《机械制图》期末考试试卷答案

《机械制图》期末考试试卷答案第一篇：《机械制图》期末考试试卷答案在半剖视图中半个视图与半个剖视图的分界线用（）。（A）粗实线(B)细实线(C)细点画线(D)波浪线答案：（C）局部放大图的标注中，若被放大的部分有几个，应用（）数字编号，并在局部放大图上方标注相应的数字和采用的比例。（A）希腊(B)阿拉伯(C)罗马(D)中国答案：（C）尺寸应该尽量标注在（D）上。A、主视图B、俯视图C、左视图D、特征视图六个基本视图中最常用的是（）视图。（A）主、右、仰(B)主、俯、左(C)后、右、仰(D)主、左、仰答案：（B）下图的A-A剖面图中，选出正确的断面图（）。在下图中，选出正确的一组视图（）。答案：C下面右图用的是（）表示方法。（A）全剖（B）局部剖（C）移出剖面（D）重合剖面答案：C在下图中选出正确的剖视图。（）答案：C在下图中选出正确的局部剖视图。（）答案：B在下图中选出正确的剖视图。（）答案：C求作立体的相贯线。（12分）一.标注尺寸（数值从视图中量取，比例1:1）（13分）分析下列螺纹画法的错误,正确的打“√”,错误的打“×”。（8分）(×)(√)(×)(×)选择正确的移出剖面图（将正确的答案序号填入括号内）（6分）(b)读齿轮轴零件图，在指定位置补画A-A断面图，并回答下列问题。（15分）1．说明M12×1.5-6g含义：表示公称直径为12mm的细牙普通螺纹，M为螺纹代号，1.5为螺距,6g为中径和顶径的公差带代号。2．说明含义：⊥表示垂直度，0.03为垂直度公差，A为基准符号。3．指出图中的工艺结构：它有2处倒角，其尺寸分别为C2和C1.5，有1处退刀槽，其尺寸为2×2。模数其余218齿数压力角精度等级齿厚配对齿数8-7-7-3.142图号齿数齿轮轴制图校核比例数量材料第二篇：2018机械制图答案一、填空【每小题3分，共39分】1B,2B,3A,4B,5B,6D,7C,8D,9A,10B11A,12A,13C二、在下列视图中填写三视图的方位。【每空3分，共36分】略三、根据以下两个视图，补画左视图。【共15分】三、已知各点的两个投影，画出其第三投影【共10分】略第三篇：离散数学期末考试试卷答案离散数学试题(B卷答案1）一、证明题（10分）1)(P∧(Q∧R))∨(Q∧R)∨(P∧R)R证明:左端(P∧Q∧R)∨((Q∨P)∧R)((P∧Q)∧R))∨((Q∨P)∧R)((P∨Q)∧R)∨((Q∨P)∧R)((P∨Q)∨(Q∨P))∧R((P∨Q)∨(P∨Q))∧RT∧R(置换)R2)x(A(x)B(x))xA(x)xB(x)证明：x(A(x)B(x))x(A(x)∨B(x))xA(x)∨xB(x)xA(x)∨xB(x)xA(x)xB(x)二、求命题公式(P∨(Q∧R))(P∧Q∧R)的主析取范式和主合取范式（10分）。证明：(P∨(Q∧R))(P∧Q∧R)(P∨(Q∧R))∨(P∧Q∧R))（P∧(Q∨R)）∨(P∧Q∧R)(P∧Q)∨(P∧R))∨(P∧Q∧R)(P∧Q∧R)∨(P∧Q∧R)∨(P∧Q∧R))∨(P∧Q∧R))∨(P∧Q∧R)m0∨m1∨m2∨m7M3∨M4∨M5∨M6三、推理证明题（10分）1）C∨D，(C∨D)E，E(A∧B)，(A∧B)(R∨S)R∨S证明：(1)(C∨D)E(2)E(A∧B)PPP(3)(C∨D)(A∧B)T(1)(2)，I(4)(A∧B)(R∨S)(5)(C∨D)(R∨S)(6)C∨DT(3)(4)，IP(7)R∨ST(5)，I2)x(P(x)Q(y)∧R(x))，xP(x)Q(y)∧x(P(x)∧R(x))证明(1)xP(x)P(2)P(a)T(1)，ES(3)x(P(x)Q(y)∧R(x))P(4)P(a)Q(y)∧R(a)T(3)，US(5)Q(y)∧R(a)T(2)(4)，I(6)Q(y)T(5)，I(7)R(a)T(5)，I(8)P(a)∧R(a)T(2)(7)，I(9)x(P(x)∧R(x))T(8)，EG(10)Q(y)∧x(P(x)∧R(x))T(6)(9)，I四、某班有25名学生，其中14人会打篮球，12人会打排球，6人会打篮球和排球，5人会打篮球和网球，还有2人会打这三种球。而6个会打网球的人都会打另外一种球，求不会打这三种球的人数（10分）。解：A，B，C分别表示会打排球、网球和篮球的学生集合。则|A|=12，|B|=6，|C|=14，|A∩C|=6，|B∩C|=5，|A∩B∩C|=2。先求|A∩B|。∵6=|（A∪C）∩B|=|（A∩B）∪（B∩C）|=|（A∩B）|+|（B∩C）|-|A∩B∩C|=|（A∩B）|+5-2，∴|（A∩B）|=3。于是|A∪B∪C|=12+6+14-6-5-3+2=20。不会打这三种球的人数25-20=5。五、已知A、B、C是三个集合，证明A-(B∪C)=(A-B)∩(A-C)（10分）。证明：∵xA-（B∪C）xA∧x（B∪C）xA∧（xB∧xC）（xA∧xB）∧（xA∧xC）x（A-B）∧x（A-C）x（A-B）∩（A-C）∴A-（B∪C）=（A-B）∩（A-C）六、已知R、S是N上的关系，其定义如下：R={|x，yN∧y=x}，S={|x，yN∧y=x+1}。求R、R*S、S*R、R{1，2}、S[{1，2}]（10分）。解：R={|x，yN∧y=x}R*S={|x，yN∧y=x+1}S*R={|x，yN∧y=（x+1）}，R{1，2}={<1，1>，<2，4>}，S[{1，2}]={1，4}。七、设R={，，}，求r(R)、s(R)和t(R)（15分）。解：r(R)={，，，，，}12-12s(R)={，，，，，}R=R={，，}R={，，}R={，，}t(R)={，，，，，，，，}八、证明整数集I上的模m同余关系R={|xy(modm)}是等价关系。其中，xy(modm)的含义是x-y可以被m整除（15分）。证明：1）x∈I，因为（x-x）/m=0，所以xx(modm)，即xRx。2）x，y∈I，若xRy，则xy(modm)，即（x-y）/m=k∈I，所以（y-x）/m=-k∈I，所以yx(modm)，即yRx。3）x，y，z∈I，若xRy，yRz，则（x-y）/m=u∈I，（y-z）/m=v∈I，于是（x-z）/m=（x-y+y-z）/m=u+v∈I，因此xRz。九、若f:A→B和g:B→C是双射，则（gf）=fg（10分）。1-1-14325证明：因为f、g是双射，所以gf：A→C是双射，所以gf有逆函数（gf）：C→A。同理可推fg：C→A是双射。因为∈fg存在z（∈g∈f）存在z（∈f∈g）∈gf∈（gf），所以（gf）=fg。1-1-1-1-1-1-1-1-1-1离散数学试题(B卷答案2）一、证明题（10分）1)((P∨Q)∧(P∧(Q∨R)))∨(P∧Q)∨(P∧R)T证明:左端((P∨Q)∧(P∨(Q∧R)))∨((P∨Q)∧(P∨R))(摩根律)((P∨Q)∧(P∨Q)∧(P∨R))∨((P∨Q)∧(P∨R))(分配律)((P∨Q)∧(P∨R))∨((P∨Q)∧(P∨R))(等幂律)T(代入)2)xy(P(x)Q(y))(xP(x)yQ(y))证明：xy(P(x)Q(y))xy(P(x)∨Q(y))x(P(x)∨yQ(y))xP(x)∨yQ(y)xP(x)∨yQ(y)(xP(x)yQ(y))二、求命题公式(PQ)(P∨Q)的主析取范式和主合取范式（10分）解：(PQ)(P∨Q)(PQ)∨(P∨Q)(P∨Q)∨(P∨Q)(P∧Q)∨(P∨Q)(P∨P∨Q)∧(Q∨P∨Q)(P∨Q)M1m0∨m2∨m3三、推理证明题（10分）1)(P(QS))∧(R∨P)∧QRS证明：(1)R(2)R∨P(3)P(4)P(QS)(5)QS(6)Q(7)S(8)RS2)x(A(x)yB(y))，x(B(x)yC(y))xA(x)yC(y)。