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高级中学名校试卷PAGEPAGE3辽宁省部分高中2023-2024学年高二下学期期中考试数学试题一、单项选择题(本题共8小题,每小题5分,共40分.每小题只有一个选项符合要求)1.已知,则()A.2 B.5 C.6 D.7〖答案〗B〖解析〗由得,所以.故选:B2.已知五个数成等差数列,则()A.15 B.20 C.30 D.35〖答案〗C〖解析〗设数列的公差为,依题意,,则,故.故选:C.3.已知数列的通项公式为,当它为递增数列时,的取值范围是()A. B.C. D.〖答案〗A〖解析〗因为是单调递增数列,所以对于任意的,都有,即,化简得,所以对于任意的都成立,因为,所以.故选:A4.已知数列,则由这两个数列公共项从小到大排列得到的数列为,则数列的通项公式为()A. B.C. D.〖答案〗D〖解析〗因数列是首项为1,公差为2的等差数列,而数列是首项为1,公差为3的等差数列,则这两个数列的公共项从小到大排列构成的新数列是首项为1,公差为6的等差数列,故.故选:D.5.函数在上单调递增,则实数的取值范围为()A. B. C. D.〖答案〗D〖解析〗依题意,在上恒成立,即在上恒成立,不妨设,,因在上恒成立,故在上单调递减,则,故.故选:D.6.已知数列满足,则()A. B. C. D.〖答案〗A〖解析〗由①知,当时,;当时,②,由①②:,即得,当时,符合题意,故故选:A.7.函数的图象大致是()A. B.C. D.〖答案〗B〖解析〗因为,令,解得或;令,解得,所以在上单调递增,在上单调递减,在上单调递增,所以的两个极值点为,故排除选项A和选项D,当时,,所以恒为正,排除选项C,即只有选项B符合要求.故选:B.8.已知定义在上的函数的导函数为,若,,则()A. B.C. D.〖答案〗D〖解析〗函数在定义域上为增函数,因为,则,即,其中,所以,令,则,所以在上递增,所以,即,又,所以,,,.故选:D二、多项选择题(本题共3小题,每小题6分,共18分.在每小题给出的四个选项中,有多项符合题目要求全部选对得6分,部分选对得部分分,有选错得0分)9.已知等比数列的公比为,前项和为,若,则()A. B.C. D.〖答案〗BD〖解析〗依题,,解得故A错误,B正确;则,,故C错误,D正确.故选:BD.10.下列不等式正确的是()A.当时, B.当时,C.当时, D.当时,〖答案〗ACD〖解析〗对选项A,设,,,当时,,减函数,当时,,为增函数,所以,即,故A正确.对选项B,当时,,不满足,故B错误.对选项C,设,,,当时,,为增函数,当时,,为减函数,所以,即,故C正确.对选项D,设,则,当时,,函数单调递减;当时,,函数单调递增;则在时求得最小值,即,故D正确.故选:ACD11.已知数列满足为数列的前项和,则()A. B.数列是等比数列C. D.〖答案〗ACD〖解析〗由题意,,,则,,故A正确;由题意,所以,不是常数,故数列不是等比数列,故选项B错误;因为,即,首项,故是以为首项,为公比的等比数列,所以,所以,故C正确;因为,即,首项,故是以为首项,为公比的等比数列,所以,所以,所以,故D正确.故选:ACD三、填空题(本题共3小题,每小题5分,共15分.)12.曲线在处的切线方程为______.〖答案〗〖解析〗由得,,所以,又,所以曲线在处的切线方程为,即.故〖答案〗为:13.数列的通项公式为是其前项和,则__________.〖答案〗〖解析〗由则.故〖答案〗为:14.已知函数有三个不同的零点,则的取值范围是__________.〖答案〗〖解析〗根据有三个不同的零点,则具有三个不同的解,可得与的共有三个解,构造函数,则,故,则,当,,当,,所以,当时,,当时,,所以或,解得或,故的取值范围为.故〖答案〗为:.四、解答题(本题共5小题,共77分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.)15.