江苏省泰州市二附中等校2023-2024学年九年级上学期月考物理试卷（12月份）

第=page11页，共=sectionpages11页2023-2024学年江苏省泰州市二附中等校九年级（上）月考物理试卷（12月份）一、单选题：本大题共12小题，共24分。1.如图所示，生活中经常使用的工具，属于省距离的杠杆是(

)A.断盖起子 B.钳子

C.镊子 D.推独轮车2.学会估测，可以方便生活。下列估测不符合事实的是(

)A.正常爬楼功率约为150W B.学生实验用的一根铜导线电阻约

C.一节干电池电压为 D.日光灯工作电流约3.在卡塔尔世界杯赛场上，阿根廷著名球员梅西正在踢球如图，下列说法正确的是(

)A.他在踢球的过程中对足球做了功

B.足球在空中飞行的过程中没有力对它做功

C.足球在水平地面滚动的过程中，他对足球做功

D.足球在水平地面滚动的过程中，支持力对足球做功

4.如图所示为一轻质硬棒，在A点悬挂重物G，在C点作用一拉力F，使硬棒水平平衡，则硬棒的支点可能在(

)A.A点

B.B点

C.C点

D.D点5.如图所示是从机械能、内能和化学能出发，整理的第12章“机械能和内能”的单元知识结构图，图中①②③处依次填写的内容是(

)

A.单摆、扩散、热值 B.温度计、燃烧、比热容

C.火箭、热传递、做功 D.热机、做功、热传递6.关于热和能，下列说法中正确的是(

)A.热传递时，温度总是从高温物体传递给低温物体

B.一块的冰熔化成的水后，温度不变，内能变大

C.相同温度下，1kg水比1kg冰含有的热量多

D.物体的内能与温度有关，的物体内能为07.在烧杯中加入盐水，将铜片和锌片放在盐水中，这就是一个电池。用电压表测量这个自制电池的电压，其现象如图所示，下列说法正确的是(

)A.电压表能提供电压 B.盐水电池将化学转化为电能

C.铜片是该盐水电池的负极 D.该盐水电池两端的电压为2V8.某家庭某月初电能表的示数如图甲，月底表盘示数如图乙，他所在地区每度电的电费是元，将某家用电器单独接在该电能表上正常工作，电能表指示灯闪烁了160次，则(

)A.本月他家应缴纳电费45元

B.该家庭总共耗电

C.这个用电器耗电160J

D.该电能表只能在30A电路中才能正常工作

9.如图探究滑轮组的特点，不计摩擦和绳重。将一个重为200N的物体沿竖直方向在6s内匀速提高了3m，已知绳子自由端的拉力F为下列说法中正确的是(

)A.动滑轮重75N

B.6s内拉力F做功375J

C.6s内拉力F的功率为

D.滑轮组的机械效率为10.如图所示，用轻质弹簧弹簧质量和空气阻力忽略不计将小球挂在天花板上，小球和弹簧拉到水平位置此时弹簧处于原长从静止开始释放，摆动到最低点的过程中，下列说法正确的是(

)A.小球动能变化量大于小球重力势能变化量

B.小球动能变化量小于小球重力势能变化量

C.小球动能变化量等于小球重力势能变化量

D.小球的机械能守恒11.为测出未知电阻的阻值约，小红选用电压小于3V的稳压电源、与的定值电阻、量程为3V的实验室电压表、量程为的实验室电流表等元件，设计了下面四个测量电路，其中可行的是(

)A. B.

C. D.12.如图甲，电源电压恒定，R为定值电阻，滑动变阻器标有“、1A”，电流表量程为，电压表量程为。只闭合开关S和，滑片从最右端滑动到a点时，灯泡L恰好正常发光，只闭合开关S和，滑片从a点向某一方向移动，直到b点时，电压表示数与灯泡L正常发光时的电压相同，两次调节过程中两电表示数关系如图乙所示，下列说法正确的是(

)

A.电源电压为5V B.定值电阻R的阻值为

C.灯泡正常发光时的电阻为 D.b点在a点的右侧二、填空题：本大题共9小题，共26分。13.装修工程中经常需要用钻孔机，如图，钻头在使用时相当于一个______选填“杠杆”“滑轮”或“斜面”，______选填“能”或“不能”省功。钻孔时由于克服摩擦做功使钻头的内能______选填“增加”或“减小”，因此在钻孔过程中有时需不断地往钻头上注水，利用水的______较大，带走较多的热量，从而避免钻头烧坏。14.如图所示，某城市安装一种“按钮式红绿灯”。当路上车辆不多时，行人通过触摸按钮，使正对车辆的红灯亮起，行人安全通过。按钮相当于电路中的______；红灯和绿灯是______联的。红绿灯实际上是发光二极管，它是由______材料制成的。15.科普活动中，老师为同学们表演了一个“自动爬坡”实验，惊艳了全场。该实验如下：将一个用轻质泡沫塑料做成的圆环，轻轻放在一个斜坡上，结果发现圆环不但没有滚下，反而加速滚上了斜坡。揭秘后才发现，这是一个内部镶嵌了一个小铁块的圆环，在圆环加速滚上斜坡的过程中，圆环不含小铁块的动能______，重力势能______。小铁块的重力势能______。均选填“增大”、“减小”或“不变”16.如图是小明在做俯卧撑和引体向上时的锻炼场景：

图甲中小明静止时地面对双手的支持力为，图乙中小明静止悬挂在单杠上时，单杠对他的作用力为，则______。

如图乙，小明的质量为60kg，做一次引体向上需克服重力做功______J，如果小明完成10个引体向上，则他的功率是______W。取

17.如图为某单缸四冲程汽油机的______冲程，若1s内该汽油机对外做功20次，则飞轮转速为______；该汽油机工作时汽缸内燃气对活塞平均推力为2000N，活塞向下运动的距离是50cm，则汽油机的功率是______kW。