证明：(1)x(A(x)yB(y))P(2)A(a)yB(y)T(1)，ES(3)x(B(x)yC(y))P(4)x(B(x)C(c))T(3)，ES(5)B(b)C(c)T(4)，US(6)A(a)B(b)T(2)，US(7)A(a)C(c)T(5)(6)，I(8)xA(x)C(c)T(7)，UG(9)xA(x)yC(y)T(8)，EG四、只要今天天气不好，就一定有考生不能提前进入考场，当且仅当所有考生提前进入考场，考试才能准时进行。所以，如果考试准时进行，那么天气就好（15分）。解设P：今天天气好，Q：考试准时进行，A(e)：e提前进入考场，个体域：考生的集合，则命题可符号化为：PxA(x)，xA(x)QQP。(1)PxA(x)P(2)PxA(x)T(1)，E(3)xA(x)PT(2)，E(4)xA(x)QP(5)(xA(x)Q)∧(QxA(x))T(4)，E(6)QxA(x)T(5)，I(7)QPT(6)(3)，I五、已知A、B、C是三个集合，证明A∩(B∪C)=(A∩B)∪(A∩C)（10分）证明：∵xA∩（B∪C）xA∧x（B∪C）xA∧（xB∨xC）（xA∧xB）∨（xA∧xC）x（A∩B）∨xA∩Cx（A∩B）∪（A∩C）∴A∩（B∪C）=（A∩B）∪（A∩C）六、A={x1,x2,x3}，B={y1,y2}，R={,,}，求其关系矩阵及关系图（10分）。七、设R={<2,1>,<2,5>,<2,4>,<3,4>,<4,4>,<5,2>}，求r(R)、s(R)和t(R)，并作出它们及R的关系图（15分）。解：r(R)={<2,1>,<2,5>,<2,4>,<3,4>,<4,4>,<5,2>,<1,1>,<2,2>,<3,3>,<4,4>,<5,5>}s(R)={<2,1>,<2,5>,<2,4>,<3,4>,<4,4>,<5,2>,<1,2>,<4,2>,<4,3>}R=R={<2,2>,<2,4>,<3,4>,<4,4>,<5,1>,<5,5>,<5,4>}R={<2,1>,<2,5>,<2,4>,<3,4>,<4,4>,<5,2>,<5,4>}R={<2,2>,<2,4>,<3,4>,<4,4>,<5,1>,<5,5>,<5,4>}t(R)={<2,1>,<2,5>,<2,4>,<3,4>,<4,4>,<5,2>,<2,2>,<5,1>,<5,4>,<5,5>}八、设R1是A上的等价关系，R2是B上的等价关系，A≠且B≠。关系R满足：<，>∈R∈R1且∈R2，证明R是A×B上的等价关系（10分）。证明对任意的∈A×B，由R1是A上的等价关系可得∈R1，由R2是B上的等价关系可得∈R2。再由R的定义，有<，>∈R，所以R是自反的。对任意的、∈A×B，若R，则∈R1且∈R2。由R1对称得∈R1，由R2对称得∈R2。再由R的定义，有<，>4325∈R，即R，所以R是对称的。对任意的、、∈A×B，若R且R，则∈R1且∈R2，∈R1且∈R2。由∈R1、∈R1及R1的传递性得∈R1，由∈R2、∈R2及R2的传递性得∈R1。再由R的定义，有<，>∈R，即R，所以R是传递的。综上可得，R是A×B上的等价关系。九、设f：AB，g：BC，h：CA，证明：如果hgf＝IA，fhg＝IB，gfh＝IC，则f、g、h均为双射，并求出f、g和h（10分）。解因IA恒等函数，由hgf＝IA可得f是单射，h是满射；因IB恒等函数，由fhg＝IB可得g是单射，f是满射；因IC恒等函数，由gfh＝IC可得h是单射，g是满射。从而f、g、h均为双射。由hgf＝IA，得f＝hg；由fhg＝IB，得g＝fh；由gfh＝IC，得h＝gf。－1－1－1－1－1－1离散数学试题(B卷答案3）一、（10分）判断下列公式的类型（永真式、永假式、可满足式）？(写过程)1)P(P∨Q∨R)2)((QP)∨P)∧(P∨R)3)((P∨Q)R)((P∧Q)∨R)解：1)重言式；2)矛盾式；3)可满足式二、（10分）求命题公式（P∨(Q∧R))(P∨Q∨R)的主析取范式，并求成真赋值。解：（P∨(Q∧R))(P∨Q∨R)(P∨(Q∧R))∨P∨Q∨RP∧(Q∨R)∨P∨Q∨R(P∧Q)∨(P∧R)∨(P∨Q)∨R((P∨Q)∨(P∨Q))∨(P∧R)∨R1∨((P∧R)∨R)1m0∨m1∨m2∨m3∨m4∨m5∨m6∨m7该式为重言式，全部赋值都是成真赋值。三、（10分）证明((P∧Q∧A)C)∧(A(P∨Q∨C))(A∧(PQ))C证明：((P∧Q∧A)C)∧(A(P∨Q∨C))((P∧Q∧A)∨C)∧(A∨(P∨Q∨C))((P∨Q∨A)∨C)∧((A∨P∨Q)∨C)((P∨Q∨A)∧(A∨P∨Q))∨C((P∨Q∨A)∧(A∨P∨Q))C((P∨Q∨A)∨(A∨P∨Q))C((P∧Q∧A)∨(A∧P∧Q))C(A∧((P∧Q)∨(P∧Q)))C(A∧((P∨Q)∧(P∨Q)))C(A∧((QP)∧(PQ)))C(A∧(PQ))C四、（10分）个体域为{1，2}，求xy（x+y=4）的真值。解：xy（x+y=4）x（（x+1=4）∨（x+2=4））（（1+1=4）∨（1+2=4））∧（（2+1=4）∨（2+2=4））（0∨0）∧（0∨1）0∧10五、（10分）对于任意集合A，B，试证明：P(A)∩P(B)=P(A∩B)解：xP(A)∩P(B)，xP(A)且xP(B)，有xA且xB，从而xA∩B，xP(A∩B)，由于上述过程可逆，故P(A)∩P(B)=P(A∩B)六、（10分）已知A={1，2，3，4，5}和R={<1，2>，<2，1>，<2，3>，<3，4>，<5，4>}，求r(R)、s(R)和t(R)。解：r(R)={<1，2>，<2，1>，<2，3>，<3，4>，<5，4>，<1，1>，<2，2>，<3，3>，<4，4>，<5，5>}s(R)={<1，2>，<2，1>，<2，3>，<3，4>，<5，4>，<3，2>，<4，3>，<4，5>}t(R)={<1，2>，<2，1>，<2，3>，<3，4>，<5，4>，<1，1>，<1，3>，<2，2>，<2，4>，<1，4>}七、（10分）设函数f：R×RR×R，R为实数集，f定义为：f()=。1)证明f是双射。解：1），∈R×R，若f()=f()，即=，则x1+y1=x2+y2且x1-y1=x2-y2得x1=x2，y1=y2从而f是单射。2）∈R×R，由f()=，通过计算可得x=(p+q)/2；y=(p-q)/2；从而的原象存在，f是满射。八、（10分）是个群，u∈G，定义G中的运算“”为ab=a*u*b，对任意a，b∈G，求证：也是个群。证明：1）a，b∈G，ab=a*u*b∈G，运算是封闭的。2）a，b，c∈G，（ab）c=（a*u*b）*u*c=a*u*（b*u*c）=a（bc），运算是可结合的。3）a∈G，设E为的单位元，则aE=a*u*E=a，得E=u，存在单位元u。4）a∈G，ax=a*u*x=E，x=u*a*u，则xa=u*a*u*u*a=u=E，每个元素都有逆元。