浙江省2024年高考物理模拟试卷及答案26

浙江省2024年高考物理模拟试卷及答案阅卷人一、单选题得分1．以下物理量为矢量的是（）A．电流 B．电势 C．磁感应强度 D．功2．以下情景中带下划线的物体可看成质点的是（）A．小英测算蚂蚁拖动饭粒时，蚂蚁1min爬行的路程B．小敏观察蚂蚁拖动饭粒时，蚂蚁的肢体是如何分工的C．在跳水比赛中裁判员给跳水运动员评分D．教练在训练中观察跳高运动员的跳高过程3．十四夜闹元宵是象山石浦的渔家习俗，其中民间灯舞更能传递渔家文化。如图所示，演员手举鱼灯静止不动。忽略空气作用力，以下说法正确的是（）A．鱼灯对杆的作用力沿杆向下 B．鱼灯对杆的作用力竖直向下C．人对杆的摩擦力竖直向上 D．手握得越紧，人对杆的摩擦力越大4．2022年3月23日15时40分，中国航天“天宫课堂”第二课开课了，这次在距离地面约400km的中国载人空间站“天宫”上进行了太空科学探究。授课期间，航天员演示了“水油分离实验”和“太空抛物实验”等，下列说法正确的是（）A．在“天宫”中水和油因为没有受到地球引力而处于漂浮状态B．“天宫”的运行速度介于第一宇宙速度与第二宇宙速度之间C．在“天宫”中做“太空抛物实验”时冰墩墩被抛出后做平抛运动D．利用密度不同，“天宫”中让水和油的混合物做圆周运动能使水和油分离5．如图所示，小球由静止从同一出发点到达相同的终点，发现小球从B轨道滑下用时最短，C轨道次之，A轨道最长，B轨道轨迹被称为最速降线，设计师在设计过山车时大多采用B轨道。若忽略各种阻力，下列说法正确的是（）A．由机械能守恒，小球在三条轨道的终点处速度相同B．三条轨道中小球沿B轨道滑下过程重力做功的平均功率最大C．沿C轨道滑下轨道对小球的支持力做功最多D．沿A轨道滑下轨道对小球的支持力冲量为零6．如图所示，两列波长与振幅都相同的横波，t=0时，沿x轴正方向传播的波正好传播到坐标原点，沿x轴负方向传播的波刚好传播到x=1m处。已知两列波的振幅均为5cm，波速均为5m/s，则下列说法正确的是（）A．两波相遇后，原点是振动减弱的点B．经0.4s，处于原点的质点运动的路程为2mC．0.4s时，坐标在0~1m之间的质点位移都为0D．在0~0.4s内，坐标在0~1m之间的质点的路程都为07．有人设想在遥远的宇宙探测时，给探测器安上反射率极高（可认为100%）的薄膜，并让它正对太阳，用光压为动力推动探测器加速。已知某探测器在轨道上运行，阳光恰好垂直照射在薄膜上，若膜面积为S，每秒每平方米面积获得的太阳光能为E，探测器总质量为M，光速为c，则探测器获得的加速度大小的表达式是（光子动量为p=ℎA．2EScM B．2ESc2M C．8．在我们的日常生活中会发生很多静电现象。有一次，小明的手指靠近金属门把手时，如图所示，突然有一种被电击的感觉。这是因为运动摩擦使身体带电，当手指靠近门把手时，二者之间产生了放电现象。已知手指带负电，关于放电前手指靠近金属门把手的过程中，下列说法正确的是（）A．门把手内部的场强逐渐变大 B．门把手与手指之间场强逐渐增大C．门把手左端电势高于右端电势 D．门把手右端带负电荷且电量增加9．电容器是一种重要的电学元件，在电工、电子技术中应用广泛。使用图甲所示电路观察电容器的充、放电过程。电路中的电流传感器与计算机相连，可以显示电路中电流随时间的变化。图甲中直流电源电动势E=8V，实验前电容器不带电。先使S与“1”端相连给电容器充电，充电结束后，使S与“2”端相连，直至放电完毕。计算机记录的电流随时间变化的i−t曲线如图乙所示。下列说法正确的是（）A．图像阴影为i−t图像与对应时间轴所围成的面积表示电容器的能量B．阴影部分的面积S1和SC．阻值R1大于D．计算机测得S110．放射性元素氡(86222Rn)的半衰期为T，氡核放出一个X粒子后变成钋核(84218PA．该过程是β衰变 B．发生一次核反应释放的核能为(C．200个氡经2T时间后，剩余氡原子数量为50个 D．钋核的比结合能比氡核的比结合能大11．如图所示，平行玻璃砖下表面镀有反射膜，两束平行细单色光a、b从空气斜射到玻璃砖上表面，入射点分别为O1、O2，两光线刚好从玻璃砖上表面同一点P射出，已知玻璃砖对a、b两单色光的折射率均大于A．