18.在“用电压表和电流表测电阻”的实验中：小明同学连接完实验电路，闭合开关，此时的电压表指针位置如图所示，则电压表的示数是______当调节滑动变阻器的滑片时，发现电压表和电流表的示数变化相反，已知实验中使用的电源是稳压电源，电源两端电压保持不变，则出现这一现象的原因是电压表接到了______的两端。19.如图所示，电源电压保持不变，闭合开关S后，两灯均发光设灯丝电阻不变，电压表示数为U，过一段时间后，突然两灯均熄灭，且有一个电表的示数变大，已知两灯中仅有一个出现了故障。请你判断故障情况是______；若此时电压表是示数为4U，则小灯泡、的电阻之比为______；排除故障后，将小灯泡、的位置互换，则示数一定不发生变化的是______表选填“电流”、“电压”或“电流和电压”。20.两电阻分别标有“3V、”和“6V、”字样。将它们串联后接入电路，电路中允许通过的最大电流为______A；若将它们并联后接入电路，干路电流最大不能超过______A。21.如图甲是某生产流水线上均匀正方体产品的输送及计数装置示意图，其中S为激光源，为光敏电阻有光照射时，阻值较小；无光照射时，阻值较大，。水平传送带匀速前进，每当传送带上的产品通过S与之间时，射向光敏电阻的光线会被产品挡住。电压表示数随时间变化的关系如图乙所示。已知电源电压恒为6V，则有光照射时光敏电阻的阻值为______，有光照射和无光照射时保护电阻两端的电压之比为______，每分钟通过S与之间的产品个数为______个。

三、作图题：本大题共3小题，共6分。22.如图是一个月亮形开瓶器，开瓶时开瓶器可以看成一个杠杆，请在图中画出：

①在A点施加的最小动力；

②开瓶器受到的阻力。

23.如图是某油量表电流表改装的电路，若换用电压表改装成油量表，且油量增加时电压表读数增大，请在图乙中补画出电压表在电路中接线情况。

24.如图所示，电路中有、两盏灯，请在图中〇内分别填入A或V的符号，要求开关闭合时、都能发光，且两电表的示数均不为零。

四、实验探究题：本大题共5小题，共32分。25.根据小明“探究杠杆的平衡条件”的实验要求，完成下列各题：

实验开始时，杠杆静止时如图甲所示，杠杆处于______选填“平衡”或“不平衡”状态，小明通过调节杠杆右端的螺母向______移动选填“左”或“右”，使杠杆在水平位置平衡，然后进行下面的实验探究；

当弹簧测力计由图乙的竖直地拉着变成倾斜地拉着，使杠杆在水平位置静止时，弹簧测力计的示数将______选填“变大”、“不变”或“变小”；

有人用轻质杠杆组装成如图丙，轻质杠杆可绕O转动，在A点始终受一垂直作用于杠杆的力，在从A缓慢转动到位置时，力F将______。

A.变大

B.变小

C.不变

D.先变大，后变小

E.先变小，后变大

小明将原来装置改装成丁图，质量分布均匀的杠杆自重是，C和A点分别是杠杆总长度的处和处，小明两次将重为G的钩码分别挂在A和C点，使钩码上升同样的高度，已知，两次机械效率分别是和。则______不计摩擦。26.在“探究影响动能大小因素”的实验中，小明准备的器材有：质量分别为m、2m两个钢球，木块和斜面等，设计的实验过程如图所示。

实验中是通过木块移动的距离来反映______选填“钢球”或“木块”的动能大小的。

在图甲、乙两次实验中，让质量相同的钢球从不同的高度自由滚下，是为了探究动能大小与______的关系，实验观察到的现象是：图乙中钢球推动木块移动的距离大些，由此可得出的结论是______；这个结论可用解释汽车______选填“超速”或“超载”带来的危害。

在乙、丙两次实验中，让钢球从斜面的同一高度自由滚下，目的是______；若完成了图乙操作后，在做图丙所示的实验时，木块滑出了水平木板，如果仅对丙图所示的实验进行改进，下列措施中可行的是______。

A.换质量更大的木块

B.降低钢球开始的高度

C.换质量大于2m的钢球

D.换质量小于m的钢球

小明在实际操作的过程中，发现钢球从斜面上滚下时，运动的方向难控制，有时撞不到木块，有时撞歪了。请你为小明提供一种改进的实验方案：______。27.电功大小与电流、电压、通电时间都有关。用如图所示装置探究电功大小的影响因素，请回答以下问题：

该装置可用来探究电功与______选填“电压”或“电流”的关系。

根据______，我们可以比较相同时间内电流做功的多少。在实验中，两灯泡规格应______填“相同”或“不相同”。

实验中发现更亮且电压表示数更大，这说明______相等时，______越大，电流做功越多。28.小虎和小慧学习了燃料的热值后，他们一起设计了一个实验来探究煤油和菜籽油的热值的大小关系，他们组装了如图所示的装置进行实验，假设燃料燃烧时均匀放热，记录结果如表：

表一：煤油水温20100100加热时间0刚好沸腾刚好燃尽表二：菜籽油水温20406080加热时间0510刚好燃尽为了保证实验结论的可靠性，小虎、小慧选择了两套完全相同的装置，并控制______相等选填“两种油的质量”、“两杯水的质量”、“两种油及水的质量”。实验中通过______来比较煤油和菜籽油放出热量的多少；

小慧认为等燃料完全燃烧完所等待的时间过长，可以在燃烧时就来读数比较，小虎认为不对，理由是______；

实验中，若燃料完全燃烧且忽略热量散失，根据表格计算出煤油与菜籽油的热值之比为______。29.小明同学用如图甲所示的电路探究“电流与电压和电阻的关系”，电源电压15V保持不变，滑动变阻器的规格是“，1A”，阻值为、、、的电阻各一个，满足测量需求的电流表、电压表各一个。

根据图甲所示的电路图，将图乙所示的实物图连接完整，要求闭合S后，滑片P向左移动时，电流表示数变大；

小明先探究“电阻R一定，电流与电压的关系”，他将的电阻作为R接入电路，闭合开关S，通过调节滑动变阻器滑片P，测出电阻两端不同电压时对应的电流值，并记录如表1所示。第3次实验时电流表的读数如图丙所示，则此时通过电阻的电流为______A。分析这些数据：由此可以得出结论：电阻R一定，电流与电压成______比；