所以也是个群。九、（10分）已知：D=，V={1，2，3，4，5}，E={<1，2>，<1，4>，<2，3>，<3，4>，<3，5>，<5，1>}，求D的邻接距阵A和可达距阵P。解：1）D的邻接距阵A和可达距阵P如下：A=01010001000001100000100001111111000011111101-1-1P=1111十、（10分）求叶的权分别为2、4、6、8、10、12、14的最优二叉树及其权。解：最优二叉树为权＝(2+4)×4+6×3+12×2+(8+10)×3+14×2＝148离散数学试题(B卷答案4）一、证明题（10分）1)((P∨Q)∧(P∧(Q∨R)))∨(P∧Q)∨(P∧R)T证明:左端((P∨Q)∧(P∨(Q∧R)))∨((P∨Q)∧(P∨R))(摩根律)((P∨Q)∧(P∨Q)∧(P∨R))∨((P∨Q)∧(P∨R))(分配律)((P∨Q)∧(P∨R))∨((P∨Q)∧(P∨R))(等幂律)T(代入)2)x(P(x)Q(x))∧xP(x)x(P(x)∧Q(x))证明：x(P(x)Q(x))∧xP(x)x((P(x)Q(x)∧P(x))x((P(x)∨Q(x)∧P(x))x(P(x)∧Q(x))xP(x)∧xQ(x)x(P(x)∧Q(x))二、求命题公式(PQ)(P∨Q)的主析取范式和主合取范式（10分）解：(PQ)(P∨Q)(PQ)∨(P∨Q)(P∨Q)∨(P∨Q)(P∧Q)∨(P∨Q)(P∨P∨Q)∧(Q∨P∨Q)(P∨Q)M1m0∨m2∨m3三、推理证明题（10分）1)(P(QS))∧(R∨P)∧QRS证明：（1）R附加前提(2)R∨PP(3)PT(1)(2),I(4)P(QS)P(5)QST(3)(4),I(6)QP(7)ST(5)(6),I(8)RSCP2)x(P(x)∨Q(x))，xP(x)xQ(x)证明：(1)xP(x)P(2)P(c)T(1),US(3)x(P(x)∨Q(x))P(4)P(c)∨Q(c)T(3),US(5)Q(c)T(2)(4),I(6)xQ(x)T(5),EG四、例5在边长为1的正方形内任意放置九个点，证明其中必存在三个点，使得由它们组成的三角形（可能是退化的）面积不超过1/8（10分）。证明：把边长为1的正方形分成四个全等的小正方形，则至少有一个小正方形内有三个点，它们组成的三角形（可能是退化的）面积不超过小正方形的一半，即1/8。五、已知A、B、C是三个集合，证明A∩(B∪C)=(A∩B)∪(A∩C)（10分）证明：∵xA∩（B∪C）xA∧x（B∪C）xA∧（xB∨xC）（xA∧xB）∨（xA∧xC）x（A∩B）∨xA∩Cx（A∩B）∪（A∩C）∴A∩（B∪C）=（A∩B）∪（A∩C）六、={A1，A2，„，An}是集合A的一个划分，定义R={|a、b∈Ai，I=1，2，„，n}，则R是A上的等价关系（15分）。证明：a∈A必有i使得a∈Ai，由定义知aRa，故R自反。a,b∈A，若aRb，则a,b∈Ai，即b,a∈Ai，所以bRa，故R对称。a,b,c∈A，若aRb且bRc，则a,b∈Ai及b,c∈Aj。因为i≠j时Ai∩Aj=，故i=j，即a,b,c∈Ai，所以aRc，故R传递。总之R是A上的等价关系。七、若f:A→B是双射，则f:B→A是双射（15分）。证明:对任意的x∈A，因为f是从A到B的函数，故存在y∈B，使∈f，∈f。所以,f是满射。对任意的x∈A，若存在y1,y2∈B，使得∈f且∈f,则有∈f且∈f。因为f是函数，则y1=y2。所以，f是单射。因此f是双射。八、设是群，和是的子群，证明：若A∪B＝G，则A＝G或B＝G（10分）。证明假设A≠G且B≠G，则存在aA，aB，且存在bB，bA（否则对任意的aA，aB，从而AB，即A∪B＝B，得B＝G，矛盾。）对于元素a*bG，若a*bA，因A是子群，aA，从而a*(a*b)＝bA，所以矛盾，故a*bA。同理可证a*bB，综合有a*bA∪B＝G。综上所述，假设不成立，得证A＝G或B＝G。九、若无向图G是不连通的，证明G的补图G是连通的（10分）。证明设无向图G是不连通的，其k个连通分支为G1、G2、„、Gk。任取结点u、v∈G，若u和v不在图G的同一个连通分支中，则[u，v]不是图G的边，因而[u，v]1-1-1-1-1-1-1是图G的边；若u和v在图G的同一个连通分支中，不妨设其在连通分支Gi（1≤i≤k）中，在不同于Gi的另一连通分支上取一结点w，则[u，w]和[w，v]都不是图G的边，因而[u，w]和[w，v]都是G的边。综上可知，不管那种情况，u和v都是可达的。由u和v的任意性可知，G是连通的。离散数学试题（B卷答案5）一、（10分）求命题公式(P∧Q)(PR)的主合取范式。解：(P∧Q)(PR)（(P∧Q)(PR)）∧（(PR)(P∧Q)）（(P∧Q)∨(P∧R)）∧（(P∨R)∨(P∨Q)）(P∧Q)∨(P∧R)(P∨R)∧（Q∨P）∧（Q∨R）(P∨Q∨R)∧(P∨Q∨R)∧（P∨Q∨R）∧（P∨Q∨R）M1∧M3∧M4∧M5二、（8分）叙述并证明苏格拉底三段论解：所有人都是要死的，苏格拉底是人，所以苏格拉底是要死的。符号化：F（x）：x是一个人。G（x）：x要死的。A：苏格拉底。命题符号化为x（F（x）G（x）），F（a）G（a）证明：（1）x(F(x)G(x))P（2）F(a)G(a)T(1),US（3）F(a)P（4）G(a)T(2)(3),I三、（8分）已知A、B、C是三个集合，证明A∩(B∪C)=(A∩B)∪(A∩C)证明：∵xA∩（B∪C）xA∧x（B∪C）xA∧（xB∨xC）（xA∧xB）∨（xA∧xC）x（A∩B）∨xA∩Cx（A∩B）∪（A∩C）∴A∩（B∪C）=（A∩B）∪（A∩C）四、（10分）已知R和S是非空集合A上的等价关系，试证：1）R∩S是A上的等价关系；2）对a∈A，[a]R∩S=[a]R∩[a]S。解：x∈A，因为R和S是自反关系，所以∈R、∈S，因而∈R∩S，故R∩S是自反的。x、y∈A，若∈R∩S，则∈R、∈S，因为R和S是对称关系，所以因∈R、∈S，因而∈R∩S，故R∩S是对称的。x、y、z∈A，若∈R∩S且∈R∩S，则∈R、∈S且∈R、∈S，因为R和S是传递的，所以因∈R、∈S，因而∈R∩S，故R∩S是传递的。总之R∩S是等价关系。2）因为x∈[a]R∩S∈R∩S∈R∧∈Sx∈[a]R∧x∈[a]Sx∈[a]R∩[a]S所以[a]R∩S=[a]R∩[a]S。五、(10分)设A＝{a，b，c，d}，R是A上的二元关系，且R＝{，，，}，求r(R)、s(R)和t(R)。解r(R)＝R∪IA＝{，，，，，，，}s(R)＝R∪R＝{，，，，，}R＝{，，，}R＝{，，，}R＝{，，，}＝Rt(R)＝R＝{，，，，，，，4232-1d>，}六、(15分)设A、B、C、D是集合，f是A到B的双射，g是C到D的双射，令h：A×CB×D且∈A×C，h()＝。证明h是双射。证明：1）先证h是满射。∈B×D，则b∈B，d∈D，因为f是A到B的双射，g是C到D的双射，所以存在a∈A，c∈C，使得f(a)=b，f(c)=d，亦即存在∈A×C，使得h()＝＝，所以h是满射。2）再证h是单射。、∈A×C，若h()＝h()，则＝，所以f(a1)＝f(a2)，g(c1)＝g(c2)，因为f是A到B的双射，g是C到D的双射，所以a1＝a2，c1＝c2，所以＝，所以h是单射。综合1）和2），h是双射。