贵州省2024年高考物理模拟试卷及答案8

贵州省2024年高考物理模拟试卷及答案阅卷人一、单项选择题：本大题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。得分1．福岛核污染水中含高达64种核放射性元素，其中锔-243衰变75%需要58年，则锔-243的半衰期是（）A．29年 B．116年 C．43.5年 D．14.5年2．如图所示，理想变压器的原、副线圈的匝数比为3：2，在原、副线圈的回路中分别接有阻值为R和2R的电阻，原线圈一侧接在电压有效值为220V的正弦交流电源上，副线圈回路中电阻两端的电压为（）A．40V B．80V C．120V D．180V3．亚地球行星GJ367b是一颗超轻、超快的系外行星，该行星的半径为地球半径的72%，质量为地球质量的55%。若取g=9.A．6.0m/s2 B．10m/4．某波源S发出一列简谐横波，波源S的振动图像如图所示。在波的传播方向上有A、B两质点，它们到S的距离分别为20m和28m。已知A、B两质点开始振动的时间间隔为2.0s。当B的位移为+3cm且向y轴负方向振动时，A的位移与振动方向是（）A．+23cm，y轴负方向 B．C．+3cm，y轴负方向 D．+3cm，y轴正方向5．一根轻质细绳上端固定，串联着三个质量不同的小球，从上到下小球的质量分别为2kg、3kg、1kg，三个小球均受到水平向左且大小恒定相等的风力。当三个小球稳定静止时，其实际形态最接近的是（）A． B．C． D．6．如图所示为回旋加速器的示意图，两D型盒所在区域加匀强磁场，狭缝间就有交变电压（电压的大小恒定），将粒子由A点静止释放，经回旋加速器加速后，粒子最终从D型盒的出口引出。已知D型盒的半径为R，粒子的质量和电荷量分别为m、q，磁感应强度大小为B，加速电压为U（不计粒子在电场中的运动时间），粒子在回旋加速器中运动的时间为（）A．πBR2U B．πB2R7．如图甲所示，水平地面上质量为m=0.4kg的物体在水平向右的力F作用下由静止开始运动，力F随物体位移x的变化关系如图乙所示，当位移x1=0.A．2.5N，1.5m/s B．2.5N，1.3m/sC．2.0N，1.4m/s D．2.0N，1.2m/s阅卷人二、多项选择题：本大题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。得分8．下列说法中正确的是（）A．热传递与扩散现象具有方向性B．要想把凝固在衣料上的蜡迹去掉，可以把两层绵纸分别放在蜡迹处衣服的上面和下面，然后用热熨斗来回熨烫，原因是毛细现象C．水黾可以停在水面上，是由于水的浮力作用D．玻璃杯中装入半杯热水后拧紧瓶盖，经过一段时间后发现瓶盖很难拧开。原因是瓶内气体分子单位时间内撞击瓶盖的次数增加9．如图所示，空间存在一个正四面体ABCD（由绝缘材料制成），其棱长为a，G是AB中点，H是BC中点，在水平面上顶点A、B各固定一个电荷量为+q(q>0)A．G处的场强大小为3kq2a2 C．H、D两点电势的高低为φD>φH 10．如图所示，质量为2m、长为L的木板c静止在光滑水平面上，质量为m的物块b放在c的正中央，质量为m的物块a以某一初速度从c的左端滑上c，a与b发生弹性正磁，最终b刚好滑到c的右端与c相对静止，不计物块大小，物块a、b与c间动摩擦因数均为μ，重力加速度为g，则下列说法正确的是（）A．a滑上c后与b碰撞前，b的加速度大小为1B．整个过程a、b、c系统损失的机械能为μmgLC．a、c相对静止时，a、b间距离等于1D．物块a滑上木板的初速度大小为v阅卷人三、非选择题：共5小题，共57分。得分11．在“用单摆测量重力加速度的大小”的实验中（1）如图甲所示，用秒表测量出40次全振动的时间为s。如图乙所示，用游标卡尺测量摆球直径为。（2）如下图所示的振动图像真实地描述了摆长约为1m的单摆进行周期测量的四种操作过程，图中坐标原点表示计时开始，A、B、C图反映了40次全振动的图像。已知sin5°=0.087A． B．C． D．12．如图甲所示为某同学组装的双倍率欧姆表电路图，该欧姆表的低倍率挡位为“×10”，高倍率挡位为“×100”，使用过程中只需控制开关K的断开或闭合，结合可调电阻R的调整，就能实现双倍率测量。所用器材如下：A．干电池（电动势E=3V，内阻很小，可忽略不计）B．电流表G（满偏电流Ig=2mA，内阻C．定值电阻RD．可调电阻RE．开关一个，红、黑表笔各一支，导线若干。如图乙所示，欧姆表正确组装完成之后，这位同学把原来的表盘刻度改为欧姆表的刻度，欧姆表刻度线正中央的值为“15”。（1）欧姆表的表笔分为红黑两种颜色，电路图甲中的表笔1是（填“红”或“黑”）表笔。（2）请根据电路图判断，电路中开关K断开时对应欧姆表（填“×10”或“×100”）倍率。（3）使用“×100”挡位时，将两表笔短接使电流表指针满偏，此时可调电阻R的值为Ω。（4）定值电阻R0的值为（5）欧姆表使用一段时间后，电池电动势变为2.9V，内阻增大为2Ω，但此表仍能进行欧姆调零。若用此表规范操作，测量某待测电阻得到的测量值为1800Ω，则该电阻的真实值为Ω。13．一底面边长为L的正三菱柱形透明体，其横截面如图所示。一束极窄的光线在横截面内从P点以60°的入射角入射，光线恰好能经过透明体上的Q点。已知P点和Q点分别是AB和AC的中点，光在真空中的传播速率为c，求：（1）该透明体的折射率；（2）光线在透明体中运动的时间。14．如图所示，倾角为θ=30°的足够长光滑斜面上，水平界线PQ以下存在垂直斜面向上的磁场，PQ位置x=0，磁感应强度B随沿斜面向下位移x（以m为单位）的分布规律为B=1+x(T)。一边长为L=1m（小于PQ长度），质量为m=2kg，电阻R=1Ω的金属框abcd从PQ上方某位置静止释放，金属框的ab边到达界线PQ时速度v（1）电流I大小及金属框完全进入磁场时的速度大小v2（2）金属框进入磁场过程中力F做的功；（3）金属框完全进入磁场后最终做匀速直线运动的速度大小v'15．如图所示，一条不可伸长的轻绳长度为L=55m，其一端固定在天花板上的O点，另一端连接一个质量为m1=0.1kg的小球A。在O点的正下方距离为L=55（1）轻绳刚拉直前瞬间小球A的速度大小v1（2）小球A刚好运动到O点正下方时（与B碰前瞬间），轻绳中的张力大小FT（3）小球A与小球B碰后瞬间，小球A动能的取值范围。（以上所有结果用根号或分式表示）

