云南省普洱市2023-2024学年高一年级下册期末统测物理试卷

2023-2024学年云南省普洱市高一（下）期末统测

物理试卷

一、单选题：本大题共7小题，共28分。

1.物体做曲线运动时，一定变化的是（）

A.速度的大小B.速度的方向C.加速度的大小D,加速度的方向

2.如图所示为某音乐喷泉喷出的水柱，若水柱高为20比，不计空气阻力，重力加速度大小为10m/s2,则

水从喷出到上升到最高点过程中的平均速度为（）

A.20m/sB.15m/sC.10m/sD.5m/s

3.“打水漂”是一种常见的娱乐活动，以一定的高度水平扔出的瓦片，会反复在水面上弹跳前进，假设

瓦片和水面相撞后，在水平方向，速度没有损失，而在竖直方向，碰撞后并不能原速率弹回，而是变

小，以下四幅图有可能是瓦片轨迹的是（）

4.体育课上同学们练习做俯卧撑，王飞同学在一分钟之内做了20个俯卧撑，每次俯卧撑过程其身体重心

上升高度约为25cm已知王飞同学重600M则王飞同学克服重力做功的平均功率约为（）

A.50WB.60WC.80WD.100W

5.如图，甲是点电荷形成的电场，乙是匀强电场，丙是等量异号电荷的电场，丁是等量同号电荷的电

场，其中丙M、N是左右对称的两点，丁A/、N是中垂线上对称的两点，下列说法正确的是（）

A.甲图中M、N两点电场强度相同B.乙图中/、N两点电场强度不同

C.丙图中V、N两点电场强度不同D.丁图中M、N两点电场强度不同

6.如图，A、B两个相同的茶杯放在餐桌上的自动转盘上，8离中心的距离比A离中心距离大，一个杯中

装满水，另一个是空杯，转盘在电动机的带动下匀速转动，A、B两杯与转盘保持相对静止，最大静摩擦

力等于滑动摩擦力，下列说法正确的是（）

A.装满水的杯子受到的摩擦力大B.杯子2受到的摩擦力大

C.若增大转动的角速度，空杯一定先滑动D.若增大转动的角速度，杯子8先滑动

7.甲、乙两个小灯笼用轻绳连接，悬挂在空中，在相同的水平风力作用下发生倾斜，稳定时与竖直方向

如图所示，已知甲的质量为机1、乙的质量为巾2，下列关系式正确的是

口tana

D.-t--a--n-，--m2

Ctana_2nDtana_2nli

,tan。叫+叫•tan。7ni+ni2

二、多选题：本大题共3小题，共12分。

8.如图甲，电觞遇到危险时，可产生数百伏的电压。若将电绘放电时形成的电场等效为等量异种点电荷

的电场，其中正电荷集中在头部，负电荷集中在尾部，。为电绘身体的中点，4。=8。且为鱼身长的

一半，如图乙所示，下列说法正确的是（）

甲乙

A.A点电势高于B点、电势

B.A点电势低于8点电势

C.将正电荷由A点移动到。点，电场力做负功

D.当电觞产生400V的电压时，AB间的电压为200y

9.我国北斗卫星导航系统由5颗地球同步卫星和30颗非地球同步卫星组网而成，卫星轨道均视为圆轨

道。其中某中圆轨道（轨道半径小于同步轨道半径）卫星A和同步卫星8轨道共面且运行方向相同，卫星A

比卫星B（）

A.线速度大B.线速度小C.周期大D.周期小

10.如图，ABC。是一个固定在水平地面上的盆式容器，盆的内侧与盆底2C的连接处都是一段与相切

的圆弧。8c水平，其长度为d=3.5m,盆边缘的高度为h=0.8m,在A处放一个质量为机的小物块并让

其自由下滑，已知盆内侧壁是光滑的，而盆底3c面与小物块间的动摩擦因数〃=0.1,重力加速度大小g

MXlOm/s2,下列说法正确的是（）

A.小物块第一次到达B点的速度为5m/s

B.小物块第一次到达C点的速度为3rn/s

C.小物块在盆内来回滑动，最后停在8c段距B点1机处

D.小物块在盆内来回滑动，最后停在2C段距C点1.5爪处

三、实验题：本大题共2小题，共18分。

11.某同学用图甲装置做“弹簧的弹力与伸长量之间的关系”实验。

i.