己知数列的前项和为.(1)求的通项公式;(2)若,求数列的前项和.解:(1),有,当时,有,两式相减得,当时,由,得,检验:当时也满足,所以(2)由(1)知,,所以,所以.16.已知函数(为常数),曲线在点处的切线平行于轴.(1)求的值;(2)求函数的单调减区间和极值.解:(1)函数的定义域为,在点处的切线平行于轴,,.(2)由(1)可得,令得或,列表如下:2+0-0+极大值极小值由表格知单调减区间为,极大值为,极小值为.17.已知函数.(1)讨论函数的单调性;(2)若,求取值范围.解:(1)函数的定义域是,因,①若,则在上单调递增;②若,则当时,单调递减;当时,单调递增;综上,当时,在上单调递增,当时,在上单调递减,在上单调递增(2)法(一):恒成立,即对(*)①若则,由(1)知,在上单调递增,而,故(*)式不成立;②若由(1)知,在上单调递减,上单调递增,则由,可得设,因在上恒成立,则在为增函数,又,故需使,即的取值范围是.法(二):因为函数的定义域是即为,可化为.设,依题意需使.因,令,因在上恒成立,则在上是减函数,又因为,所以当时,,则在上是增函数;当时,,,则在上是减函数.所以在处取得极大值,也是最大值,即,所以.故的取值范围是.18.如图的形状出现在南宋数学家杨辉所著的《详析九章算法•商功》中,后人称为“三角垛”.“三角垛”的最上层有1个球,第二层有3个球,第三层有6个球,第四层10个球,第五层有15个球..依照这个规律,设各层球数构成一个数列.(1)写出与的递推关系,并求数列的通项公式;(2)设的前项和为;①求;②对,不等式恒成立,求实数的取值范围.解:(1)从图中可以发现每一层球的数量比上一层多的个数等于层数,所以,所以,所以,当时,也符合上式,故.(2)①因为,则,,,两式相减得,,所以,;②对任意的恒成立,,则对任意的恒成立,令,,为递减数列,则当时,,.所以实数的取值范围为.19.已知函数.(1)求函数的最小值;(2)若,且,求证:.解:(1)由且定义域为,得,令且定义域为,则,所以在单调递增,又,当时,单调递减;当时,单调递增.所以函数在时,有最小值,;(2)因为,即,所以,因为,设,则由得,,且.不妨设,要证,即证,即证,由及的单调性知,.令,则,因为,所以,所以在为减函数所以,所以,取,则,又,则,又,且在单调递增,所以.所以原命题得证.辽宁省部分高中2023-2024学年高二下学期期中考试数学试题一、单项选择题(本题共8小题,每小题5分,共40分.每小题只有一个选项符合要求)1.已知,则()A.2 B.5 C.6 D.7〖答案〗B〖解析〗由得,所以.故选:B2.已知五个数成等差数列,则()A.15 B.20 C.30 D.35〖答案〗C〖解析〗设数列的公差为,依题意,,则,故.故选:C.3.已知数列的通项公式为,当它为递增数列时,的取值范围是()A. B.C. D.〖答案〗A〖解析〗因为是单调递增数列,所以对于任意的,都有,即,化简得,所以对于任意的都成立,因为,所以.故选:A4.已知数列,则由这两个数列公共项从小到大排列得到的数列为,则数列的通项公式为()A. B.C. D.〖答案〗D〖解析〗因数列是首项为1,公差为2的等差数列,而数列是首项为1,公差为3的等差数列,则这两个数列的公共项从小到大排列构成的新数列是首项为1,公差为6的等差数列,故.故选:D.5.函数在上单调递增,则实数的取值范围为()A. B. C. D.〖答案〗D〖解析〗依题意,在上恒成立,即在上恒成立,不妨设,,因在上恒成立,故在上单调递减,则,故.故选:D.6.已知数列满足,则()A. B. C. D.〖答案〗A〖解析〗由①知,当时,;当时,②,由①②:,即得,当时,符合题意,故故选:A.7.函数的图象大致是()A. B.C. D.〖答案〗B〖解析〗因为,令,解得或;令,解得,所以在上单调递增,在上单调递减,在上单调递增,所以的两个极值点为,故排除选项A和选项D,当时,,所以恒为正,排除选项C,即只有选项B符合要求.故选:B.8.