放出气体的质量为加热前锅内气体质量的D.停止加热时锅内气体的质量为加热前锅内气体质量的〖答案〗BD〖解析〗B．设加热前锅内温度为压强为当加热至锅内压强为时，压力阀刚要被顶起而发出嘶响声，在这个过程中，气体体积不变，由查理定律得得B正确；A．压力阀刚要被顶起时，设压力阀的质量为m，由受力平衡得代入数据得A错误；CD．设锅内温度达到沸点时温度为从压力阀刚要被顶起到达到沸点的过程，锅内压强不变，由盖-吕萨克定律得停止加热时放出气体的质量与加热前锅内气体质量的比为停止加热时锅内气体的质量为加热前锅内气体质量的比为D正确，C错误。故选BD。三、实验题：本大题共2小题，共16分。11.一同学要研究轻质弹簧的弹性势能与弹簧长度改变量的关系。实验装置如图甲所示，在离地面高为h的光滑水平桌面上，沿着与桌子右边缘垂直的方向放置一轻质弹簧，其左端固定，右端与质量为m的小刚球接触。将小球向左压缩弹簧一段距离后由静止释放，使小球沿水平方向射出桌面，小球在空中飞行落到位于水平地面的记录纸上留下痕迹。重力加速度为g。（1）若测得某次压缩弹簧释放后小球落点P痕迹到O点的距离为s，则释放小球前弹簧的弹性势能表达式为__________；（用m、g、s、h等四个字母表示）（2）该同学改变弹簧的压缩量进行多次测量得到下表一组数据：弹簧压缩量x/cm1.001.502.002.503.003.50小球飞行水平距离s/cm20.1030.0040.1049.9069.90根据表中已有数据，表中缺失的数据可能是s=________________cm；（3）完成实验后，该同学对上述装置进行了如图乙所示的改变：（I）在木板表面先后钉上白纸和复写纸，并将木板竖直立于靠近桌子右边缘处，使小球向左压缩弹簧一段距离后由静止释放，撞到木板并在白纸上留下痕迹O；（II）将木板向右平移适当的距离固定，再使小球向左压缩弹簧一段距离后由静止释放，撞到木板上得到痕迹P；（III）用刻度尺测量纸上O点到P点的竖直距离为y。若已知木板与桌子右边缘的水平距离为L，则（II）步骤中弹簧的压缩量应该为________．（用L、h、y等三个字母表示）〖答案〗（1）；（2）60.00；（3）〖解析〗（1）[1]由平抛运动规律有：水平方向的位移为竖直方向的位移为联立解得水平方向的速度为开始时小球具有的动能为由机械能守恒定律得，释放小球前弹簧的弹性势能表达式为（2）[2]由表中数据可看出，在误差范围内，s正比于x，即所以缺少的数据为60.00cm；（3）[3]由表中数据可看出，在误差范围内，又所以弹簧弹性势能与弹簧压缩量x之间的关系式应为由得，小球释放前压缩弹簧的弹性势能为由此解得12.某研究性学习小组用以下器材测量一个量程为0~0.6A的电流表的内阻：A.待测电流表：量程0~0.6AB.直流电源：输出电压恒为2.0VC.定值电阻R0=2.0ΩD.一根接入电路长度可以改变的合金丝(该合金丝电阻率几乎不受温度变化的影响)E.开关S、导线若干(1)将图中实物连接为测量所用的电路________．(2)在实验中，该小组记下合金丝接入电路的长度L及相应电流表的读数I，并计算出的结果，如下表所示________L/cm100.080.060.030.010.0I/A0.240.280340.440574.13.62.92.31.8为了得到电流表的内阻，请根据上表中的数据建立合理的坐标系，并在坐标轴旁相应的空格内写出对应的物理量及单位，然后在坐标系中作出相应图象．由图象可计算出电流表内阻RA=________．(保留两位有效数字)〖答案〗(1)(2)1.0Ω〖解析〗(1)[1]实物连接如图：(2)[2][3]根据闭合电路的欧姆定律：E=I(R0+RA+Rx)而联立可得由所给的数据做出图像如图；由图像可知解得RA=1.0Ω四、简答题：本大题共1小题，共12分。