表1：实验次序1234表2：实验次序123410203040小明再探究“电压U一定，电流与电阻关系”；

他将的电阻接入电路，闭合开关S，调节滑片P到适当位置，读出电流表示数记入表中：断开开关S，小明用的电阻替换的电阻，闭合开关S，移动滑片P使滑动变阻器接入电路阻值______选填“增大”或“减小”，他这样操作的目的是：______；

表2是小明提交的实验数据，老师指出有一组数据不符合实际，你认为这是实验次序______的数据，若不更换实验器材电表量程可以在实验过程中适当调整，在实验过程中小明为了能够利用上述4个定值电阻，顺利得到4组I、R数据，完成实验，所保持不变的电压的取值范围应满足____________V。保留一位小数

另一组的花花设计了测量定值电阻的电路，如图丁，她想将电流表直接改装成测电阻的欧姆表。所用实验器材有电源电压，电流表量程，滑动变阻器。

①她将滑动变阻器调至接入，且保持不变，在M、N之间接入待测电阻，依据与I的对应关系，在电流表原来的刻度线处标上对应的阻值，下列标记正确的是______。

②该装置使用一段时间后，电源电压减小，这将导致电阻的测量值______选填“偏小”、“不变”或“偏大”。五、计算题：本大题共2小题，共12分。30.为了节能减排，近年来无锡市除了增加电动出租车投放外，还对已有的燃油出租车进行改造，换成燃气出租车。如图是某种型号的燃气出租车，它将天然气加压后装在汽车燃气瓶内作为燃料。若该型号出租车在平直的高速公路上以的速度匀速行驶了，消耗3kg天然气，行驶中发动机的功率保持25kW不变，天然气的热值。则该过程中：

天然气完全燃烧放出的热量是多少？

发动机的牵引力是多大？

发动机的效率是多少？31.如图所示是小丽设计的一个简易电子身高测量仪的示意图，电源电压为6V，定值电阻，R是一只竖直固定放置的粗细均匀的硬电阻棒。其接入电路的电阻与接入电路的棒长成正比。电压表的示数与身高的关系如下表所示。身高160165170175180电压表示数0234电路的最大电流是多少A？