七、(12分)设是群，H是G的非空子集，证明是的子群的充要条件是若a，bH，则有a*bH。证明：a,b∈H有b∈H，所以a*b∈H。a∈H，则e=a*a∈Ha=e*a∈H∵a,b∈H及b∈H，∴a*b=a*（b）∈H∵HG且H≠,∴*在H上满足结合律∴是的子群。八、（10分）设G=是简单的无向平面图，证明G至少有一个结点的度数小于等于5。解：设G的每个结点的度数都大于等于6，则2|E|=d(v)≥6|V|，即|E|≥3|V|，与简单无向平面图的|E|≤3|V|-6矛盾，所以G至少有一个结点的度数小于等于5。九.G=,A={a,b,c},*的运算表为：(写过程，7分)-1-1-1-1-1-1-1-1-1（1）G是否为阿贝尔群？（2）找出G的单位元；（3）找出G的幂等元（4）求b的逆元和c的逆元解：（1）(a*c)*(a*c)=c*c=b=a*b=(a*a)*(c*c)(a*b)*(a*b)=b*b=c=a*c=(a*a)*(b*b)(b*c)*(b*c)=a*a=a=c*b=(b*b)*(c*c)所以G是阿贝尔群（2）因为a*a=aa*b=b*a=ba*c=c*a=c所以G的单位元是a（3）因为a*a=a所以G的幂等元是a（4）因为b*c=c*b=a，所以b的逆元是c且c的逆元是b十、(10分)求叶的权分别为2、4、6、8、10、12、14的最优二叉树及其权。解：最优二叉树为权＝148离散数学试题（B卷答案6）一、（20分）用公式法判断下列公式的类型：(1)(P∨Q)(PQ)(2)(PQ)(P∧(Q∨R))解：（1）因为(P∨Q)(PQ)(P∨Q)∨(P∧Q)∨(P∧Q)(P∧Q)∨(P∧Q)∨(P∧Q)m1∨m2∨m3M0所以，公式(P∨Q)(PQ)为可满足式。（2）因为(PQ)(P∧(Q∨R))((P∨Q))∨(P∧Q∧R))(P∨Q)∨(P∧Q∧R))(P∨Q∨P)∧(P∨Q∨Q)∧(P∨Q∨R)(P∨Q)∧(P∨Q∨R)(P∨Q∨(R∧R))∧(P∨Q∨R)(P∨Q∨R)∧(P∨Q∨R)∧(P∨Q∨R)M0∧M1m2∨m3∨m4∨m5∨m6∨m7所以，公式(PQ)(P∧(Q∨R))为可满足式。二、（15分）在谓词逻辑中构造下面推理的证明：每个科学家都是勤奋的，每个勤奋又身体健康的人在事业中都会获得成功。存在着身体健康的科学家。所以，存在着事业获得成功的人或事业半途而废的人。解：论域：所有人的集合。Q(x)：x是勤奋的；H(x)：x是身体健康的；S(x)：x是科学家；C(x)：x是事业获得成功的人；F(x)：x是事业半途而废的人；则推理化形式为：x(S(x)H(x))Q(x))，x(Q(x)∧H(x)C(x))，x(S(x)∧x(C(x)∨F(x))下面给出证明：(1)x(S(x)∧H(x))P(2)S(a)∧H(a)T(1)，ES(3)x(S(x)Q(x))P(4)S(a)Q(a)T(1)，US(5)S(a)T(2)，I(6)Q(a)T(4)(5)，I(7)H(a)T(2)，I(8)Q(a)∧H(a)T(6)(7)，I(9)x(Q(x)∧H(x)C(x))P(10)Q(a)∧H(a)C(a)T(9)，Us(11)C(a)T(8)(10)，I(12)xC(x)T(11)，EG(13)x(C(x)∨F(x))T(12)，I三、（10分）设A＝{，1，{1}}，B＝{0，{0}}，求P(A)、P(B)－{0}、P(B)B。解P(A)＝{，{}，{1}，{{1}}，{，1}，{，{1}}，{1，{1}}，{，1，{1}}}P(B)－{0}＝{，{0}，{{0}}，{0，{0}}－{0}＝{，{0}，{{0}}，{0，{0}}P(B)B＝{，{0}，{{0}}，{0，{0}}{0，{0}}＝{，0，{{0}}，{0，{0}}四、（15分）设R和S是集合A上的任意关系，判断下列命题是否成立？(1)若R和S是自反的，则R*S也是自反的。(2)若R和S是反自反的，则R*S也是反自反的。(3)若R和S是对称的，则R*S也是对称的。(4)若R和S是传递的，则R*S也是传递的。(5)若R和S是自反的，则R∩S是自反的。(6)若R和S是传递的，则R∪S是传递的。解(1)成立。对任意的a∈A，因为R和S是自反的，则∈R，∈S，于是∈R*S，故R*S也是自反的。(2)不成立。例如，令A＝{1，2}，R＝{<1，2>}，S＝{<2，1>}，则R和S是反自反的，但R*S＝{<1，1>}不是反自反的。(3)不成立。例如，令A＝{1，2，3}，R＝{<1，2>，<2，1>，<3，3>}，S＝{<2，3>，<3，2>}，则R和S是对称的，但R*S＝{<1，3>，<3，2>}不是对称的。(4)不成立。例如，令A＝{1，2，3}，R＝{<1，2>，<2，3>，<1，3>}，S＝{<2，3>，<3，1>，<2，1>}，则R和S是传递的，但R*S＝{<1，3>，<1，1>，<2，1>}不是传递的。(5)成立。对任意的a∈A，因为R和S是自反的，则∈R，∈S，于是∈R∩S，所以R∩S是自反的。五、（15分）令X＝{x1，x2，„，xm}，Y＝{y1，y2，„，yn}。问(1)有多少个不同的由X到Y的函数？(2)当n、m满足什么条件时，存在单射，且有多少个不同的单射？(3)当n、m满足什么条件时，存在双射，且有多少个不同的双射？解(1)由于对X中每个元素可以取Y中任一元素与其对应，每个元素有n种取法，所以不同的函数共nm个。(2)显然当|m|≤|n|时，存在单射。由于在Y中任选m个元素的任一全排列都形成X到mY的不同的单射，故不同的单射有Cnm!＝n(n－1)(n―m―1)个。(3)显然当|m|＝|n|时，才存在双射。此时Y中元素的任一不同的全排列都形成X到Y的不同的双射，故不同的双射有m!个。六、（5分）集合X上有m个元素，集合Y上有n个元素，问X到Y的二元关系总共有多少个？解X到Y的不同的二元关系对应X×Y的不同的子集，而X×Y的不同的子集共有个2mn，所以X到Y的二元关系总共有2mn个。七、（10分）若是群，则对于任意的a、b∈G，必有惟一的x∈G使得a*x＝b。证明设e是群的幺元。令x＝a1*b，则a*x＝a*(a1*b)＝(a*a1)*b＝e*b＝b。－－－所以，x＝a1*b是a*x＝b的解。－若x∈G也是a*x＝b的解，则x＝e*x＝(a1*a)*x＝a1*(a*x)＝a1*b＝x。所以，x－－－＝a1*b是a*x＝b的惟一解。－八、（10分）给定连通简单平面图G＝，且|V|＝6，|E|＝12。证明：对任意f∈F，d(f)＝3。证明由偶拉公式得|V|－|E|＋|F|＝2，所以|F|＝2－|V|＋|E|＝8，于是d(f)＝2|E|＝fF24。若存在f∈F，使得d(f)＞3，则3|F|＜2|E|＝24，于是|F|＜8，与|F|＝8矛盾。故对任意f∈F，d(f)＝3。离散数学试题（B卷答案7）一、（15分）设计一盏电灯的开关电路，要求受3个开关A、B、C的控制：当且仅当A和C同时关闭或B和C同时关闭时灯亮。设F表示灯亮。(1)写出F在全功能联结词组{}中的命题公式。(2)写出F的主析取范式与主合取范式。解(1)设A：开关A关闭；B：开关B关闭；C：开关C关闭；F＝(A∧C)∨(B∧C)。