13.机械臂广泛应用于机械装配。若某质量为m的工件（视为质点）被机械臂抓取后，在竖直平面内由静止开始斜向上做加速度大小为a的匀加速直线运动，运动方向与竖直方向夹角为θ，提升高度为h，如图所示。求：（1）提升高度为h时，工件的速度大小；（2）在此过程中，工件运动的时间及合力对工件做的功。〖答案〗（1）；（2），〖解析〗（1）根据匀变速直线运动位移与速度关系有解得（2）根据速度公式有解得根据动能定理有解得五、计算题：本大题共2小题，共30分。14.如图所示，两面平行的玻璃砖下表面涂有反射物质，一条与上表面成30°入射的光线，在右端垂直标尺上形成了A、B两个光斑，A、B间距为4cm，已知玻璃砖的折射率n=，求：(1)光在玻璃中的传播速度；(2)画出形成两光斑的光路图；(3)玻璃砖的厚度。〖答案〗(1)v=1.73×108m/s；(2)见〖解析〗；(3)d=6cm。〖解析〗本题主要考查光的折射定律以及介质中的光速。(1)介质中光速(2)光路图如图所示(3)由光路图又由折射定律联立解得d=6cm。15.如图所示，倾角的导电轨道与足够长的水平绝缘轨道在平滑连接，两轨道宽度均为，在倾斜轨道顶端连接电阻，整个倾斜轨道处（I区）有垂直于轨道向上的匀强磁场。水平绝缘轨道上放置“”形金属框cdef，金属框右侧有长和宽均为的II区，该区域内有竖直向上的匀强磁场。现在倾斜轨道上距水平面高处静止释放金属棒ab，它在到达前已经做匀速运动；金属棒ab通过时无机械能损失，它与“”形金属框碰撞会粘在一起形成闭合框abde。已知金属棒ab质量为、电阻为、长为。“”形金属框的质量为、电阻为、ed边长为、cd和fe边长均为。题中除已知的电阻外其余电阻均不计，所有接触面均光滑，。求：（1）金属棒ab到达时的速度大小和此时棒两端的电压大小U；（2）从释放金属棒ab到它到达的过程中，电阻上通过的电荷量q和上产生的热量Q；（3）金属框abde进入II区磁场后，ab边与II区磁场左边界的最大距离d。〖答案〗（1）0.6m/s；0.24V；（2）；0.3056J；（3）0.9m。〖解析〗（1）导体棒ab做匀速直线运动时速度最大，由平衡条件得且，解得此时棒两端的电压大小（2）根据其中解得电阻上通过的电荷量根据能量守恒解得根据（3）金属棒ab通过后与金属框碰撞在进入磁场过程中其中其中解得所以ab边与II区磁场左边界的最大距离2024年安徽省高考物理第七次质检试卷一、单选题：本大题共8小题，共32分。1.如图所示，一轻质晒衣架静置于水平地面上，水平横杆与四根相同的斜杆垂直，两斜杆夹角，一重为的物体悬挂在横杆中点，则每根斜杆受到地面的（）A.作用力为 B.作用力为C.摩擦力为 D.摩擦力为〖答案〗B〖解析〗设斜杆的弹力大小为，以水平横杆和重物为整体，竖直方向根据受力平衡可得解得以其中一斜杆为研究对象，其受力如图所示可知每根斜杆受到地面的作用力应与平衡，即大小为，每根斜杆受到地面的摩擦力为B正确，ACD错误；故选B。2.已知铯发生衰变的方程是，其半衰期约为年．以下说法正确的是（）A.式中的来自于铯的核外电子B.经过年后，受铯污染的土壤将仍含铯C.降低温度可以有效地减小铯的衰变速度D.铯发生衰变时的质量亏损即等于粒子的质量〖答案〗B〖解析〗A．式中的来自原子核内的中子转化为质子时放出的电子，选项A错误；B．经过年后，即经过了2个半衰期，还有的铯没有发生衰变，即受铯污染的土壤将仍含铯，选项B正确；C．外部因素不影响半衰期，即降低温度不能有效地减小铯的衰变速度，选项C错误；D．质量亏损是反应前的质量减去反应后所有核的质量，D错误。故选B。3.一个刚性矩形铜制线圈从高处自由下落，进入一水平的匀强磁场区域，然后穿出磁场区域继续下落，如图所示，则()A.