在玻璃中b光的速度比a光大B．若a、b两束光通过同一个干涉装置，b光对应的条纹间距较大C．若a、b两束光同时从玻璃砖上表面射入，则a光比b光先从P点射出D．增大b光的入射角，当b光从玻璃砖上表面射出时有可能发生全反射12．逆时针转动的绷紧的传送带与水平方向夹角为37°，传送带的v−t图像如图所示。在t=0时刻质量为1kg的物块从B点以某一初速度滑上传送带并沿传送带向上做匀速运动。2s后开始减速，在t=4s时物体恰好能到达最高点A。（已知g=10m/s2，sin37°=0.6，A．物体与传送带间的摩擦因数为0.6 B．传送带AB长度为6mC．2s后物体受到的摩擦力沿传送带向下 D．物体与传送带间由于摩擦而产生的热量为6J13．在现代研究受控热核反应的实验中，需要把107根据上述信息并结合已有的知识，可以推断该粒子（）A．从左端到右端的运动过程中，沿磁瓶轴线方向的速度分量逐渐变小B．从靠近磁镜处返回时，在垂直于磁瓶轴线平面内的速度分量为最大值C．从左端到右端的运动过程中，其动能先增大后减小D．从左端到右端的运动过程中，其运动轨迹的螺距先变小后变大阅卷人二、多选题得分14．下列说法正确的是（）A．普朗克通过研究黑体辐射提出能量子的概念，成为量子力学的奠基人之一B．玻尔原子理论第一次将量子观念引入原子领域，提出了定态和跃迁的概念，成功地解释了氢原子光谱的实验规律C．一束光照射到某种金属上不能发生光电效应，可能是因为这束光的光强太小D．德布罗意在普朗克能量子和爱因斯坦光子理论的基础上提出物质波的猜想，而电子的衍射实验证实了他的猜想15．氖泡可用于指示和保护电路。在玻璃管中有两个相同的板状金属电极，并充入低压氖气，在两极间接入电压使氖气导电，如果金属电极发出的电子在电场作用下获得足够的能量，就能使氖气发光。将氖泡、保护电阻和电压可调的电源按如图所示的电路连接。氖泡用黑纸包住，黑纸上留出一条狭缝使光可以照射到氖泡。发现在没有光照的暗室中，当电源两端电压为U0时，氖泡恰能发光；当电源两端电压为U1(A．若保持电压U1B．通过实验可知，紫光的光子能量ℎC．通过实验可知，电极中的电子脱离金属至少需要eUD．实验中使用交流电源也能观察到上述现象阅卷人三、实验题得分16．某同学在做“探究求合力的方法”的实验时，手中只有一个弹簧秤、橡皮筋、木板、白纸和图钉，为了完成此实验，（1）在图中所示的器材中还需要选取___________。A．秒表 B．细绳套 C．三角尺 D．钩码（2）本实验采用的科学方法是___________。A．理想实验法 B．等效替代法C．控制变量法 D．建立物理模型法（3）同学们在操作过程中有如下议论，其中对减小实验误差有益的说法是___________A．两根细绳必须等长B．橡皮筋应与两绳夹角的平分线在同一直线上C．在使用弹簧秤时要注意使弹簧秤与木板平面平行D．拉橡皮筋的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要远些。17．图为“验证牛顿第二定律”的实验装置示意图。盘和重物的总质量为m，小车和砝码的总质量为M。实验中用盘和重物总重力的大小作为细线对小车拉力的大小。（1）实验中，为了使细线对小车的拉力等于小车所受的合外力，先调节长木板一端定滑轮的高度，使细线与长木板平行。接下来还需要进行的一项操作是___________（填写所选选项的序号）。A．将长木板水平放置，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，给打点计时器通电，调节m的大小，使小车在盘和重物的牵引下运动，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动。B．将长木板的右端垫起适当的高度，让小车连着已经穿过打点计时器的纸带，撤去盘和重物，给打点计时器通电，轻推小车，从打出的纸带判断小车是否做匀速运动。C．将长木板的右端垫起适当的高度，撤去纸带以及盘和重物，轻推小车，观察判断小车是否做匀速运动。（2）实验中要进行质量m和M的选取，以下最合理的一组是___________。A．M=20g，m=10g、15g、20g、25g、30g、40gB．