答案解析部分1．【答案】A【解析】【解答】由半衰期公式可得

m余=m012tT

由于

m余m0=2．【答案】C【解析】【解答】设原线圈的电流为I1，U1，副线圈的电流为I2，U2。则根据理想变压器规律及串联电路规律可得

U1U2=n1n2=I2I3．【答案】B【解析】【解答】在星球表面有

GMmR2=mg

可得

g=GMR2

4．【答案】D【解析】【解答】根据题意可知波的传播速度为

v=28m−20m2s=4m/s

由图可知波振动的周期为T=3s，则波长为

λ=vT=12m

则

5．【答案】A【解析】【解答】绳子与竖直方向夹角如图所示

则对三个小球进行受力分析，根据平衡条件可得

tanθ1=3Fm1+m2+m3=F2

对下方两个小球进行受力分析，则可得6．【答案】C【解析】【解答】粒子每次经过狭缝电场力做功为

W=qU

粒子的运动半径达到最大时，粒子的速度最大，根据洛伦兹力提供向心力有

qvmB=mvm2R

粒子每加速一次粒子在磁场中运动T2，粒子被加速的次数为

N=7．【答案】B【解析】【解答】设x1处拉力为F1，则根据图像可得

F0x2=F1x2−x1

则物体开始运动至停止的过程，由动能定理可得

F0+F12x1−μmgx2=0

联立可得

F8．【答案】A,B【解析】【解答】A、热传递与扩散现象具有方向性，故A正确；

B、放在衣服上面和下面的绵纸内有许多细小的孔道起着毛细管的作用，当蜡受热熔化成液体后，由于毛细现象，就会被绵纸吸掉。故B正确；

C、水黾可以停在水面上，是由于水的表面张力，故C错误；

D、温度降低后，气体的平均动能减小，单位时间内气体分子撞击容器的次数减小，故D错误。

故答案为：AB。

【分析】熟练掌握热力学第二定律的具体内容及其描述。熟练掌握毛细现象及液体表面张力的理解与应用。体积不变，温度降低后，气体的平均动能减小，单位时间内气体分子撞击容器的次数减小。9．【答案】B,D【解析】【解答】A、由点电荷场强公式及矢量运算法则可知，AB处电荷在G点的场强为零，则G点的场强为