在全功能联结词组{}中：A(A∧A)AAA∧C(A∧C)(AC)(AC)(AC)A∨B(A∧B)((AA)∧(BB))(AA)(BB)所以F((AC)(AC))∨((BC)(BC))(((AC)(AC))((AC)(AC)))(((BC)(BC))((BC)(BC)))(2)F(A∧C)∨(B∧C)(A∧(B∨B)∧C)∨((A∨A)∧B∧C)(A∧B∧C)∨(A∧B∧C)∨(A∧B∧C)∨(A∧B∧C)m3∨m5∨m7主析取范式M0∧M1∧M2∧M4∧M6主合取范式二、（10分）判断下列公式是否是永真式？(1)(xA(x)xB(x))x(A(x)B(x))。(2)(xA(x)xB(x))x(A(x)B(x)))。解(1)(xA(x)xB(x))x(A(x)B(x))(xA(x)∨xB(x))x(A(x)B(x))(xA(x)∨xB(x))∨x(A(x)∨B(x))(xA(x)∧xB(x))∨xA(x)∨xB(x)(xA(x)∨xA(x)∨xB(x))∧(xB(x)∨xA(x)∨xB(x))x(A(x)∨A(x))∨xB(x)T所以，(xA(x)xB(x))x(A(x)B(x))为永真式。(2)设论域为{1，2}，令A(1)＝T；A(2)＝F；B(1)＝F；B(2)＝T。则xA(x)为假，xB(x)也为假，从而xA(x)xB(x)为真；而由于A(1)B(1)为假，所以x(A(x)B(x))也为假，因此公式(xA(x)xB(x))x(A(x)B(x))为假。该公式不是永真式。三、（15分）设X为集合，A＝P(X)－{}－{X}且A≠，若|X|＝n，问(1)偏序集是否有最大元？(2)偏序集是否有最小元？(3)偏序集中极大元和极小元的一般形式是什么？并说明理由。解偏序集不存在最大元和最小元，因为n＞2。考察P(X)的哈斯图，最底层的顶点是空集，记作第0层，由底向上，第一层是单元集，第二层是二元集，…，由|X|＝n，则第n－1层是X的n－1元子集，第n层是X。偏序集与偏序集相比，恰好缺少第0层和第n层。因此的极小元就是X的所有单元集，即{x}，x∈X；而极大元恰好是比X少一个元素，即X－{x}，x∈X。四、（10分）设A＝{1，2，3，4，5}，R是A上的二元关系，且R＝{<2，1>，<2，5>，<2，4>，<3，4>，<4，4>，<5，2>}，求r(R)、s(R)和t(R)。解r(R)＝R∪IA＝{<2，1>，<2，5>，<2，4>，<3，4>，<4，4>，<5，2>，<1，1>，<2，2>，<3，3>，<4，4>，<5，5>}s(R)＝R∪R1＝{<2，1>，<2，5>，<2，4>，<3，4>，<4，4>，<5，2>，<1，2>，－<4，2>，<4，3>}R2＝{<2，2>，<2，4>，<3，4>，<4，4>，<5，1>，<5，5>，<5，4>}R3＝{<2，1>，<2，5>，<2，4>，<3，4>，<4，4>，<5，2>，<5，4>}R4＝{<2，2>，<2，4>，<3，4>，<4，4>，<5，1>，<5，5>，<5，4>}＝R2t(R)＝Ri＝{<2，1>，<2，5>，<2，4>，<3，4>，<4，4>，<5，2>，<2，2>，<5，i11>，<5，4>，<5，5>}。五、（10分）设函数g：A→B，f：B→C，(1)若fg是满射，则f是满射。(2)若fg是单射，则g是单射。证明因为g：A→B，f：B→C，由定理5.5知，fg为A到C的函数。(1)对任意的z∈C，因fg是满射，则存在x∈A使fg(x)＝z，即f(g(x))＝z。由g：A→B可知g(x)∈B，于是有y＝g(x)∈B，使得f(y)＝z。因此，f是满射。(2)对任意的x1、x2∈A，若x1≠x2，则由fg是单射得fg(x1)≠fg(x2)，于是f(g(x1))≠f(g(x2))，必有g(x1)≠g(x2)。所以，g是单射。六、（10分）有幺元且满足消去律的有限半群一定是群。证明设是一个有幺元且满足消去律的有限半群，要证是群，只需证明G的任一元素a可逆。考虑a，a2，„，ak，„。因为G只有有限个元素，所以存在k＞l，使得ak＝al。令m＝k－l，有al*e＝al*am，其中e是幺元。由消去率得am＝e。于是，当m＝1时，a＝e，而e是可逆的；当m＞1时，a*am-1＝am-1*a＝e。从而a是可逆的，其逆元是am-1。总之，a是可逆的。七、（20分）有向图G如图所示，试求：(1)求G的邻接矩阵A。(2)求出A2、A3和A4，v1到v4长度为1、2、3和4的路有多少？(3)求出ATA和AAT，说明ATA和AAT中的第(2，2)元素和第(2，3)元素的意义。(4)求出可达矩阵P。(5)求出强分图。解(1)求G的邻接矩阵为：00A00101011101100(2)由于002A001110220130A0211102011120322044A0312010123132322所以v1到v4长度为1、2、3和4的路的个数分别为1、1、2、3。(3)由于00ATA000002131212TAA210111021321102121再由定理10.19可知，所以ATA的第(2，2)元素为3，表明那些边以v2为终结点且具有不同始结点的数目为3，其第(2，3)元素为0，表明那些边既以v2为终结点又以v3为终结点，并且具有相同始结点的数目为0。AAT中的第(2，2)元素为2，表明那些边以v2为始结点且具有不同终结点的数目为2，其第(2，3)元素为1，表明那些边既以v2为始结点又以v3为始结点，并且具有相同终结点的数目为1。(4)00B4AA2A3A40000所以求可达矩阵为P0000(5)因为PPT0010100110+10101000111111。11111111101111∧1111111100001110＝01110111000111，所以{v1}，{v2，v3，v4}111111因11102010+111001102120312204+2120320101231323220000为741747，747434构成G的强分图。离散数学试题（B卷答案8）一、（10分）证明(P∨Q)∧(PR)∧(QS)S∨R证明因为S∨RRS，所以，即要证(P∨Q)∧(PR)∧(QS)RS。(1)R附加前提(2)PRP(3)PT(1)(2)，I(4)P∨QP(5)QT(3)(4)，I(6)QSP(7)ST(5)(6)，I(8)RSCP(9)S∨RT(8)，E二、（15分）根据推理理论证明：每个考生或者勤奋或者聪明，所有勤奋的人都将有所作为，但并非所有考生都将有所作为，所以，一定有些考生是聪明的。设P(e)：e是考生，Q(e)：e将有所作为，A(e)：e是勤奋的，B(e)：e是聪明的，个体域：人的集合，则命题可符号化为：x(P(x)(A(x)∨B(x)))，x(A(x)Q(x))，x(P(x)Q(x))x(P(x)∧B(x))。(1)x(P(x)Q(x))P(2)x(P(x)∨Q(x))T(1)，E(3)x(P(x)∧Q(x))T(2)，E(4)P(a)∧Q(a)T(3)，ES(5)P(a)T(4)，I(6)Q(a)T(4)，I(7)x(P(x)(A(x)∨B(x))P(8)P(a)(A(a)∨B(a))T(7)，US(9)A(a)∨B(a)T(8)(5)，I(10)x(A(x)Q(x))P(11)A(a)Q(a)T(10)，US(12)A(a)T(11)(6)，I(13)B(a)T(12)(9)，I(14)P(a)∧B(a)T(5)(13)，I(15)x(P(x)∧B(x))T(14)，EG三、（10分）某班有25名学生，其中14人会打篮球，12人会打排球，6人会打篮球和排球，5人会打篮球和网球，还有2人会打这三种球。