^i25

To20

O515

O

(1)图示实验装置中，刻度尺保持竖直，为了便于直接读出弹簧的长度，刻度尺的零刻度应与弹簧的

(选填“上端”或“下端”)对齐;不挂钩码时指针所指刻度尺的位置如图乙所示，则此时弹簧

的长度Lo=cm。

(2)改变所挂钩码的个数，进行多次实验，记录每次所挂钩码的质量加及弹簧的长度L,根据尸=mg求得

弹力(g为重力加速度大小)，根据x=L-为求出弹簧伸长量，根据求得的多组F、x作F-x图像，如图

丙所示。由图像可求得出弹簧的劲度系数为k=N/爪(保留一位小数)，由图像可知：在弹性限

度内，弹簧的弹力与弹簧的伸长量成。

12.某实验小组用打点计时器验证机械能守恒定律，实验装置如图甲所示。

甲

(1)关于本实验，下列说法正确的是—

A图中打点计时器所接电源为220V交流电压

A应选择密度大、体积小的重物进行实验

C.重物下落的起始位置靠近打点计时器

D重物质量的测量误差可能会造成较大的实验误差

(2)在纸带上打出了一系列的点，如图乙所示，相邻计数点的时间间隔为0.02s,长度单位是cm,重力加

速度g大小取9.8m/s2,重物的质量为1霞。打点计时器打下计数点B时，重物的速度

vB=m/s;打下计数点。到打下计数点B的过程中，重物重力势能的减小量

AEp=J,动能的增加量人(结果均保留2位有效数字)

(3)某同学在纸带上选取计数点后，测量它们到初速度为零的起始点的距离〃，并计算出打相应计数点时

重物的速度也描点并绘出h图像。若实验中重物所受阻力不可忽略，且阻力大小保持不变，从理论

上分析，合理的%图像是0

D.

四、计算题：本大题共3小题，共30分。

13.某次在往高层送货时，一无人机从地面加速上升一段时间后速度达最大;之后，关闭动力匀减速为零刚

好到达21层的窗口。这一过程无人机上升过程中的最大速度V=20M/S,其v-t图像如图乙所示。已知

无人机及货物的质量m=5kg,不考虑无人机及货物受到的空气阻力，重力加速度g大小取10根/S2。

求：

(1)无人机上升的最大高度；

(2)无人机和货物加速上升时，无人机升力的大小。

14.如图，竖直平面内的光滑半圆形轨道下端与水平面相切，8、C分别为半圆形轨道的最低点和最高

点。小滑块沿水平面向左滑动，经过A点时的速度以=6zn/s,经过2点进入光滑半圆形轨道，且恰好通

过最高点C。已知半圆轨道半径R=0.40m,小滑块的质量为1像。小滑块可看作质点。重力加速度g大

小取lOzn/s2。求：

(1)滑块经过8点时对圆轨道的压力大小；

(2)滑块从A到B过程克服摩擦力做的功。

15.在平面内建立直角坐标系xOy,其第I象限放置电场线沿半径方向指向圆心、场强大小为E。的静电分

析器，第H象限放置长为L间距为d的平行金属板A、B和与两板等距且平行于无轴的绝缘细管C。放

射源P位于A板左端，可沿特定方向发射电荷量为q(q>0)、质量为m且重力不计的a粒子。第IV象限存

在交变电场，其场强变化规律如图乙所示(x轴正方向为电场正方向)。当A、B两板加上某电压时，a粒子

刚好能以速度先从细管C水平射出，射入静电分析器时坐标为(0,y0),而后进入位于第I象限的静电分析

器并做匀速圆周运动。此后，在t=0时刻，a粒子垂直于x轴进入交变电场。求：

乙

(l)a粒子在静电分析器中的运动半径r;