M=200g，m=20g、40g、60g、80g、100g、120gC．M=400g，m=10g、15g、20g、25g、30g、40gD．M=400g，m=20g、40g、60g、80g、100g、120g18．某小组测定一金属丝的电阻率，部分实验步骤如下：（1）用螺旋测微器测量该金属丝直径，示数如图1所示，则该金属丝的直径d=mm；（2）因为在实验室找不到合适的电流表，该同学设计了如图2所示的电路，电源电动势E为4.5V，内阻r约为1Ω，定值电阻R0=15.0Ω；电压表量程为3V，内阻RV约为3kΩA．将器材按如图2所示连接；B．开关闭合前为了电压表的安全，金属夹应夹在电阻丝的（填“m”或“n”）端，并将电阻箱的阻值调到最小；C．然后调节电阻箱的阻值使电压表的示数为U0=3.0V，记下电阻箱的阻值；之后不断改变Rx接入电路的长度x，调整电阻箱的阻值，使电压表示数始终为U0=3.0VD．根据图像和测量的直径求得金属丝的电阻率ρ=（用a、b、d、π等字母表示），电压表内阻使得电阻率ρ测量结果（填“不变”“偏大”或“偏小”）。19．某同学通过图所示的实验装置，利用玻意耳定律来测定一颗形状不规则的冰糖的体积。（1）将冰糖装进注射器，通过推、拉活塞改变封闭气体的体积和压强。若实验过程中不慎将活塞拔出针筒，则（填“需要”或“不需要”）重做实验。（2）实验中通过活塞所在刻度读取了多组体积V及对应压强p，为了在xOy坐标系中获得直线图像，应选择___________A．p−V图像 B．p−1V图像 C．V−1p图像（3）选择合适的坐标后，该同学通过描点作图，得到直线的函数图象如图所示，忽略传感器和注射器连接处的软管容积，则这颗冰糖的体积为。阅卷人四、解答题得分20．如图所示，向一个空的铝制饮料罐（即易拉罐）中插入一根透明吸管，接口用蜡密封，在吸管内引入一小段油柱（长度可以忽略）。如果不计大气压的变化，这就是一个简易的气温计。已知铝罐的容积是358cm3，吸管内部粗细均匀，横截面积为0.2cm（1）这个气温计的刻度是否均匀；（2）这个气温计的最大测量值是多少；（3）已知气温计的温度从300K缓慢上升到最大值的过程中，气体从外界吸收了0.7J的热量，则此过程中气体内能增加了多少？21．如图所示，足够长的粗糙水平轨道ab、光滑水平轨道cd和足够长的粗糙倾斜轨道de在同一竖直平面内，斜面倾角为37°，cd和de平滑连接。在ab的最右端静止一个质量M=4kg的木板，其高度与cd等高，木板与轨道ab间动摩擦因数μ1=0.05，质量mQ=1kg的滑块Q静止在cd轨道上的某点，在de轨道上距斜面底端L=8m处静止释放一质量mP=3kg的滑块P，一段时间后滑块P与Q发生弹性正碰，碰撞时间忽略不计，P与Q碰撞开始计时，1s末Q滑上长木板，3s末Q从木板上飞出（落地点离木板足够远）。已知P、Q与斜面和木板间的动摩擦因数均为（1）滑块P在倾斜轨道de上运动的加速度大小；（2）木板的长度；（3）P、Q与木板间产生的总热量。22．如图甲所示，倾角α=30∘粗糙斜面上放置矩形金属框MM1NN1，质量M=5kg。其中水平边MN=M1N1=1.0m，阻值均为R=0.2Ω；MM1=NN1（1）导体棒ab在0至0.25T内通过的电量；（2）MN边在一个周期内产生的焦耳热；（3）在0至0.25T内外力F的冲量；（4）已知简谐运动的回复力系数k=100N/m，求矩形金属框受到的摩擦力与外力F等大同向时导体棒的位置。23．如图所示，在y轴右侧x=0到x=0.5d区域存在两个关于x轴对称且电场强度大小均为E的匀强电场，紧靠电场右方存在着足够宽的匀强磁场①，在y轴左侧存在一半径为d、圆心坐标为(−d，0)的匀强磁场②，匀强磁场②外侧紧贴一圆心角β=270°的绝缘刚性圆筒，圆筒关于x轴对称放置。一质量为m、电荷量为－q的带电粒子以速度v0=B0qdm从（0，0.5d）的A点水平射入匀强电场，粒子经过匀强磁场①区域后恰好从（0，－0.5d）点由另一个匀强电场水平飞出。已知匀强磁场（1）带电粒子在第一象限离开电场的坐标；（2）匀强磁场①区域中的磁感应强度大小B1；（3）不计粒子碰撞反弹的时间，粒子从A点出发到第一次回到A点的总时间。