若线圈进入磁场过程是匀速运动，则离开磁场过程也是匀速运动B.若线圈进入磁场过程是加速运动，则离开磁场过程也是加速运动C.若线圈进入磁场过程是减速运动，则离开磁场过程是加速运动D.若线圈进入磁场过程是减速运动，则离开磁场过程也是减速运动〖答案〗D〖解析〗A．线圈从高处自由下落，以一定的速度进入磁场，会受到重力和安培力。线圈全部进入磁场后只受重力，在磁场内部会做一段加速运动，所以线圈出磁场时的速度要大于进磁场的速度。若线圈进入磁场过程是匀速运动，说明重力等于安培力，离开磁场时安培力大与重力，就会做减速运动．故A错误；B．若线圈进入磁场过程是加速运动，说明重力大于安培力，离开磁场时安培力变大，安培力与重力大小关系无法确定，故B错误；CD．若线圈进入磁场过程是减速运动，说明重力小于安培力，离开磁场时安培力变大，安培力仍然大于重力，所以也是减速运动．故C错误；D正确；故选D。4.如图所示，A为静止于地球赤道上的物体，B为地球同步卫星，C为赤道平面内沿椭圆轨道运行的卫星，为B、C两卫星轨道的交点．下列说法中正确的是（）A.卫星B的运行速率等于物体A的速率B.物体A和卫星B的加速度大小相等C.卫星C在近地点的运行速率大于卫星B的运行速率D.卫星B在点的加速度小于卫星C在点的加速度〖答案〗C〖解析〗A．由于卫星B是地球同步卫星，所以卫星B与物体A的运行角速度相同，由公式可得，卫星B的运行速率大于物体A的速率，故A错误；B．由向心加速度公式可得，卫星A、B的向心加速度分别为由于做圆周运动，所以向心加速度故B错误；C．设卫星C在近地点的运行速率为，近地点距地心的距离为。设一卫星绕地球做圆周运动的半径也为，线速度大小为，由卫星变轨可知设卫星B的圆周运行半径为，线速度大小为，由万有引力定律及牛顿第二定律得由以上两式可得由于，所以综上：故C正确；D．由牛顿第二定律得解得所以卫星B、C在点到地心的距离相等，所以卫星B在点的加速度等于卫星C在点的加速度，故D错误。故选C。5.如图所示，实线是一列简谐波在某一时刻的波形曲线，经0.5s后，其波形如图中虚线所示，设该波的周期T大于0.5s。以下说法正确的是（）A.如果波是向左传播的，波速是0.12m/sB.波的周期可能是4sC.如果波是向右传播的，波速是0.72m/sD.波的周期一定是〖答案〗A〖解析〗如果波向左传播解得波速是如果波向右传播解得波速是A正确，BCD错误。故选A。6.某种滴水起电机装置如图1所示，滴水装置左右相同的两管口形成的水滴分别穿过距管口较近的铝环A、B后滴进铝筒C、D，铝环A用导线与铝筒D相连，铝环B用导线与铝筒C相连，导线之间彼此绝缘，整个装置与外界绝缘。由于某种偶然的原因，C筒带上微量的负电荷，则与之相连的B环也带有负电荷，由于静电感应，B环上方即将滴落的水滴下端会带正电荷，上端带负电荷，如图2所示。水滴在落下瞬间，正负电荷分离，如图3所示，带正电荷的水滴落下穿过B环滴入D筒，C、D两筒之间产生电势差。为了研究问题方便，假设滴水装置中水足够多，每滴水的质量相同，忽略筒内液面高度的变化，下列说法正确的是（）A.滴水装置中会产生从左向右的电流B.水滴下落到筒内的时间越来越短C.C、D两筒之间的电势差会一直增大D.在起电的过程中，水的重力势能完全转化为电能〖答案〗A〖解析〗C．根据题意知，水滴在落下过程，先加速后减速运动，随着滴落到铝筒的带点水滴在增加，排斥力先增大，直到水滴到达桶底恰好速度减为零时，不再滴落到铝筒，之后C、D两筒之间的电势差不变，故C错误；B．滴落到铝筒的带点水滴在逐渐增加，电荷量先增加，后C、D两筒之间产生的电势差增大到一定时会放电，电荷量又减小，故排斥力先增大后减小，下落时间会先增大，后减小，故B错误；A．