(2)4、2极板间所加的电压U;

(3)从。时刻起，a粒子动能最大时的位置坐标。

答案和解析

1.【答案】B

【解析】【分析】

既然是曲线运动，它的速度的方向必定是改变的，所以曲线运动一定是变速运动，它的速度肯定是变化

的；而匀速圆周运动的速率是不变的，平抛运动的合力、加速度是不变的。

曲线运动不能只想着匀速圆周运动，平抛也是曲线运动的一种，在做题时一定要考虑全面。

【解答】

A匀速圆周运动的速度的大小是不变的，即速度大小可以是不变的，故A错误；

区物体既然做曲线运动，那么它的速度方向肯定是不断变化的，所以速度方向一定在变化，故3正确；

CD平抛运动也是曲线运动，但是它的加速度是重力加速度，大小和方向是不变的，故错误。

故选瓦

2.【答案】C

【解析】【分析】

水可认为做竖直上抛运动，根据竖直上抛运动的规律求出初速度，再由匀变速直线运动中间时刻速度等

于平均速度这一推论可求出平均速度。

【解答】

设水从喷嘴喷出时的速度为v,贝物=/9=20m/s,则从喷出到上升到最高点过程中的平均速度为

1

v=-v=10m/s,故A8O错误，C正确。

3.【答案】D

【解析】瓦片和水面相撞后，在水平方向，速度没有损失，而在竖直方向，碰撞后并不能原速率弹回，

而是变小，可知竖直小球上升的高度逐渐减小，根据t=2隹

\9

可知瓦片在空中的时间逐渐减小，水平方向有％=Vxt

可知瓦片在空中通过水平位移逐渐减小。

故选。。

4.【答案】A

【解析】【分析】

由运动员重心的升高可以求出克服重力做的功，通过做的功与所用时间的比值可以求出平均功率。

本题考查功和平均功率，关键是把握重心位置的变化，另外要注意平均功率和瞬时功率的区别。

【解答】

王飞同学一分钟内克服重力做功勿=20Gh=3000/,则平均功率P=;=50加，A项正确。

5.【答案】D

【解析】【分析】

在电场中电场线的切向方向表示电场的方向，电场线的疏密表示电场的强弱，并结合电场强度是矢量，

不但考虑其大小，也可考虑其方向。

本题考查对电场线的认识，由电场线我们应能找出电场的方向、场强的大小，注意电场强度的矢量性。

【解答】

A、图中M、N两点虽然电场强度大小相同，但电场线方向不同，故电场强度的方向不同，故A错误；

8、图中〃、N两点处于匀强电场中，它们方向相同，大小也相同，故8错误；

C、图中M、N是左右对称的两点，电场的方向相同，且它们的场强大小也相等，故C错误；

。、图中〃、N是中垂线上对称的两点，依据矢量的叠加原理，M.N两点电场强度大小相同，但方向相

反，故。正确；

故选：D。

6.【答案】D

【解析】【分析】

本题考查了圆盘上物体的圆周运动。解决本题的关键是知道物体做圆周运动的向心力来源，抓住临界状

态，根据牛顿第二定律结合向心力公式分析求解。

【解答】

4B,转动过程中，杯子受到的摩擦力提供向心力，由牛顿第二定律可知外=小丁少?，由于不明确A、3哪

个装满了水，也不明确A、B到中心距离的倍数关系，因此不能确定哪个受到的摩擦力大，故A3错误；

CD.杯子刚要滑动时，有〃=3=因此离中心远的18杯子先滑动，故C错误，。正确。

7.【答案】C

【解析】【分析】

本题考查受力分析，分别选取乙和甲乙整体为研究对象，利用受力平衡列方程即可。

本题的关键是研究对象的选取。

【解答】

设每个灯笼受到的水平风力为凡对乙分析，tan8=-匚，

则普=三，c项正确。