而6个会打网球的人都会打另外一种球，求不会打这三种球的人数。解设A、B、C分别表示会打排球、网球和篮球的学生集合。则：|A|＝12，|B|＝6，|C|＝14，|A∩C|＝6，|B∩C|＝5，|A∩B∩C|＝2，|(A∪C)∩B|＝6。因为|(A∪C)∩B|＝(A∩B)∪(B∩C)|＝|(A∩B)|＋|(B∩C)|－|A∩B∩C|＝|(A∩B)|＋5－2＝6，所以|(A∩B)|＝3。于是|A∪B∪C|＝12＋6＋14－6－5－3＋2＝20，|ABC|＝25－20＝5。故，不会打这三种球的共5人。四、（10分）设A1、A2和A3是全集U的子集，则形如Ai(Ai为Ai或Ai)的集合称i13为由A1、A2和A3产生的小项。试证由A1、A2和A3所产生的所有非空小项的集合构成全集U的一个划分。证明小项共8个，设有r个非空小项s1、s2、…、sr(r≤8)。对任意的a∈U，则a∈Ai或a∈Ai，两者必有一个成立，取Ai为包含元素a的Ai或Ai，则a∈Ai，即有a∈si，于是Usi。又显然有siU，所以U＝si。i1i1i1i1i13rrrr任取两个非空小项sp和sq，若sp≠sq，则必存在某个Ai和Ai分别出现在sp和sq中，于是sp∩sq＝。综上可知，{s1，s2，…，sr}是U的一个划分。五、（15分）设R是A上的二元关系，则：R是传递的R*RR。证明(5)若R是传递的，则∈R*Rz(xRz∧zSy)xRc∧cSy，由R是传递的得xRy，即有∈R，所以R*RR。反之，若R*RR，则对任意的x、y、z∈A，如果xRz且zRy，则∈R*R，于是有∈R，即有xRy，所以R是传递的。六、（15分）若G为连通平面图，则n－m＋r＝2，其中，n、m、r分别为G的结点数、边数和面数。证明对G的边数m作归纳法。当m＝0时，由于G是连通图，所以G为平凡图，此时n＝1，r＝1，结论自然成立。假设对边数小于m的连通平面图结论成立。下面考虑连通平面图G的边数为m的情况。设e是G的一条边，从G中删去e后得到的图记为G，并设其结点数、边数和面数分别为n、m和r。对e分为下列情况来讨论：若e为割边，则G有两个连通分支G1和G2。Gi的结点数、边数和面数分别为ni、mi和ri。显然n1＋n2＝n＝n，m1＋m2＝m＝m－1，r1＋r2＝r＋1＝r＋1。由归纳假设有n1－m1＋r1＝2，n2－m2＋r2＝2，从而(n1＋n2)－(m1＋m2)＋(r1＋r2)＝4，n－(m－1)＋(r＋1)＝4，即n－m＋r＝2。若e不为割边，则n＝n，m＝m－1，r＝r－1，由归纳假设有n－m＋r＝2，从而n－(m－1)＋r－1＝2，即n－m＋r＝2。由数学归纳法知，结论成立。七、（10分）设函数g：A→B，f：B→C，则：(1)fg是A到C的函数；(2)对任意的x∈A，有fg(x)＝f(g(x))。证明(1)对任意的x∈A，因为g：A→B是函数，则存在y∈B使∈g。对于y∈B，因f：B→C是函数，则存在z∈C使∈f。根据复合关系的定义，由∈g和∈f得∈g*f，即∈fg。所以Dfg＝A。对任意的x∈A，若存在y1、y2∈C，使得、∈fg＝g*f，则存在t1使得∈g且∈f，存在t2使得∈g且∈f。因为g：A→B是函数，则t1＝t2。又因f：B→C是函数，则y1＝y2。所以A中的每个元素对应C中惟一的元素。综上可知，fg是A到C的函数。(2)对任意的x∈A，由g：A→B是函数，有∈g且g(x)∈B，又由f：B→C是函数，得∈f，于是∈g*f＝fg。又因fg是A到C的函数，则可写为fg(x)＝f(g(x))。八、（15分）设是的子群，定义R＝{|a、b∈G且a1*b∈H}，－则R是G中的一个等价关系，且[a]R＝aH。证明对于任意a∈G，必有a1∈G使得a1*a＝e∈H，所以∈R。－－若∈R，则a1*b∈H。因为H是G的子群，故(a1*b)1＝b1*a∈H。所以－－－a>∈R。若∈R，∈R，则a1*b∈H，b1*c∈H。因为H是G的子群，所以(a－－－1*b)*(b1*c)＝a1*c∈H，故∈R。－－综上可得，R是G中的一个等价关系。对于任意的b∈[a]R，有∈R，a1*b∈H，则存在h∈H使得a1*b＝h，b＝a*h，－－于是b∈aH，[a]RaH。对任意的b∈aH，存在h∈H使得b＝a*h，a1*b＝h∈H，∈R，故aH[a]R。所以，[a]R＝aH。离散数学试题（B卷答案9）一、（10分）证明(P∧Q∧AC)∧(AP∨Q∨C)(A∧(PQ))C。证明：(P∧Q∧AC)∧(AP∨Q∨C)(P∨Q∨A∨C)∧(A∨P∨Q∨C)(P∨Q∨A∨C)∧(A∨P∨Q∨C)((P∨Q∨A)∧(A∨P∨Q))∨C((P∧Q∧A)∨(A∧P∧Q))∨C(A∧((P∧Q)∨(P∧Q)))∨C(A∧(PQ))∨C(A∧(PQ))C。二、（10分）举例说明下面推理不正确：xy(P(x)Q(y))，yz(R(y)Q(z))xz(P(x)R(z))。解：设论域为{1，2}，令P(1)＝P(2)＝T；Q(1)＝Q(2)＝T；R(1)＝R(2)＝F。则：xy(P(x)Q(y))x((P(x)Q(1))∨(P(x)Q(2)))((P(1)Q(1))∨(P(1)Q(2)))∧((P(2)Q(1))∨(P(2)Q(2)))((TT)∨(TT))∧((TT)∨(TT))Tyz(R(y)Q(z))y((R(y)Q(1))∨(R(y)Q(2)))((R(1)Q(1))∨(R(1)Q(2)))∧((R(2)Q(1))∨(R(2)Q(2)))((FT)∨(FT))∧((FT)∨(FT))T但xz(P(x)R(z))x((P(x)R(1))∧(P(x)R(2)))((P(1)R(1))∧(P(1)R(2)))∨((P(2)R(1))∧(P(2)R(2)))((TF)∧(TF))∨((TF)∧(TF))F所以，xy(P(x)Q(y))，yz(R(y)Q(z))xz(P(x)R(z))不正确。三、（15分）在谓词逻辑中构造下面推理的证明：所有牛都有角，有些动物是牛，所以，有些动物有角。解：令P(x)：x是牛；Q(x)：x有角；R(x)：x是动物；则推理化形式为：x(P(x)Q(x))，x(P(x)∧R(x))x(Q(x)∧R(x))下面给出证明：(1)x(P(x)∧R(x))P(2)P(a)∧R(a)T(1)，ES(3)x(P(x)Q(x))P(4)P(a)Q(a)T(3)，US(5)P(a)T(2)，I(6)Q(a)T(4)(5)，I(7)R(a)T(2)，I(8)Q(a)∧R(a)T(6)(7)，I(9)x(Q(x)∧R(x))T(8)，EG四、（10分）证明(A∩B)×(C∩D)＝(A×C)∩(B×D)。证明：因为∈(A∩B)×(C∩D)x∈(A∩B)∧y∈(C∩D)x∈A∧x∈B∧y∈C∧y∈D(x∈A∧y∈C)∧(x∈B∧y∈D)∈A×C∧∈B×D∈(A×C)∩(B×D)，所以(A∩B)×(C∩D)＝(A×C)∩(B×D)。五、（15分）设A＝{1，2，3，4，5}，R是A上的二元关系，且R＝{<2，1>，<2，5>，<2，4>，<3，4>，<4，4>，<5，2>}，求r(R)、s(R)和t(R)。