当测量身高165cm时，滑动变阻器接入电路的电阻值多少？

当身高为180cm时，10s内消耗的电能是多少J？

答案和解析1.【答案】C

【解析】解：ABD、瓶盖起子、钳子、独轮推车的动力臂比阻力臂长，属于省力杠杆，故ABD不符合题意；

C、镊子的动力臂比阻力臂短，属于费力杠杆，省距离，故C符合题意。

故选：C。

动力臂比阻力臂长的杠杆是省力杠杆，省力但是费距离。

动力臂比阻力臂短的杠杆是费力杠杆，费力但是省距离。

动力臂和阻力臂相等的杠杆是等臂杠杆，既不省力也不省距离。

知道杠杆的分类，本题属于基础性题目。2.【答案】B

【解析】解：A、一层楼高约为3m，人的体重约500N，爬上一层楼的时间约为10s，爬楼的功率约为：，故A符合实际；

B、学生实验用的一根铜导线电阻小于，达不到，故B不符合实际；

C、一节干电池的电压为，故C符合实际；

D、普通日光灯的额定功率为40W，正常工作电流约为，跟比较接近，故D符合实际。

故选：B。

首先要对选项中涉及的几种物理量有个初步的了解，对于选项中的单位，可根据需要进行相应的换算或转换，排除与生活实际相差较远的选项，找出符合生活实际的答案。

此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可。3.【答案】A

【解析】A、梅西在踢球的过程中对足球施加了力，足球在力的方向上移动了距离，梅西对足球做了功，故A正确；

B、足球在空中飞行的过程中受到重力作用，足球在重力方向上移动了距离，重力对足球做了功，故B错误；

C、足球在水平地面滚动的过程中，梅西没有对足球施加力的作用，他对足球没有做功，故C错误；

D、足球在水平地面滚动的过程中，支持力方向与足球的运动方向垂直，足球在支持力的方向上没有移动距离，支持力对足球没有做功，故D错误。

故选：A。

做功的两个必要因素：作用在物体上的力；物体在力的方向上通过的距离；二者缺一不可。

本题考查了力学中做功的两个必要因素的理解和应用，是一道基础题。4.【答案】D

【解析】解：动力与阻力使杠杆的转动方向相反，若一个力能使杠杆顺时针转动，则另一个力需使杠杆逆时针转动；

AC、支点不能和力的作用点相同，否则力臂为0，所以A、C两点不能作为支点，故AC错误；

B、当B点为支点时，、G使杠杆转动的方向相同，均使杠杆沿逆时针方向转动，故B错误；

D、当D点为支点时，、G使杠杆转动的方向相反，故D正确。

故选：D。

要使杠杆平衡，则动力与阻力使杠杆的转动方向相反，一个为顺时针，则另一个为逆时针。

本题考查学生对杠杆及其五个要素的理解，注意动力与阻力使杠杆转动的方向与支点的位置有关。5.【答案】D

【解析】解：热机是内能的一种应用，热机是将内能转化为机械能，改变内能的方式有做功和热传递。

故选：D。

热机工作时，将内能转化为机械能，改变内能的方式有做功和热传递。

本题考查内能及内能的利用等知识，属于基础题。6.【答案】B

【解析】解：A、发生热传递时，传递的是热量而不是温度，故A错误；

B、一块的冰熔化成的水后，吸收热量，温度不变，内能增加，故B正确；

C、热量是过程量，不能说含有，故C错误；

D、内能与温度有关，一切物体都有内能，故D错误。

故选：B。

热传递的条件是两个物体之间存在温度差，热量从高温物体传给低温物体。

内能的大小跟质量、温度、状态有关；晶体熔化过程吸收热量，温度不变；

在热传递过程中物体内能改变的多少叫热量，热量是一个过程量；

物体内部所有分子做无规则热运动的动能和分子势能的总和，叫物体的内能。

此题考查了温度、内能和热量的关系、全面理解基本概念和规律，是避免出错的关键。7.【答案】B

【解析】解：A、电压表是测量电压大小的仪器，不能提供电压，故A错误；

B、盐水电池将化学能转化为电能，故B正确；

C、图中铜片与电压表的正接线柱连接，指针正向偏转，说明铜片是该盐水电池的正极，故C错误；

D、图中电压表的量程为，分度值是，示数为，说明该盐水电池两端的电压为，故D错误；

故选：B。

电压表是测量电压的仪器；

电池是产生电能的装置；

图中铜片与电压表的正接线柱连接，指针正向偏转，根据电压表的正确使用方法，判断电源的正负极；

根据电压表的接线柱判断量程、分度值，根据指针的位置确定读数。

本题考查了电压表的使用，要求学生知道电压表的使用规则，并且能够正确读数。8.【答案】A

【解析】解：AB、电能表的最后一位数是小数，单位是，由图可知月初、月底电能表的示数分别为、，家庭这个月消耗的电能为，

应交电费：元元，故A正确、B错误；

C、表示电路中用电器每消耗的电能，电能表的指示灯闪烁3200次，

电能表的指示灯闪烁160次时，用电器消耗的电能：，故C错误；

D、“220V30A”，说明电能表平时工作允许通过的最大电流为30A，不是只能在30A电路中才能正常工作，故D错误。

故选：A。

电能表读数时，注意：电能表的最后一位数是小数，单位是；家庭这个月消耗的电能等于月底、月初电能表的示数之差；知道电价，可求应交电费；

表示电路中用电器每消耗的电能，电能表的指示灯闪烁3200次，据此求电能表的指示灯闪烁160次时，用电器消耗的电能；

“220V30A”中，220V是指电能表的工作电压，30A是指电能表平时工作允许通过的最大电流。

本题考查电能表的读数、消耗电能和应交电费的计算，明确电能表相关参数的含义是关键。9.【答案】D

【解析】解：

A、由图知，，不计绳重和摩擦，拉力，即：，则动滑轮重力；故A错误。

B、6s绳子自由端移动的距离为，拉力做的功为：；故B错误；

C、6s内拉力F的功率为：，故C错误；

D、做的有用功：，

该滑轮组的机械效率为：，故D正确。

故选：D。

由图知，滑轮组承担物重的绳子股数，不计摩擦和绳重，拉力，据此求动滑轮的重力。

拉力端移动距离，利用计算拉力做的总功；

知道做功时间，利用求拉力做功功率；

滑轮组的机械效率等于有用功与总功之比。

本题考查了有用功、总功、机械效率、动滑轮重力的计算，根据题图确定n的大小直接从动滑轮上引出的绳子股数是本题的突破口，灵活选用公式计算是关键。10.【答案】B

【解析】解：弹簧质量和空气阻力忽略不计，从水平位置摆到最低点的过程中，小球和弹簧组成的系统机械能守恒；

小球的质量不变，高度变小，重力势能减小；速度变大，动能变大；弹簧发生弹性形变，弹性势能变大；

重力势能的变化量等于动能和弹性势能的变化量之和，所以动能的变化量小于重力势能的变化量，故ACD错误，B正确。

故选：B。

弹簧质量和空气阻力忽略不计，小球下降过程中，重力和弹簧弹力做功，小球和弹簧系统机械能守恒：

动能大小的影响因素：质量、速度；质量越大，速度越大，动能越大；

重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度；质量越大，高度越高，重力势能越；

弹性势能的大小与物体的形变程度有关，形变程度越大，弹性势能越大。

此题考查动能和势能的转化与守恒，知道在整个运动过程中，动能、重力势能、弹性势能相互转化，结合能量守恒分析判断。11.【答案】A

【解析】解：A、开关、都闭合，电压表测量电源电压，此时电压表示数为电源电压U；开关闭合、断开，和定值电阻串联，电压表测量定值电阻两端的电压；因的阻值约与的阻值相差不多，根据串联电路的分压特点可知两端的电压约小于，故利用量程的电压表能测量定值电阻两端的电压，然后根据可以求出通过定值电阻的电流；根据串联电路电流处处相等，通过的电流等于通过定值电阻的电流，即：，根据并联电路的电压特点求出两端的电压，最后根据求出的阻值，故A可行，符合题意。

B、开关断开、闭合，电压表测量电源电压，此时电压表示数为电源电压U；开关闭合、断开，和定值电阻串联，电压表测量定值电阻两端的电压；

因的阻值约与的阻值相差太大，根据串联电路的分压特点可知两端的电压接近电源电压，故量程的电压表无法准确测量两端的电压；故B不可行；

C、开关闭合、断开，和定值电阻并联，电流表测量干路电流；开关断开、闭合，电流表测量的电流；因电源电压小于3V，的阻值约，，根据欧姆定律可知和定值电阻并联时通过和的电流非常小，无法利用量程为的实验室电流表测出的电流和干路电流，故C不可行；

D、开关闭合、断开，和定值电阻并联，电流表测量的电流；开关断开、闭合，电流表测量的电流；因电源电压小于3V，的阻值约，，根据欧姆定律可知和定值电阻并联时通过的电流非常小，通过的电流约，所以利用量程为的实验室电流表能通过的电流，但无法利用量程为的实验室电流表测出的电流，故D不可行。

故选：A。

串联电路的电流处处相等，并联电路各支路电压相等，用电压表和电流表，直接或间接测量的电压和电流，根据求出电阻。

根据求出电阻。用电压表和电流表，再根据串联电路和并联电路的电流和电压特点，直接或间接测量电压和电流，这是解决本题的关键是根据电源电压和电阻的阻值判断出能不能直接或间接测量的电压和电流。12.【答案】D