答案解析部分1．【答案】C【解析】【解答】A、电流虽然有方向，但是电流为标量。

B、电势只有大小没有方向，正负表示大小，故电势是标量。

C、磁感应强度的方向为小磁针N极的指向，运算过程遵循平行四边形定则，故磁感应强度为矢量。

D、功只有大小，没有方向，为标量。

故答案为：C。

【分析】只有大小，没有方向的物理量叫做标量；既有大小，也有方向的物理量为矢量。2．【答案】A【解析】【解答】A．小英测算蚂蚁拖到饭粒时，蚂蚁1min爬行的路程时，蚂蚁的形状和大小可忽略不计，能看成质点，A符合题意；B．小敏观察蚂蚁拖动饭粒时，分析蚂蚁的肢体是如何分工的，要考虑其形状，不可看作质点，B不符合题意；C．裁判员在跳水比赛中给跳水运动员评分，需要研究运动员的姿势和动作，要考虑身体形状，故不可看作质点，C不符合题意；D．教练在训练中观察跳高运动员的跳高过程，要考虑运动员的身高和形状，不可看作质点，D不符合题意。故答案为：A。

【分析】物体能否作为质点主要看物体本身的形状和大小对所研究的问题有没有影响。3．【答案】B【解析】【解答】AB、对鱼灯受力分析，鱼灯的重力与杆对鱼灯的支持力等大反向，根据牛顿第三定律，鱼灯对杆的作用力竖直向下，故A错误，B正确。

C、对杆进行分析，杆具有向下的运动趋势，故人对杆的摩擦力沿杆向上，故C错误。

D、人对杆的摩擦力为静摩擦力，与压力和动摩擦因数无关，故D错误。

故答案为：B

【分析】对鱼灯进行受力分析，分析杆对鱼灯的支持力和鱼灯对杆的压力；对杆进行分析，分析手对杆的摩擦力与杆的重力的关系。4．【答案】D【解析】【解答】A、空间中的物体只受重力作用，处于完全失重状态，并不是没有受到地球的引力，故A错误。