水滴在落下瞬间，正负电荷分离，带负电荷的水滴留在B环上方的滴水装置，同理，带正电荷的水滴留在A环上方的滴水装置，左右形成电势差，会产生从左向右的电流，故A正确；D．在起电的过程中，水的重力势能转化为电能和水的动能，故D错误。故选A。7.如图所示为模拟远距离输电的部分测试电路。a、b端接电压有效值恒定的正弦交流电源，理想变压器的原、副线圈匝数比为k，，滑动变阻器的最大阻值为，定值电阻，电流表、电压表均为理想电表，其示数分别用I和U表示。当滑动变阻器的滑片P从最下端向最上端滑动过程中，电流表、电压表示数变化量分别用和表示。下列说法正确的是（）A.U不变B.C.副线圈回路消耗的功率一直增大D.电源的输出功率可能先增大后减小〖答案〗B〖解析〗A．根据变压器的原理可得，可得，原线圈电路中有在副线圈电路中有联立可得当滑片P从最下端向最上端滑动过程中，电阻阻值减小，电源电压不变，可知减小，即电压表的示数减小，故A错误；B．由A项分析可得变形得则有即故B正确；C．由能量守恒定律可得可得副线圈回路消耗的功率把代入得可知当时，即时副线圈输出功率增大；由题知，则有当滑片P从最下端向最上端滑动过程中，电阻阻值由减小为0，可知由大于减小到小于，所以副线圈输出功率并不是一直增大，故C错误；D．当向上调节滑动变阻器的滑片P时，副线圈的总电阻减小，所以回路中的电流增大，电源的电压不变，所以电源的输出功率一定增大，则D错误。故选B。8.如图所示，一质量为0.5kg的一块橡皮泥自距小车上表面1.25m高处由静止下落，恰好落入质量为2kg、速度为2.5m/s沿光滑水平地面运动的小车上，并与小车一起沿水平地面运动，取g=10m/s2，不计空气阻力，下列说法正确的是A.橡皮泥下落的时间为0.3sB.橡皮泥与小车一起在水平地面上运动的速度大小为3.5m/sC.橡皮泥落入小车的过程中，橡皮泥与小车组成的系统动量守恒D.整个过程中，橡皮泥与小车组成的系统损失的机械能为7.5J〖答案〗D〖解析〗橡皮泥下落的时间为：．故A错误；橡皮泥与小车在水平方向的动量守恒，选取向右为正方向，则有：m1v0=（m1+m2）v，所以共同速度为：，故B正确；橡皮泥落入小车的过程中，橡皮泥与小车组成的系统在水平方向的动量守恒，但竖直方向的动量不守恒．故C错误；在整个的过程中，系统损失的机械能等于橡皮泥的重力势能与二者损失的动能，得：△E＝m2gh+[m1v02−(m1+m2)v2]，代入数据可得：△E=7.5J．故D正确．故选D．【『点石成金』】本题考查了动量守恒定律的应用，本题是多体、多过程问题，分析清楚物体运动过程与运动性质是解题的前提，应用动量守恒定律、能量守恒定律与动能定理即可解题．二、多选题：本大题共2小题，共10分。9.随着电子技术的发展，霍尔传感器被广泛应用在汽车的各个系统中．其中霍尔转速传感器在测量发动机转速时，情景简化如图（a）所示，被测量转子的轮齿（具有磁性）每次经过霍尔元件时，都会使霍尔电压发生变化，传感器的内置电路会将霍尔电压调整放大，输出一个脉冲信号，霍尔元件的原理如图（b）所示．下列说法正确的是A.霍尔电压是由于元件中定向移动的载流子受到电场力作用发生偏转而产生的B.若霍尔元件的前端电势比后端低，则元件中的载流子为负电荷C.在其它条件不变的情况下，霍尔元件的厚度c越大，产生的霍尔电压越低D.若转速表显示1800r/min，转子上齿数为150个，则霍尔传感器每分钟输出12个脉冲信号〖答案〗BC〖解析〗A．载流子受磁场力而偏转，故A错误；B．由左手定则可判断出载流子受力向前端偏转，若前端电势变低，意味着载流子带负电，故B正确；C．达到平衡时满足其中解得霍尔电压c越大，UH越小，故C正确；D．每个轮齿经过，都会引发一次脉冲，则每分钟脉冲数量为270000个，故D错误．