已知定义在上的函数的导函数为,若,,则()A. B.C. D.〖答案〗D〖解析〗函数在定义域上为增函数,因为,则,即,其中,所以,令,则,所以在上递增,所以,即,又,所以,,,.故选:D二、多项选择题(本题共3小题,每小题6分,共18分.在每小题给出的四个选项中,有多项符合题目要求全部选对得6分,部分选对得部分分,有选错得0分)9.已知等比数列的公比为,前项和为,若,则()A. B.C. D.〖答案〗BD〖解析〗依题,,解得故A错误,B正确;则,,故C错误,D正确.故选:BD.10.下列不等式正确的是()A.当时, B.当时,C.当时, D.当时,〖答案〗ACD〖解析〗对选项A,设,,,当时,,减函数,当时,,为增函数,所以,即,故A正确.对选项B,当时,,不满足,故B错误.对选项C,设,,,当时,,为增函数,当时,,为减函数,所以,即,故C正确.对选项D,设,则,当时,,函数单调递减;当时,,函数单调递增;则在时求得最小值,即,故D正确.故选:ACD11.已知数列满足为数列的前项和,则()A. B.数列是等比数列C. D.〖答案〗ACD〖解析〗由题意,,,则,,故A正确;由题意,所以,不是常数,故数列不是等比数列,故选项B错误;因为,即,首项,故是以为首项,为公比的等比数列,所以,所以,故C正确;因为,即,首项,故是以为首项,为公比的等比数列,所以,所以,所以,故D正确.故选:ACD三、填空题(本题共3小题,每小题5分,共15分.)12.曲线在处的切线方程为______.〖答案〗〖解析〗由得,,所以,又,所以曲线在处的切线方程为,即.故〖答案〗为:13.数列的通项公式为是其前项和,则__________.〖答案〗〖解析〗由则.故〖答案〗为:14.已知函数有三个不同的零点,则的取值范围是__________.〖答案〗〖解析〗根据有三个不同的零点,则具有三个不同的解,可得与的共有三个解,构造函数,则,故,则,当,,当,,所以,当时,,当时,,所以或,解得或,故的取值范围为.故〖答案〗为:.四、解答题(本题共5小题,共77分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.)15.己知数列的前项和为.(1)求的通项公式;(2)若,求数列的前项和.解:(1),有,当时,有,两式相减得,当时,由,得,检验:当时也满足,所以(2)由(1)知,,所以,所以.16.已知函数(为常数),曲线在点处的切线平行于轴.(1)求的值;(2)求函数的单调减区间和极值.解:(1)函数的定义域为,在点处的切线平行于轴,,.(2)由(1)可得,令得或,列表如下:2+0-0+极大值极小值由表格知单调减区间为,极大值为,极小值为.17.已知函数.(1)讨论函数的单调性;(2)若,求取值范围.解:(1)函数的定义域是,因,①若,则在上单调递增;②若,则当时,单调递减;当时,单调递增;综上,当时,在上单调递增,当时,在上单调递减,在上单调递增(2)法(一):恒成立,即对(*)①若则,由(1)知,在上单调递增,而,故(*)式不成立;②若由(1)知,在上单调递减,上单调递增,则由,可得设,因在上恒成立,则在为增函数,又,故需使,即的取值范围是.法(二):因为函数的定义域是即为,可化为.设,依题意需使.因,令,因在上恒成立,则在上是减函数,又因为,所以当时,,则在上是增函数;当时,,,则在上是减函数.所以在处取得极大值,也是最大值,即,所以.故的取值范围是.18.如图的形状出现在南宋数学家杨辉所著的《详析九章算法•商功》中,后人称为“三角垛”.“三角垛”的最上层有1个球,第二层有3个球,第三层有6个球,第四层10个球,第五层有15个球..依照这个规律,设各层球数构成一个数列.(1)写出与的递推关系,并求数列的通项公式;(2)设的前项和为;①求;②对,不等式恒成立,求实数的取值范围.解:(1)从图中可以发现每一层球的数量比上一层多的个数等于层数,所
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