B、第一宇宙速度是最大的环绕速度，最小的发射速度，故天宫的运行速度小于第一宇宙速度，故B错误。

C、天宫中的物体万有引力提供向心力，并没有重力效果，故“冰墩墩”抛出后相对天宫做匀速直线运动，故C错误。

D、由于水和油的密度不同，做圆周运动时所需向心力不同，所以可利用离心现象使水和油分离，故D正确。

故答案为：D。

【分析】本题主要考查围绕地球运动的卫星和飞行器的受力环境，万有引力提供向心力以及圆周运动的相关知识，根据牛顿第二定律和万有引力定律分析求解。5．【答案】B【解析】【解答】A、小球在下滑过程中只有重力做功，机械能守恒，下落至最低点时速度大小相同，但方向不同，故A错误。

B、重力的平均功率等于重力做功与时间的比值，三条轨道重力做功相等，但B轨道为最速曲线，所用时间最短，平均功率最大，故B正确。

C、沿三条轨道下滑过程中支持力与速度方向垂直，故支持力一直不做功，故C错误。

D、沿A轨道下滑过程中支持力的冲量等于支持力与时间的乘积，由于支持力不为零，故冲量不为零，故D错误。

故答案为：B

【分析】本题主要考查机械能守恒条件的判断以及机械能守恒定律的应用，三条轨道机械能都守恒，但由于速度是矢量，所以大小相等，方向不同；力和位移方向垂直时做功为零，但冲量不为零。6．【答案】C【解析】【解答】A．两波在原点处的振动方向均向上，相遇后原点的振动加强，A不符合题意；B．两波波长均为2m，则周期为T=设经过时间t1，沿x轴负方向传播的波刚好传播到原点处，有t已知两列波的振幅，所以在前0.2s处于原点的质点运动路程为s0.2s时两波相遇，原点为振动加强点，此时的振幅为A则后0.2s经过的路程为s则经0.4s，处于原点的质点运动的路程为s=B不符合题意；C．在0.4s时，左侧的波刚好传播到2m处，右侧的波刚好传播到-1m处，两列波的振动情况完全相反且振幅相同，则在0.4s时，坐标在0~1m之间的质点位移都为0，C符合题意；D．路程为质点运动轨迹的长度，而位移则是由始末位置决定，在0~0.4s内，坐标在0~1m之间的质点位移为0，但路程不为0，D不符合题意。故答案为：C。

【分析】利用两波传播到原点其的振动方向可以判别其原点振动加强；利用质点的振幅及振动时间可以求出质点运动的路程；利用其波的叠加可以求出质点的位移大小及路程的大小。7．【答案】A【解析】【解答】设每秒每平方米接收到的光子数为n，一个光子的能量ε=ℎcλ，每平方米每秒接受的能量为E=nℎcλ，每个光子的动量为P=ℎλ，则每平方米每秒光子的动量为P'=nℎ8．【答案】B【解析】【解答】放电前手指靠近金属门把手的过程中，门把手在手的影响下，发生静电感应，在其右端感应出正电荷，左端感应出负电荷。本身是处于静电平衡状态，内部场强为零，两端电势相等，门把手与手之间看成一个电容器，可知当两者距离减小时，根据公式C=联立，可得E=可知，门把手与手指之间场强逐渐增大。故答案为：B。

【分析】放电前手机靠近门把手的时间，其门把手发生静电感应所以内部场强处处等于0，且两端电势相等；利用电容器的定义式及决定式可以判别手指与门把手之间电场强度的大小变化。9．【答案】D【解析】【解答】A、图中i—t图像围成的面积表示电容器充放电中的电荷量，并不是电容器的能量，故A错误。

B，电容器完全充电和完全放电过程中的电荷量相同，故阴影部分面积相等，故B错误。

C、充电过程中的最大电流大于放点过程中的最大电流，根据欧姆定律，充电过程中电阻小于放电过程中电阻，故C错误。

D、图像所围成面积的意义是电容器所储存的电荷量，根据电容器电容的定义式C=QU，可得电容器的电容为0.15F，故D正确。

故答案为：D

【分析】本题主要考察电容器电容的定义式以及电容器充放电图像所围成面积的意义，根据10．【答案】D【解析】【解答】A、根据核反应前后质量数和电荷数守恒，可得X为24He，故该过程为α衰变，故A错误。