【解析】解：

只闭合开关S和，灯泡L和变阻器串联，电流表测电路中的电流，电压表测灯泡两端的电压，

在保障电路元件安全的情况下，将滑动变阻器的滑片从最右端滑动到a点，因为灯泡电阻随温度变化，故可知此过程中电流表与电压表示数变化关系为图乙中的曲线，则另一次调节过程中电流表与电压表示数变化关系图像为图乙中的直线；

A、滑动变阻器的滑片在最右端时，电路中总电阻最大，根据欧姆定律可知此时电路中电流最小，

由图乙中可知最小电流是，此时灯泡两端的电压为，

则变阻器两端的最大电压为：，

由串联电路的电压特点可知电源电压：，故A错误；

B、只闭合开关S和，电阻R和变阻器串联，电流表测电路中的电流，电压表测电阻R两端的电压，

由图乙可知，两条图像中电压相等时等于灯泡的额定电压电路中的电流为，且变阻器滑片在a点时，电路中的电流为，电阻R两端的电压为，

此时变阻器接入电路中的电阻：；

则定值电阻R的阻值为：，故B错误；

C、只闭合开关S和，电阻R和变阻器串联，滑片从a点移动到b，直到电压表示数与灯泡L正常发光时的电压相同，

由图像可知此时电流为，则此时R两端的电压：，所以小灯泡正常发光的电压为，

由图像可知，小灯泡正常发光时的电流大于，则此时小灯泡的电阻：，故C错误；

D、只闭合开关S和，滑片移动到b点，电压表示数与灯泡L正常发光时的电压相同，都为3V，由串联电路电压的规律知滑动变阻器两端的电压为：，

此时滑动变阻器接入电路的电阻为：，所以b点在a点的右侧，故D正确。

故选：D。

只闭合开关S和，灯泡和变阻器串联，电流表测电路中的电流，电压表测灯泡两端的电压；

在保障电路元件安全的情况下，将滑动变阻器的滑片从最右端滑动到a点，由于灯泡电阻随温度变化，故可知此过程中电流表与电压表示数变化关系图乙中的曲线，则另一次调节过程中电流表与电压表示数变化关系图像为图乙中的直线，滑动变阻器的滑片在最右端时，电路中总电阻最大，根据欧姆定律可知，电路中电流最小，从图中可知通过电路的最小电流和此时灯泡两端电压，根据欧姆定律求出滑动变阻器两端的电压，根据串联电路的电压特点求出电源电压；

只闭合开关S和，电阻R和变阻器串联，电流表测电路中的电流，电压表测电阻R两端的电压；由图乙可知，两条图像中电压相等时等于灯泡额定电压电路中的电流，和变阻器滑片在a点时电路中的电流，以及此时电阻R两端的电压，根据串联电路的电压规律和欧姆定律计算变阻器的滑片在a点时接入电路的电阻和定值电阻R的电阻；

只闭合开关S和，根据串联分压原理可知，小灯泡的电阻等于R的电阻；

只闭合开关S和，滑片移动到b点，电压表示数与灯泡L正常发光时的电压相同，都为3V，由串联电路电压的规律求出滑动变阻器两端的电压，由欧姆定律求出此时滑动变阻器接入电路的电阻，进而判断出a、b点的位置关系。

本题考查了串联电路的特点、欧姆定律的应用和电功率的计算，并考查了分析图像获取信息的能力，综合性强，难度较大。13.【答案】斜面

不能

增加

比热容

【解析】解：建筑及装修工程中经常需要用钻孔机钻孔，钻头有螺纹，螺纹的螺线很长，相当于斜面较长，因为斜面高度一定时，斜面越长，使用起来越省力，但不能省功；

钻孔时钻头发热，因为钻头与墙相互摩擦，机械能转化为内能，内能增加，这是通过做功方式改变了钻头的内能；利用水的比热容较大，能吸收较多的热量，从而降低钻头的温度避免钻头烧坏。

故答案为：斜面；不能；增加；比热容。

钻头有螺纹，这是利用使用斜面可以省力的原理；

改变物体内能的方法：一是做功能量的转化，二是热传递能量的转移；

水的比热容较大，相同质量的水和其它物质比较，升高或降低相同的温度，水吸收或放出的热量多。

本题考查了应用斜面知识、改变内能的方法和比热容的知识，体现了知识来源于生活又服务于生活的理念。14.【答案】开关

并

半导体

【解析】解：

按钮是电路中的开关；

交通指示灯可以通过不同颜色灯光的变化指挥车辆和行人，由于指示灯可以独立工作，互不影响，因此红灯和绿灯是并联连接的；

制造发光二极管的主要材料是半导体材料。

故答案为：开关；并；半导体。

电路是指用导线把电源、用电器、开关连接起来组成的电流路径；

并联电路可以使几个用电器在工作时互不影响，而交通指示灯工作状态总是不一致，并且互不影响，所以是并联电路；

二极管是由半导体做成的器件，它具有单向导电性。二极管是由P型半导体和N型半导体组成的，这两种半导体相互接触时，其交接区域称为PN结，PN结具有单向导电性。

本题考查了电路的组成、红绿灯的连接方式以及二极管由什么材料制成，属于综合性题目。15.【答案】增大

增大

变小

【解析】解：在圆环加速滚上斜坡的过程中，圆环不含小铁块的质量不变，速度变大，动能增大；质量不变，高度变大，重力势能增大；

小铁块的质量不变，高度降低，重力势能变小。

故答案为：增大；增大；变小。

动能的大小与质量、速度有关，重力势能的大小与质量、高度有关。

本题考查了动能和势能的变化，明确影响动能、重力势能大小的因素是解题的关键。16.【答案】

【解析】解：图甲中小明静止时地面对双手的支持力为，此时地面对双手的支持力与双脚的支持力的总和等于小明自身的重力大小，因此；

图乙中小明静止悬挂在单杠上时，单杠对他的作用力等于小明自身的重力，即，因此；

小明的重力：，

由图乙可知，小明做引体向上时，上升的高度，因此做一次引体向上需克服重力做功：；

小明完成10个引体向上，克服重力做的总功：，

则他的功率：。

故答案为：；；70。

图甲中小明静止时地面对双手的支持力为，此时地面对双手的支持力和双脚的支持力的和等于小明自身的重力大小；图乙中小明静止悬挂在单杠上时，单杠对他的作用力等于小明自身的重力，据此分析比较、的大小关系；