tan，叫+和2

8.【答案】BC

【解析】【分析】判断电势的高低时可认为离正电荷越近，电势越高，离负电荷越近，电势越低。要掌

握等量异种电荷电场的特点。

【解答】4B头部集中正电荷，尾部集中负电荷，故B点电势高于A点，A项错误，B项正确；

C.正电荷由A到。移动时，电场力做负功，C项正确；

D.A,8间的平均场强小于A点到鱼尾或2点到鱼头的平均场强，故4、B之间电压小于200V,。项错

误。

故选BC.

9【答案】AD

【解析】【分析】本题考查卫星的运行规律，对于绕地做匀速圆周运动的卫星，由万有引力提供向心力

分析圆周运动的物理量。

【解答】

解：由G缪=m9=皿年)2可知，卫星A比卫星B线速度大，周期小，故正确，BC错误。

故选4D.

10.【答案】BC

【解析】A设小物块第一次到达2点时的速度为％,根据题意由机械能守恒可得，mgh^^mvl，解得

Vi=4m/s,故A错误；

8.设小物块第一次到达C点的速度为功，根据题意由动能定理可得，-卬ngd=gm谚-2租说，解得以=

3m/s,故3正确；

CD.从8点开始到小物块停止运动，设小物块在底面的路程为s,由动能定理可得-卬ngs=-：根说，解

得s=8m,一个来回为力w,则可知小物块最终停在BC段距B点1机处，故C正确，。错误。

故选BC-

11.【答案】(1)上端；15.06(15.04-15.08)；

(2)312.5；正比

【解析】【分析】

本题为探究弹力和弹簧伸长的关系的实验，实验原理为胡克定律，掌握弹簧的弹力与形变量的关系，要

注意正确理解图象的性质，知道图象的斜率表示的物理意义。

【解答】

(1)零刻度应与弹簧的上端对齐;由图乙可知该刻度尺的最小分度值为1加W,则弹簧的长度Lo=15.06cm；

(2)由图像可得劲度系数k=—W/m=312.5N/m;

U.Uo

由图像可知：在弹性限度内，弹簧的弹力与弹簧的伸长量成正比。

12.【答案】⑴BC；

(2)0.97；0.48；0.47；

⑶4

【解析】【分析】

本题为验证机械能守恒定律的实验。

实验目的是验证减少的重力势能等于增加的动能，根据下降的高度利用/%=mgh求重力势能的减少量，

根据匀变速直线运动中间时刻速度等于瞬时速度求末速度，根据动能的表达式求动能的增加量。实验中

往往重力势能的减少量要大于动能的增加量，是因为存在阻力做负功。

【解答】

(1)4图中所接打点计时器为电磁打点计时器，所用交流电为约4〜6U的交流电源，故A错误；

A应选择密度大、体积小的重物进行实验，减小因阻力引起的误差，故B正确；

C.重物下落的起始位置靠近打点计时器，使打出的纸带较长，减小误差，故C正确；

。重物质量的测量误差对实验没有影响，故。错误。

故选BC-,

(2)由匀变速直线运动中间时刻的瞬时速度等于该过程的平均速度得外=第=0.97m/s,

从点。到打下记数点B的过程中，重物重力势能的减小量4EP=mgh0B®0.487;

1

动能的增加量△Ek=-mvlx0.47/；

(3)由动能定理得mgh—丹/1=2^/一0,整理得病=2mg：Ffh,则丫2一八图像的斜率为定值，是正比例

函数，A项正确。

13.【答案】解：(1)设无人机的最大速度为v,由u—t图像得h=T"，

解得h=60m；

(2)货物加速时的时间为匕，关闭动力匀减速时加速度为g,

则u=g(6-力1),

解得G=4s,

货物加速时的加速度大小为a