B、由质能方程可得释放出的核能∆E=∆mc2，反应后发生质量亏损，则∆E=（m1−m11．【答案】C【解析】【解答】若两束平行光a、b从表面上同一点P射出，根据几何关系可知，两束光射在平行玻璃下表面同一点，根据几何关系有a的折射角大于b的折射角，即a的折射率小于b的折射率，光在介质中的传播速度v=cn，故在玻璃中a的速度大于b的速度，A错误；折射率越大，波长越小，根据干涉条纹公式∆x=Ldλ，a光对应的干涉条纹间距更大，故B错误；根据几何关系可知a光走过的路程小于b光走过的路程，且a的速度大于b的速度，故a光先射出，故C正确；b光经过玻璃折射进入玻璃内，再经反射从上表面射出，根据光路的可逆性，无论如何增大入射角都不会发生全反射，故D错误。

12．【答案】D【解析】【解答】A、前两秒小物块做匀速直线运动，受力平衡μmgcos37o=mgsin37o，解得μ=0.75，故A错误。

B、小物块2s后开始减速，小物块的速度为1m/s，前两秒内小物块的位移为2m，接下来两秒内小物块的位移为1m，故传送带的长度为3m。B错误。

C、2s后小物块的速度小于传送带的速度，小物块相对传送带向下运动，故物体受到的摩擦力向上。C错误。

13．【答案】B【解析】【解答】A．从左端到右端的运动过程中，由于粒子只受洛伦兹力，故粒子的速度大小不变。由于粒子在两段之间来回运动，故沿磁瓶轴线方向的速度分量先变大后变小。A不符合题意；B．从靠近磁镜处返回时，在垂直于磁瓶轴线平面内时，粒子的速度与轴线垂直，故沿磁瓶轴线方向的速度分量为零，又粒子的速度的大小不变，故此时垂直磁瓶轴线方向的速度分量最大。B符合题意；C．从左端到右端的运动过程中，粒子只受洛伦兹力作用，洛伦兹力对粒子不做功，故其动能不变。C不符合题意；D．粒子做圆周运动的周期为T=2πmqB=故答案为：B。

【分析】由于粒子只受到洛伦兹力的作用所以粒子速度保持不变，由于粒子在两段之间来回运动所以眼磁瓶轴线方向的速度分量先增大后减小；由于粒子开始返回时沿磁瓶轴线方向的分速度等于0，所以垂直于磁瓶轴线的分速度达到最大值；利用洛伦兹力不做功可以判别粒子动能保持不变；利用速度的变化可以判别运动轨迹的螺距先增大后减小。14．【答案】A,B,D【解析】【解答】A、普朗克提出了能量量子化的概念，成为量子力学的奠基人，故A正确。

B、玻尔将普朗克的量子观念第一次引入原子领域，提出了量子化的原子模型，解释了氢原子光谱，故B正确。

C、根据爱因斯坦光电效应方程Ek=ℎv−w0，能否发生光电效应与光的频率有关，而与光的强弱无关，故C错误。

D、德布罗意提出了物质波的猜想，电子束的衍射实验证实了实物粒子的波动性。15．【答案】B,D【解析】【解答】A、用紫光照射氖泡，氖泡恰好能发光，说明紫光恰好可发生光电效应，现换用黄光，频率比紫光小，故不能发生光电效应，氖泡不能发光，故A错误。

B、通过金属电极发出的电子在电场的作用下获得足够的能量，可以使氖泡发光，则有e（U0—IR）=Ek+W0，当电源电压为U1时，同时用紫光照射也能发光，则有ℎv1+e（U016．【答案】（1）B；C（2）B（3）C；D【解析】【解答】（1）实验中需要用到细绳套、三角板，不需要秒表和钩码，只需用手拉动弹簧测力计，并记录大小和方向即可。故本题选BC。