根据求出小明的重力，根据图乙可知做引体向上时小明上升的高度，根据求出做一次引体向上需克服重力做功，根据完成10个引体向上，先求出完成10个引体向上做的总功，再根据求出他的功率。

本题考查力的平衡条件、重力公式、功和功率公式的灵活运用，难度不大。17.【答案】排气

240020

【解析】解：由图可知，一气门关闭、一气门打开，活塞向上运动，缸内气体排出，该冲程是汽油机的排气冲程；

在四冲程内燃机的工作过程中曲轴转2圈，完成4个冲程，完成一个工作循环，1个工作循环外做功1次；

如果此汽油机1s内对外做功20次，则每秒完成20个工作循环，飞轮每秒转40圈，即每分钟转2400圈，所以，飞轮的转速为；

活塞向下运动的距离是，

一个做功冲程做的功：，

该汽油机工作1s时所做的功：；

则汽油机的功率为：。

故答案为：排气；2400；20。

内燃机的四个冲程有吸气冲程、压缩冲程、做功冲程、排气冲程；判断冲程名称可用口诀：“先看气门开关情，再看活塞上下行；开下吸气开上排，关上压缩关下功”进行分析；

热机完成一个工作循环，经历四个冲程、活塞往复运动2次，曲轴和飞轮转2周，对外做功1次；

根据求出所做的功，根据求出功率的大小。

解决此题要结合内燃机的四个冲程工作特点和功率的计算公式进行分析解答，记住内燃机的工作特点及飞轮转的圈数和做功次数的关系是正确解题的关键。18.【答案】滑动变阻器

【解析】解：由图示电压表可知，电压表的量程是，分度值是，故示数为，由于电阻与滑动变阻器是串联，当滑动变阻器的电阻变大时，电路中的电流是变小的，由知，定值电阻两端的电压是变小，而串联电路中的总电压等于各个用电器的电压之和，故滑动变阻器上的电压变大，当电压表和电流表示数变化相反时，说明电压表并联到了滑动变阻器的两端了。

故本题答案为：；滑动变阻器。

根据电压表的量程和分度值读数，由串联电路的电压特点分析电压表和电流表的示数的变化关系。

要解决此题，首先要明确伏安法测电阻的电路的连接方式，在此基础上进行分析电流表与电压表示数的变化趋势，从而确定出现两者变化趋势不同的原因。19.【答案】断路

3：1电流

【解析】解：

由图可知，闭合开关S后，两灯串联，电压表测两端的电压，电流表测串联电路的电流；

一段时间后，两灯均熄灭，已知两灯中仅有一个出现了故障，这说明电路故障为断路，所以电流表示数减小，电压表示数变大，此时电压表到电源为通路，则是完好的，故断路；

当断路时，电压表测电源电压，所以电源电压；

当两灯串联均发光时，电压表测灯泡两端的电压，且，

根据串联电路电压规律可知，此时灯泡两端电压，

根据串联分压的规律可知，电阻两端的电压之比等于电阻之比，

所以灯泡、的电阻之比为：：：：1；

排除故障后，两灯串联，电压表测两端的电压，电流表测串联电路的电流；

若将小灯泡、的位置互换，两灯仍然串联，电流表仍然测串联电路的电流，

由于电源电压保持不变，电路总电阻仍然保持不变，所以由欧姆定律可知电路中的电流不变，即电流表示数一定不发生变化；

排除故障后，更换灯泡位置，此时电压表测两端的电压，虽然电路中电流不变，但两灯的电阻不同，由可知，电压表示数一定会发生变化。

故答案为：断路；3：1；电流。

由图可知，闭合开关S后，两灯串联，电压表测两端的电压，电流表测串联电路的电流；根据两灯均熄灭判断故障类型，根据电压表示数明确故障对象；

根据串联分压的规律可知，电阻两端的电压之比等于电阻之比；

根据电压表和电流表的测量对象是否发生了改变，结合欧姆定律进行判断。

本题考查了串联电路的故障分析，也考查了串联电路的电流、电压、电阻关系和欧姆定律的应用，综合性较强，理清电流表和电压表的测量对象是解决此题的关键。20.【答案】

【解析】解：标有“3V、”的电阻允许通过的最大电流：，

“6V、”的电阻允许通过的最大电流：，

两电阻串联时，因串联电路中电流处处相等，

所以，为保证电路安全，电路中允许通过的最大电流：；

标有“3V、”的电阻允许加的最大电压为：，

“6V、”的电阻允许加的最大电压为：，

两电阻并联时，因并联电路中各支路两端的电压相等，

所以，为保证电路安全，加在它们两端的最大电压：，

此时通过的电流为，

的阻值为：，

此时通过的电流：，

由并联电路的电流特点可知，干路中的最大电流：。

故答案为：；。

两电阻串联时，串联电路中电流处处相等，为保证电路安全，电路中的最大电流为两电阻允许通过最大电流中较小的；

由分别求出两电阻允许加的最大电压；两电阻并联时，并联电路中各支路两端的电压相等，为保证电路安全，电路两端的最大电压为两电阻允许加的最大电压中较小的，然后由欧姆定律、并联电路的电流特点求出干路电流的最大值。

本题考查了串并联电路的特点和欧姆定律的应用，分析得出两电阻串联时电路中的最大电流、两电阻并联时电路两端的最大电压是正确解题的关键。21.【答案】2002：1100