EG=kq32a2=4kq3a2

故A错误；

B、由点电荷场强公式及矢量运算法则可知，ABC处电荷在D点的场强大小相等，则D点的场强为

ED=2kqa2

故B正确；

CD、根据点电荷周围空间电势分部特点可知10．【答案】A,B,D【解析】【解答】A、物块a滑上长木板c后，假设物块b与长木板c一起滑动，则有

μmg=3ma

解得

a=13μg

则有物块b与长木板c静摩擦力为

f=ma=13μmg<μmg=fmax

故假设成立，物块b与长木板c一起滑动，故A正确；

BC、物块a、b发生弹性正碰，由于物块a与物块b质量相等，所以物块a与物块b正碰后交换速度，且物块a与长木板c一起做匀加速直线运动，直到最终b刚好滑到c的右端与c相对静止，所以a、b、c相对静止时，a、b间距离等于L2，则系统机械能损失量即摩擦生热

Q=2×μmg×L2=μmgL

故B正确，C错误；

D、全过程对系统分析，根据动量守恒定律有

mv011．【答案】（1）67.5；12.40（2）A【解析】【解答】（1）秒表记录时间为

t=60s+7.5s=67.5s

小球直径为

d=12mm+8×0.05mm=12.40mm12．【答案】（1）红（2）×100（3）1400（4）500（5）1740【解析】【解答】（1）根据“红进黑出”可知，表笔1是红表笔。

（2）欧姆表的内阻

R内=EI干

由于低倍率内部总电阻小于高倍率内部总电阻，即电流表G满偏时干路电流越小，倍率越高，因此，电路中开关K断开时对应高倍率。

（3）使用“×100”挡位时，开关断开，回路的总电阻为

R总=Rg+R=1500Ω

故

R总=Rg+R=1500Ω

（4）使用“×10”挡位时，欧姆表总内阻

R内=EI干=150Ω

使用“×100”挡位时13．【答案】（1）由折射率的定义可得n=sin有几何关系有∠CPQ=30°②解得：n=3（2）光线在透明体中做匀速直线运动，故有sPQ=vtsPQ=v=c解得：t=3【解析】【分析】（1）根据几何关系确定光线在P点的折射角大小，再根据折射定律进行解答；

（2）根据几何关系确定光线在透明体中传播的距离，再根据折射定律确定光线在透明体中的传播速度，再结合光的传播特性进行解答。14．【答案】（1）设线框刚进磁场时ab边所在处磁感应强度为B1，线框完全进入磁场时ab边所在处磁感应强度为B2，据B=1+x(T)由E=BLv，I=E故I=B解得：I=2A，v2（2）由FA=BIL，可知ab边所受安培力随x线性变化，则线框进入磁场过程中克服安培力做功为对线框由动能定理可得WF解得：WF（3）线框完全进入磁场后双边切割磁感线，匀速运动时电动势为E'I'=E'R，解得：v'【解析】【分析】（1）金属框在进入磁场的过程中电流保持恒定，即线框刚进入磁场及恰好完全进入磁场时，金属框中电流的大小相等。根据题意确定两位置ab边所处的磁场强度。线框进入磁场的过程过程中只有ab边做切割磁感线运动，再对该两位置分别运用法拉第电磁感应定律及闭合电路欧姆定律进行联立解答；

（2）由于电流不变，磁感应强度随位移线性变化，则安培力也随位移线性变化，根据功的定义确定该过程中金属线框克服安培力做功大小。再对线框运用动能定理进行解答；

（3）线框完全进入磁场后双边切割磁感线，线框做匀速运动即线框所受安培力与重力沿斜面方向方向的分力大小相等。明确两边切割磁场产生感应电动势与回路中总电动势的关系，再结合法拉第电磁感应定律及闭合电路欧姆定律及平衡条件结合题意进行解答。15．【答案】（1）令绳拉直前瞬间A的速率为v1拉直前对A有x=v0y=12x2+v1解得：t=1s，v1（2）绳拉直后瞬间，A速率为v1其中tanθLtanθ解得：v绳拉直后到A、B碰前，对A有mg(L−y其中v2A刚到最低点时有FT解得：FT（3）若A与B发生完全非弹性正碰，则碰后A的动能最大，即有m1v2=(若A与B发生弹性正碰，则碰后A的动能最小，即有m1v12mEkA解得：0<E【解析】【分析】（1）绳拉直前小球做平抛运动，根据题