解r(R)＝R∪IA＝{<2，1>，<2，5>，<2，4>，<3，4>，<4，4>，<5，2>，<1，1>，<2，2>，<3，3>，<4，4>，<5，5>}s(R)＝R∪R1＝{<2，1>，<2，5>，<2，4>，<3，4>，<4，4>，<5，2>，<1，2>，－<4，2>，<4，3>}R2＝{<2，2>，<2，4>，<3，4>，<4，4>，<5，1>，<5，5>，<5，4>}R3＝{<2，1>，<2，5>，<2，4>，<3，4>，<4，4>，<5，2>，<5，4>}R4＝{<2，2>，<2，4>，<3，4>，<4，4>，<5，1>，<5，5>，<5，4>}＝R2t(R)＝Ri＝{<2，1>，<2，5>，<2，4>，<3，4>，<4，4>，<5，2>，<2，2>，<5，i11>，<5，4>，<5，5>}。六、（10分）若函数f：A→B是双射，则对任意x∈A，有f1(f(x))＝x。－证明对任意的x∈A，因为f：A→B是函数，则∈f，于是－由f－1是B到A的函数，于是可写为f1(f(x))＝x。－七、（10分）若G为有限群，则|G|＝|H|·[G:H]。证明设[G:H]＝k，a1、a2、…、ak分别为H的k个左陪集的代表元，由定理8.38得G[ai]RaiHi1i1kk又因为对H中任意不同的元素x、y∈H及a∈G，必有a*x≠a*y，所以|a1H|＝…＝|akH|＝|H|。因此|G||aiH|i1k|aH|k|H|＝|H|·[G:H]。ii1k八、（20分）（1）画出3阶2条边的所有非同构有向简单图。解：由握手定理可知，所画的有向简单图各结点度数之和为4，且最大出度和最大入度均小于或等于2。度数列与入度列、出度列为：1、2、1：入度列为0、1、1或0、2、0或1、0、1；出度列为1、1、0或1、0、1或0、2、02、2、0：入度列为1、1、0；出度列为1、1、0四个所求有向简单图如图所示。（2）设G是n(n≥4)阶极大平面图，则G的最小度≥3。证明设v是极大平面图G的任一结点，则v在平面图G－{v}的某个面f内。由于G－{v}是一个平面简单图且其结点数大于等于3，所以d(f)≥3。由G的极大平面性，v与f上的结点之间都有边，因此d(v)≥3。由v的任意性可得，G的最小度≥3。离散数学试题（B卷答案10）一、（10分）使用将命题公式化为主范式的方法，证明(PQ)(P∧Q)(QP)∧(P∨Q)。证明：因为(PQ)(P∧Q)(P∨Q)∨(P∧Q)(P∧Q)∨(P∧Q)(QP)∧(P∨Q)(Q∨P)∧(P∨Q)(P∧Q)∨(Q∧Q)∨(P∧P)∨(P∧Q)(P∧Q)∨P(P∧Q)∨(P∧(Q∨Q))(P∧Q)∨(P∧Q)∨(P∧Q)(P∧Q)∨(P∧Q)所以，(PQ)(P∧Q)(QP)∧(P∨Q)。二、（10分）证明下述推理：如果A努力工作，那么B或C感到愉快；如果B愉快，那么A不努力工作；如果D愉快那么C不愉快。所以，如果A努力工作，则D不愉快。解设A：A努力工作；B、C、D分别表示B、C、D愉快；则推理化形式为：AB∨C，BA，DCAD(1)A附加前提(2)AB∨CP(3)B∨CT(1)(2)，I(4)BAP(5)ABT(4)，E(6)BT(1)(5)，I(7)CT(3)(6)，I(8)DCP(9)DT(7)(8)，I(10)ADCP三、（10分）证明xy(P(x)Q(y))(xP(x)yQ(y))。xy(P(x)Q(y))xy(P(x)∨Q(y))x(P(x)∨yQ(y))xP(x)∨yQ(y)xP(x)∨yQ(y)(xP(x)yQ(y))四、（10分）设A＝{，1，{1}}，B＝{0，{0}}，求P(A)、P(B)－{0}、P(B)B。解P(A)＝{，{}，{1}，{{1}}，{，1}，{，{1}}，{1，{1}}，{，1，{1}}}P(B)－{0}＝{，{0}，{{0}}，{0，{0}}－{0}＝{，{0}，{{0}}，{0，{0}}P(B)B＝{，{0}，{{0}}，{0，{0}}{0，{0}}＝{，0，{{0}}，{0，{0}}五、（15分）设X＝{1，2，3，4}，R是X上的二元关系，R＝{<1，1>，<3，1>，<1，3>，<3，3>，<3，2>，<4，3>，<4，1>，<4，2>，<1，2>}(1)画出R的关系图。(2)写出R的关系矩阵。(3)说明R是否是自反、反自反、对称、传递的。解(1)R的关系图如图所示：(2)R的关系矩阵为：10M(R)11101110110000(3)对于R的关系矩阵，由于对角线上不全为1，R不是自反的；由于对角线上存在非0元，R不是反自反的；由于矩阵不对称，R不是对称的；经过计算可得10M(R2)111011101100M(R)，所以R是传递的。00六、（15分）设函数f：R×RR×R，f定义为：f()＝。(1)证明f是单射。(2)证明f是满射。(3)求逆函数f。(4)求复合函数ff和ff。证明(1)对任意的x，y，x1，y1∈R，若f()＝f()，则＝，x＋y＝x1＋y1，x－y＝x1－y1，从而x＝x1，y＝y1，故f是单射。(2)对任意的∈R×R，令x＝－1－1uwuwuwuw，y＝，则f()＝<＋，2222uwuw－>＝，所以f是满射。22(3)f()＝<－1－1uwuw，>。22－1(4)ff()＝f(f())＝f－1()＝<xyxy，2xy(xy)>＝2ff()＝f(f())＝f()＝＝<2x，2y>。七、（15分）给定群，若对G中任意元a和b，有a*b＝(a*b)，a*b＝(a*b)，a*b＝(a*b)，试证是Abel群。证明对G中任意元a和b。因为a*b＝(a*b)，所以a*a*b*b＝a*(a*b)*b，即得a*b＝(b*a)。同33333225513111理，由a*b＝(a*b)可得，a*b＝(b*a)。由a*b＝(a*b)可得，a*b＝(b*a)。于是(a*b)*(b*a)＝(b*a)＝a*b，即b*a＝a*b。同理可得，(a*b)*(b*a)＝(b*a)＝a*b，即b*a＝a*b。3333334344433555444由于(a*b)*b＝a*b＝b*a＝b*(b*a)＝b*(a*b)＝(b*a)*b，故a*b＝b*a。八、（15分）（1）证明在n个结点的连通图G中，至少有n－1条边。证明不妨设G是无向连通图（若G为有向图，可略去边的方向讨论对应的无向图）。设G中结点为v1、v2、„、vn。由连通性，必存在与v1相邻的结点，不妨设它为v2（否则可重新编号），连接v1和v2，得边e1，还是由连通性，在v3、v4、„、vn中必存在与v1或v2相邻的结点，不妨设为v3，将其连接得边e2，续行此法，vn必与v1、v2、„、vn1中的某个结点相邻，得新边en1，由此可见G中至少有n－1条边。（2）试给出|V|＝n，|E|＝(n－1)(n－2)的简单无向图G＝是不连通的例子。解下图满足条件但不连通。12344333第四篇：《物权法》期末考试试卷及答案《物权法》期末考试试卷及答案一、单选题1.土地承包经营权属于()。A.所有权B.用益物权C.担保物权D准物权2.相邻关系是不动产的相邻各方因不动产行使所有权或使用权而发生的权利义务关系，因此，相邻关系的客体是()。A.不动产B.对不动产所有的权利C.对不动产所负的义务D.不动产权利人行使其所有权或者使用权过程中所体现的权益3.根据《物权法》的规定，下列各项有关共有关系的表述中，不符合法律规定的是()。A.按份共有人有权自由处分自己的共有份额，无需取得其他共有人的同意B.共同共有人对共有财产的处分，必须征得全体共有人的同意C.按份共有人将份额出让给共有人以外的第三人时，必须征得其他共有人的同意D.共同共有关系终止，才能确定份额，分割共有财产4.