【解析】解：由图甲可知，与串联，电压表测两端的电压；

由题知，为光敏电阻，有光照射时，阻值较小，无光照射时，阻值较大，根据串联分压的规律可知有光照射时光敏电阻两端的电压较小，即电压表示数较小，

则由图象可知有光照射时，两端的电压为，

因串联电路的总电压等于各分电压之和，

则此时保护电阻两端的电压：，

串联电路中电流处处相等，则根据欧姆定律可得此时电路中的电流：，

由欧姆定律可得此时光敏电阻的阻值：；

无光照射时，由图象可知此时两端的电压为，

根据串联电路的电压特点可知，此时保护电阻两端的电压：，

所以，有光照射和无光照射时保护电阻两端的电压之比为；

由图象可知每经过，就有一个产品通过计数装置，

则每通过S与之间的产品个数为个。

故答案为：200；2：1；100。

由图甲可知，与串联，电压表测两端的电压；

由题知，为光敏电阻，有光照射时，阻值较小，无光照射时，阻值较大；根据串联分压的规律可知有光照射时光敏电阻两端的电压较小，由图象可得有光照射时光敏电阻两端的电压，根据串联电路的电压规律求出保护电阻两端的电压，然后根据串联电路的特点结合欧姆定律求出此时电路中的电流，再根据欧姆定律求出此时光敏电阻的阻值；

由图象可得无光照时光敏电阻两端的电压，根据串联电路的电压规律求出此时保护电阻两端的电压，进一步计算有光照射和无光照射时保护电阻两端的电压之比；

由图象可知每经过，就有一个产品通过计数装置，据此计算每通过S与之间的产品个数。

本题考查了串联电路的特点、欧姆定律的应用，正确读取图中信息是解题的关键。22.【答案】解：由图可知，月亮形开瓶器与瓶上方接触点旋转，设上方接触点为支点O；

在阻力与阻力臂的乘积一定的情况下，最省力，即动力臂最长，由图知OA最长，所以OA作动力臂最长，过A点与OA垂直向上作垂线就得到动力的方向，

开瓶器的另一个与瓶盖的接触点受瓶盖的阻力方向向下；如下图所示：

【解析】杠杆绕某点转动时，这一点即为支点。

根据杠杆平衡条件“动力动力臂=阻力阻力臂”可知：在阻力与阻力臂的乘积一定的情况下，要使动力最小，则动力臂必须最长，先确定最长的力臂--即离支点最远的点，然后过动力作用点做垂直于杠杆的作用力即可。

阻碍杠杆转动的力为阻力。

此题既考查了最小力的确定，根据杠杆的平衡条件，要使杠杆上的力最小，必须使该力的力臂最大，而力臂最大时力的作用点一般离杠杆的支点最远，所以在杠杆上找到离杠杆支点最远的点即力的作用点，这两点的连线就是最长的力臂，过力的作用点作垂线就是最小的力。23.【答案】解：由图可知，R、串联，油量表电流表测量电路中的电流。当油量增加，浮标上升，在杠杆作用下，滑片下移，R连入电路的电阻变小，由串联分压原理可知，R分压变小，分压变大，所以电压表应与并联，电压表的连接如图所示：

。

【解析】由电路图，根据串联电路特点和欧姆定律分析当油量增加时，R连入电阻变化，R和的分压变化，进而确定电压表与谁并联，再根据电压表的连接方法画出。

本题考查了电压表的连接方法和串联电路分压原理的应用，分析电路图得出当油量增加时两电阻的分压变化是关键。24.【答案】解：若下边的电表为电流表，则会造成电源短路，故下边的电表应为电压表，上边的应为电流表，如图所示：

【解析】电压表与被测用电器并联，并且在电路中相当于开路；电流表与被测用电器串联，并且在电路中相当于导线；

根据电压表和电流表的正确使用方法以及在电路中的作用进行分析。

在此类型的题中，电压表和电流表的选择可以采取尝试法，但前提是我们对电路本身的特点先要有一个正确的分析，然后再结合电表的连接要求进行尝试。25.【答案】平衡

右

变大

【解析】解：杠杆的位置如图甲所示，此时杠杆处于静止状态时，处于平衡状态；杠杆右端高，说明此时杠杆的重心在支点左边，所以应将平衡螺母右调，使重心右移，杠杆才能平衡；

当弹簧测力计逐渐向左倾斜时，阻力和阻力臂不变，弹簧测力计拉力F的力臂变小，由杠杆平衡条件：，可知弹簧测力计的拉力变大；

在转动过程中，力F始终垂直杠杆，力臂不变，而重力的力臂在杠杆水平时最大，从A到过程中重力力臂先变大后变小，根据杠杆平衡条件可知F先变大后变小，故选：D；

将重为G的钩码分别挂在A点和C点，使钩码上升同样的高度，设提升高度为h，则，

C和A点分别是杠杆总长度的处和处，根据数学知识可知A上升高度为h，则C上升的高度为2h，所以将重为G的钩码挂在A点时杠杆上升的高度为2h，挂在C点时杠杆上升的高度为h，

将重为G的钩码分别挂在A点和C点，克服杠杆自重的额外功：，，

两次机械效率分别是和，则。

故答案为：平衡；右；变大；；。

物体处于静止状态时，处于平衡状态；杠杆平衡调节原则是：右低将平衡螺母左调，左低将平衡螺母右调；

阻力和阻力臂不变，根据题意判断动力臂如何变化，然后由平衡条件判断弹簧测力计示数如何变化；

在转动过程中，力F的方向不变，力臂不变，而重力的力臂在杠杆水平时最大，从A到过程中重力力臂先变大后变小，根据杠杆平衡条件可知F的变化；

将重为G的钩码分别挂在A点和C点，使钩码上升同样的高度，有用功相同，

图丙中，支点位于动力和阻力的右侧，弹簧测力计不但提了钩码，而且还提了杠杆，杠杆的重力对杠杆转动产生了影响，分别计算额外功的大小，根据效率公式计算两次机械效率之比。

本题探究“杠杆的平衡条件”，考查器材调试、杠杆平衡条件的运用、杠杆的动态平衡、做功公式、效率公式的灵活运用。26.【答案】钢球

速度

当质量一定时，速度越大，动能越大

超速

使钢球到达水平面时的速度相同

D将斜面换成斜槽或将钢球换成小车

【解析】解：本实验的研究对象时钢球，所以实验中探究的是钢球的动能的影响因素；

根据甲、乙两次实验可知，小球的质量相同，滚下的高度不同，到达水平面时的速度不同，高度越高，速度越大，推动木块移动的距离越大，动能越大，故结论为：当质量一定时，速度越大，动能越大；这个结论可用解释汽车超速带来的危害；