（2）用两个分力的作用效果代替一个合力的作用效果，故选择等效替代法。

（3）使用弹簧测力计时使弹簧秤与木板平面平行，保证两个力都在木板平面内，橡皮筋尽量长些，两个标记点尽量远些可减少实验误差。【分析】（1）根据实验步骤选择对应的实验器材，无需秒表、钩码等器材。

（2）用两个分力的作用效果代替一个合力的作用效果为等效替代法。

（3）为减少实验误差应使橡皮筋尽量长些，标记的两个点尽量远些，保证两个力都在木板平面内。17．【答案】（1）B（2）C【解析】【解答】（1）实验前应先平衡摩擦力，具体操作为将长木板一端垫高，使小车连着已穿过打点计时器的纸带，撤去盘和重物，将打点计时器通电，轻推小车，打出均匀点迹即可。

（2）实验中应满足m远小于M，故选择C。【分析】（1）实验中要满足绳子拉力提供合外力，实验前要平衡木板的摩擦力以及纸带和限位孔之之间的摩擦力。

（2）当m远小于M时，绳子的拉力近似等于重物和盘的重力。18．【答案】（1）3.700（2）m；πbd【解析】【解答】（1）螺旋测微器的读数为3.5mm+20.0×0.01mm=3.700mm

（2）开关闭合前应保证电压表的示数最小，则金属丝接入电路的阻值最小，故接在m端；图像中信息可知接入长度为a时，电阻丝的阻值为b，则b=ρaπd【分析】（1）螺旋测微器的读数规则为主尺读数加副尺读数，并估读到下一位；

（2）根据图像信息和电阻定律R=ρL19．【答案】（1）需要（2）C（3）b【解析】【解答】（1）实验中要保证封闭气体的质量不变，活塞拉出后外界气体进入，故需要重做实验。

（2）根据气体实验定律，一定质量的气体，温度不变时，体积与压强成反比，故本题选择C。

（3）一定质量的气体，温度不变时，体积与压强成反比，而图像与纵轴出现了交点，说明截距为冰糖的体积。【分析】（1）气体实验定律是气体质量保持不变的前提下得到的。

（2）根据气体实验定律的三条规律分析，绘制图像。

（3）根据一定质量的气体，温度不变时，体积与压强成反比，分析求解。20．【答案】（1）解：封闭气体做等压变化，根据V温度与气体在细管中的高度成线性关系，可知气温计的刻度是均匀的。（2）解：封闭气体做等压变化，当液体到达饮料管的最上端时，气体的温度最高，由盖-吕萨克定律知V可得T（答案为28.5℃−28.7℃也算正确）（3）解：气体对外做功W=p⋅ΔV=由热力学第一定律知ΔU=Q−W=0.5J【解析】【分析】（1）根据一定质量的理想气体压强不变时，温度与体积的关系列方程求解。

（2）气温的测量最大值由该气温计的最大体积决定，根据盖吕萨克定律列方程求解，注意温度的单位为开尔文。

（3）气体体积膨胀，气体对外做功，并且气体从外界吸收能量，根据热力学定律列方程求解。21．【答案】（1）解：滑块P在下滑到底端的过程中，由牛顿第二定律得m代入数据可得a（2）解：滑块P下滑到底端时，有v滑块P、Q发生弹性正碰，碰撞过程中动量守恒，能量守恒，有mPv代入数据可得vP=4m/s滑块P与Q碰后，Q经t=1s滑上木板，则可知碰撞点离木板右端距离为x=而P物体到达木板右端位置的时间为Δt=此时Q物体刚好滑离木板，对Q物体受力分析，由牛顿第二定律μ可得a对木板有μ即木板静止不动，则Q在静止的木板上做匀减速直线运动，故长木板的长度L=（3）解：Q与木板间产生的热量QP在木板上运动时，由μ及μ解得aP=2.5m/则P与木板间的相对运动距离Δx=可得P与木板间产生的热量Q故P、Q与木板