10.高压锅是一种常见锅具，是通过增大气压来提升液体沸点，达到快速烹煮食物。如图为某燃气压力锅及其结构简图，厨师将食材放进锅内后盖上密封锅盖，并将压力阀套在出气孔上开始加热烹煮。当加热至锅内压强为1.27atm时，压力阀刚要被顶起而发出嘶响声；继续加热，当锅内温度为117°C时达到沸点，停止加热。已知加热前锅内温度为27°C，压强为1atm，压力阀套在出气孔上的横截面积为，g取10。忽略加热过程水蒸气和食材（包括水）导致的气体体积变化，气体可视为理想气体。则（）A.压力阀的质量约为0.1kgB.压力阀刚要被顶起时锅内温度为108°CC.停止加热时放出气体的质量为加热前锅内气体质量的D.停止加热时锅内气体的质量为加热前锅内气体质量的〖答案〗BD〖解析〗B．设加热前锅内温度为压强为当加热至锅内压强为时，压力阀刚要被顶起而发出嘶响声，在这个过程中，气体体积不变，由查理定律得得B正确；A．压力阀刚要被顶起时，设压力阀的质量为m，由受力平衡得代入数据得A错误；CD．设锅内温度达到沸点时温度为从压力阀刚要被顶起到达到沸点的过程，锅内压强不变，由盖-吕萨克定律得停止加热时放出气体的质量与加热前锅内气体质量的比为停止加热时锅内气体的质量为加热前锅内气体质量的比为D正确，C错误。故选BD。三、实验题：本大题共2小题，共16分。11.一同学要研究轻质弹簧的弹性势能与弹簧长度改变量的关系。实验装置如图甲所示，在离地面高为h的光滑水平桌面上，沿着与桌子右边缘垂直的方向放置一轻质弹簧，其左端固定，右端与质量为m的小刚球接触。将小球向左压缩弹簧一段距离后由静止释放，使小球沿水平方向射出桌面，小球在空中飞行落到位于水平地面的记录纸上留下痕迹。重力加速度为g。（1）若测得某次压缩弹簧释放后小球落点P痕迹到O点的距离为s，则释放小球前弹簧的弹性势能表达式为__________；（用m、g、s、h等四个字母表示）（2）该同学改变弹簧的压缩量进行多次测量得到下表一组数据：弹簧压缩量x/cm1.001.502.002.503.003.50小球飞行水平距离s/cm20.1030.0040.1049.9069.90根据表中已有数据，表中缺失的数据可能是s=________________cm；（3）完成实验后，该同学对上述装置进行了如图乙所示的改变：（I）在木板表面先后钉上白纸和复写纸，并将木板竖直立于靠近桌子右边缘处，使小球向左压缩弹簧一段距离后由静止释放，撞到木板并在白纸上留下痕迹O；（II）将木板向右平移适当的距离固定，再使小球向左压缩弹簧一段距离后由静止释放，撞到木板上得到痕迹P；（III）用刻度尺测量纸上O点到P点的竖直距离为y。若已知木板与桌子右边缘的水平距离为L，则（II）步骤中弹簧的压缩量应该为________．（用L、h、y等三个字母表示）〖答案〗（1）；（2）60.00；（3）〖解析〗（1）[1]由平抛运动规律有：水平方向的位移为竖直方向的位移为联立解得水平方向的速度为开始时小球具有的动能为由机械能守恒定律得，释放小球前弹簧的弹性势能表达式为（2）[2]由表中数据可看出，在误差范围内，s正比于x，即所以缺少的数据为60.00cm；（3）[3]由表中数据可看出，在误差范围内，又所以弹簧弹性势能与弹簧压缩量x之间的关系式应为由得，小球释放前压缩弹簧的弹性势能为由此解得12.某研究性学习小组用以下器材测量一个量程为0~0.6A的电流表的内阻：A.待测电流表：量程0~0.6AB.直流电源：输出电压恒为2.0VC.定值电阻R0=2.0ΩD.一根接入电路长度可以改变的合金丝(该合金丝电阻率几乎不受温度变化的影响)E.开关S、导线若干(1)将图中实物连接为测量所用的电路________．(2)在实验中，该小组记下