在乙、丙两次实验中，让钢球从斜面的同一高度自由滚下，目的是使钢球到达水平面时速度相同；

若完成了图乙操作后，在做图丙所示的实验时，木块滑出了水平木板，说明钢球的动能太大，此时不能改变钢球的速度，所以可以适当降低钢球的质量，故选D；

小球撞击木块后，小球偏离了原来的轨道，说明小球在撞击木块时偏离了原来的运动方向，要让小球不偏离原来的轨道，可以让小球在凹形槽中运动。

故答案为：钢球；速度；当质量一定时，速度越大，动能越大；超速

使钢球到达水平面时的速度相同；D；将斜面换成斜槽或将钢球换成小车。

本实验的研究对象时钢球；

动能大小和物体的质量、运动速度有关，所以需要采用控制变量法进行分析；

小球撞击木块后，小球偏离了原来的轨道，说明球在撞击木块时偏离了方向，要让球滑下时方向不偏可以让球在凹形槽中运动。

此题是探究影响动能大小的因素，掌握转换法和控制变量法在实验中的应用，特别是对小球速度的控制27.【答案】电压

灯泡的亮度

不相同

电流和通电时间

电压

【解析】解：由图可知，两灯串联，电压表测灯的电压，电压表测的电压。由于两灯通过的电流相等，通电时间相同，根据控制变量法可知，该装置可用来探究电功与电压的关系；

灯泡越亮，说明相同时间内灯泡消耗的电能越多，电流做功越多，故在本实验中，根据灯泡的亮度来比较相同时间内电流做功的多少；为了使两灯的电压不同，应选用规格不相同的灯泡进行实验；

实验中发现更亮，且电压表示数更大，说明电流和通电时间相等时，电压越大，电流做功越多。

故答案为：电压；灯泡的亮度；不相同；电流和通电时间；电压。

由图可知，两灯串联，电压表测灯的电压，电压表测的电压。由于两灯通过的电流相等，通电时间相同，根据控制变量法可知，该装置可用来探究电功与什么因素的关系；

灯泡越亮，说明相同时间内灯泡消耗的电能越多，电流做功越多，故在本实验中，根据灯泡的亮度来比较相同时间内电流做功的多少；为了使两灯的电压不同，应选用不同规格的灯泡进行实验；

实验中发现更亮，且电压表示数更大，由此得出结论。

本题考查实验探究电功大小的影响因素，难度不大。28.【答案】两种油及水的质量

水升高的温度

没有控制燃烧的燃料的质量相等

8：3

【解析】解：为了保证实验结论的可靠性，小虎和小慧选择了两套完全相同的装置，并控制煤油和菜籽油的质量和两杯水的质量相同；

质量相同的水，温度变化越大，说明吸收热量越多，所以实验中通过水温升高的多少来表示煤油和菜籽油放出热量的多少；

在相同的时间内燃烧的燃料质量不一定相等，即没有控制燃烧的燃料的质量相等；

使用煤油加热水时，水吸收的热量：，

根据题意和表格数据可知，所有的煤油完全燃烧放出的热量：，

煤油的热值：；

使用菜籽油加热水时，水吸收的热量：，

根据题意和表格数据可知，所有的菜籽油完全燃烧放出的热量：，

菜籽油的热值：；

则煤油和与菜籽油的热值之比：；

故答案为：两种油及水的质量；水升高的温度；没有控制燃烧的燃料的质量相等；：3。

由于燃料的热值不能直接测量，所以通过水温升高的度数大小来体现燃料的热值大小，又由于燃料燃烧释放的热量既与燃料的质量多少有关，又与燃料的热值大小有关，根据控制变量法进行分析；

实验中应该控制燃料的质量相等；

实验煤油加热水时，利用求出水吸收的热量；若燃料完全燃烧且忽略热量散失，煤油完全燃烧放出的热量等于水吸收的热量；由于加热时，水刚好沸腾，则所有的煤油完全燃烧放出的热量等于水从升高到吸收热量的2倍；根据表示出煤油的热值；

使用菜籽油加热水时，利用求出水吸收的热量；若燃料完全燃烧且忽略热量散失，菜籽油完全燃烧放出的热量等于水吸收的热量，根据表示出菜籽油的热值；据此求出出煤油和与菜籽油的热值之比。

根据可知，质量相同的不同燃料，完全燃烧放出的热量与其热值有关，根据水温的变化情况可得知两种燃油燃烧放出热量的大小关系，从而判断出燃油的热值大小，整个过程中应用了控制变量法和转换法。29.【答案】正

增大

控制电阻R两端电压不变

偏大

【解析】解：将电压表并联在电阻R两端；滑片P向左移动时，电流表示数变大，说明滑动变阻器阻值变小，故滑动变阻器选用左下接线柱与电阻R串联在电路中，如下图所示：

；

第3次实验时电流表的读数如图丙所示，电流表选用小量程，分度值，其示数为；

由表1中数据可知，当电阻R两端电压增大为原来的几倍，通过电阻R的电流也增大为原来的几倍，故可得出结论：电阻R一定，电流与电压成正比；

、实验中，当把的电阻换成的电阻后，根据分压原理，电阻两端的电压变大，研究电流与电阻关系时要控制电压不变，根据串联电路电压的规律，要增大滑动变阻器两端的电压，由分压原理，要增大滑动变阻器电阻阻值，故闭合开关S，移动滑片P使滑动变阻器接入电路阻值增大，他这样操作的目的是：控制电阻R两端电压不变；

b、由欧姆定律，变阻器的最大电阻为，当电阻为时，根据电阻的串联和欧姆定律，电路中的最小电流：

，即第4组数据不符合实际；

滑动变阻器的规格是“”，表示变阻器允许的最大电流为1A，因电表量程可以在实验过程中适当调整，则电流表