甲、乙、丙了人分别出资修建了一栋三层小楼。建楼前三人约定建成后甲、乙、丙分别住一楼、二楼、三楼，但对楼房的所有权的归属未明确约定。楼房建成后，因对楼房的所有权归属发生争议，如果三人不能协商解决，该楼房的所有权()。A.三人共同共有B.三人按份共有C.三人区分所有D.甲拥有所有权，乙、丙拥有使用权5.通过招标、拍卖、公开协商等方式承包()等农村土地，依照土地承包法等法律和国务院的有关规定。其土地承包经营权可以转让、入股、抵押或者以其他方式流转。A.耕地B.林地C.荒地D.草地6.孙某有一辆汽车，估价20万元，6月1日向李某借款l0万元。订立了汽车抵押合同并于当天办理抵押登记。6月2日，向赵某借款10万元，又以该汽车抵押并办理了登记。后孙某不能还款，变卖汽车得款l6万元。关于抵押板，下列说法正确的是()。A.赵某优先得到实现B.他们处于同一顺序C.李某优先得到实现D.二者协商处理7.甲公司向银行贷款，并以所持乙上市公司股份用于质押。根据《物权法》的规定：质押合同的生效时间是()。A.借款合同签订之日B.质押合同签订之日C.向证券登记机构申请办理出质登记之日D.证券登记机构办理出质登记之日8.甲遗失一部相机，乙拾得的后放在办公桌的抽屉内，并张贴了招领启事。丙盗走该相机，卖给了不知情的丁，丁出质于戊，对此下列说法不正确的是()。A.乙对相机的占有属于无权占有B.丙对相机的占有属于他主占有C.丁对相机的占有属于自主占有D.戊对相机的占有属于直接占有9.我国担保法规定的担保法规定的，担保物权包括：（）A.典权和抵押权B.留置权、抵押权和质权C.地上权和地役权D.地役权、典权和质权10.根据物权是否具有独立性不同，物权可以分为（）。A.主物权和从物权B.有期限物权和无期限物权C.动产物权、不动产物权和权利物权D．用益物权与担保物权11.甲将自己所有的一套书卖给乙，但甲还想留阅一段时间，遂又与乙达成协议，借阅该书1个月，乙表示应允。乙取得该套书所有权的交付方法为（）。A.简易交付B.占有改定C.指示交付D.拟制交付12.所有人不明的埋藏物，所有权归（）。A.发现人B.土地使用权人C.国家D．发现人和土地使用权人13.下列财产所有权取得方法中，属于继受取得的是（）。A．添附B．生产C．继承D．拾得遗失物14.下列财产中，不得抵押的是（）。A.土地所有权B.抵押人所有的房屋C.抵押人所有的机器D.在建工程15.赵某孤身一人，因外出打工，将一祖传古董交由邻居钱某保管。钱某因结婚用钱，情急之下谎称该古董为自己所有，卖给了古董收藏商孙某，得款10000元。孙某因资金周转需要，向李某借款20000元，双方约定将该古董押给李某，如孙某到期不回赎，古董归李某所有。下列说法中正确的是：（）A．钱某与孙某之间的古董买卖合同无效B．孙某取得该古董的所有权C．李某对该古董的占有属于无权占有D．赵某可以直接请求李某归还该古董16.根据我国《物权法》规定，下列各项中，不属于物权的是：（）A．土地承包经营权B．建设用地使用权C．典权D．海域使用17.某小区拟解聘现有的物业管理机构，则下列关于业主表决情况的说法正确的是：（）A．应当经专有部分占建筑物总面积三分之二以上的业主或占总人数三分之二以上的业主同意B．应当经专有部分占建筑物总面积三分之二以上的业主且占总人数三分之二以上的业主同意C．应当经专有部分占建筑物总面积过半数的业主且占总人数过半数的业主同意D．应当经专有部分占建筑物总面积过半数的业主或占总人数过半数的业主同意18.下列关于留置权的表述，正确的是（）。A.留置权是用益物权B.留置权是约定担保物权C.留置权是自物权D.留置权是法定担保物权19.农民甲一家4口承包了本村6亩家庭承包地，并取得土地承包经营权证。后甲的女儿乙结婚嫁到外村，由于其夫家所在村农地紧张，致其在夫家始终未取得家庭承包地。甲所在村村委会依据自定的村规民约，抽回了乙1.5亩承包地，并作为家庭承包地补给本村村民丁经营管理。甲多次要求村委返还却遭拒绝。下列说法错误的是：（）A．村委会侵害了甲的土地承包经营权B．女儿外嫁后收回承包地是村规民约，村委会并未侵权C．甲可以请求丁返还该承包地D．甲可以请求村委会赔偿其相应的损失20.陈某向贺某借款20万元.借期2年，陈某以自己正在建造的房屋提供抵押担保并办理了登记。下列说法中，符合《物权法》的是：()。A.贺某不享有抵押权。因为商品楼为在建工程，尚未完工B.贺某不享有抵押权，只有以建成的房屋抵押，才符合《担保法》确定的抵押物范围C.贺某享有抵押权，虽然商品楼正在建造中，但当事人办理了抵押物登记D.贺某不享有抵押权，因为在建工程不属于《担保法》规定的抵押物范同二、多选题1.下列各项中，属于物权法上物的有哪些？（）A．无线电频谱B．水流C．海域D．空气2.下列哪些权利可以作为权利质权的标的：（）A．汇票、本票、支票、债券、存款单、仓单、提单B．依法可以转让的股份、股票、基金份额C．商标专用权、专利权、著作权中的财产权D．依法可以转让的债权3.下列民事关系中，应按照相邻关系处理的是：（）A．甲在乙的房屋后挖菜窖，造成乙的房屋基础下沉，墙体裂缝引起纠纷B．甲开发商购得一块土地的使用权，欲建一露天餐厅，其与该土地相邻的乙约定，乙不得再建露天餐厅，为此甲给予乙每年3万元的补偿C．甲村在河流上游修建拦河坝，使乙村用水量剧减，引起纠纷D．甲家与乙家相邻，甲家的猫闯入乙家，打碎乙家的花瓶，引起纠纷4.在当事人对担保物权范围没有约定的情况下，下列各项中，属于担保物权担保范围的包括()。A.主债权B.主债权的利息C.损害赔偿金D.律师费5.下列财产中，可以抵押的有（）。A.违章建筑物B.机关法人的公益性财产C.预购的房屋D.抵押人所有的汽车三、名词解释1.善意取得2.用益物权3.占有改定4.留置权四、简答题1.简述担保物权的特征。2.简述善意取得的构成要件。3.试述留置权取得的条件。五、案例分析题甲信用社、乙银行和丙公司在同一城市。丙与甲签订一金额为400万元的质权担保借款合同，质押财产为丙公司价值600万元的动产。合同签订后，丙即将质押财产转移给甲占有。嗣后，丙与乙签订一金额为280万元的借款、抵押合同，抵押物也为丙的上述动产，并办理了抵押权登记。合同到期后，丙无法向甲和乙偿还债务，甲和乙均要求以丙所提供的该担保财产优先清偿债务，从而引发纠纷。思考并回答下列问题：1.质权设立的要件是什么？2.在同一财产之上既设立质权又设立抵押权，其效力如何？3.本案应如何处理？参考答案一、单选题1-5BDCBC6-10CBBBA11-15BCCAB16-20CCDBC二、多选题1.ABC2.ABCD3.AC4.ABC5.CD三、名词解释1.善意取得亦称即时取得，是指无权处分他人财产的财产占有人，在不法将其占有的财产转让给第三人以后，如果受让人在取得该项财产时系出于善意，即依法取得该财产的所有权，原财产所有人不得要求受让人返还财产的制度。2.用益物权，是指非所有权人对他人所有之物所享有的占有、使用和收益的他物权。其外延包括土地承包经营权、建设用地使用权、宅基地使用权、地役权等。3.占有改定，是指在动产交易中出让人与受让人约定，由出让人继续直接占有动产，使受让人取得对于动产的间接占有，并取得动产的所有权。4.留置权，是指债权人依债权占有属于债务人的动产，债务人未按照约定的期限履行债务时，债权人有权依法留置该财产，以该财产折价或者以拍卖、变卖该财产的价款优先受偿的担保物权。四、简答题1.担保物权的特征有