四川省仁寿第一中学北校区2024-2025学年高一物理下学期期末模拟试题含解析

PAGE14-四川省仁寿第一中学北校区2024-2025学年高一物理下学期期末模拟试题（含解析）1.物理学的发展丰富了人类对动物世界的相识，推动了科学技术的创新和革命，促进了物质生产的旺盛与人类文明的进步，下列表述正确的是（）A.牛顿发觉了万有引力定律，并通过试验证明了万有引力定律B.能量耗散说明能量在不停地削减，能量不守恒C.相对论的创立表明经典力学在肯定范围内不再适用D.能量守恒说明人类不用担忧能源的削减，不必节约能源【答案】C【解析】【详解】A．牛顿发觉了万有引力定律，并通过月地检验证明了万有引力定律，故A错误；B．能量耗散是指能量的可利用率越来越少，但是仍旧遵守能量守恒定律，故B错误；C．相对论并没有否定经典力学，而是在其基础上发展起来的，有各自成立范围，故C正确；D．能量守恒，但是随着可利用能源的运用，能量的可利用率越来越少，故要节约能源，故D错误。故选C。2.如图所示，大河的两岸笔直且平行，现保持快艇船头始终垂直河岸从岸边某处起先先匀加速而后匀速驶向对岸，在快艇离对岸还有一段距离时起先减速，最终平安靠岸．若河水以稳定的速度沿平行河岸方向流淌，且整个河流中水的流速到处相等，则快艇实际运动的轨迹可能是图中的()A.① B.② C.③ D.④【答案】D【解析】试题分析：在垂直河岸方向上先匀加速直线运动，即合力沿垂直河岸方向并指向要驶向的对岸，并且指向轨迹的内侧，然后匀速直线运动，轨迹是一条与河岸有夹角的直线，然后减速运动，合力沿垂直河岸方向并指向驶出的河岸，所以轨迹为④，故D正确考点：考查了运动的合成与分解3.如图所示的滑轮组拉物体A在水平桌面上做匀速直线运动。假如拉力F=3N，物体A的速度v=0.2m/s，忽视滑轮重、绳重和轴摩擦。下列说法正确的是（）A.物体A受到合力不为零B.物体A受到的拉力为9NC.拉力F的功率为0.6WD.摩擦力每秒钟做功为2J【答案】B【解析】【详解】A．物体A做匀速直线运动，所以物体受到的合力为零，故A错误；B．由图可知，拉物体A的动滑轮受到三段绳子的拉力，所以A受到的拉力故B正确；C．由于，依据滑轮的特点可知，绳子自由端移动的速度拉力的功率故C错误；D．物体A处于平衡状态，所以A受到的摩擦力大小与拉A的力大小相等，即物体A的速度摩擦力每秒做功故D错误。故选B。4.如图所示为河的横截面示意图。小明先后两次从河岸边同一位置将石子水平抛出，石子两次的初速度之比为1∶2，分别落在A点和B点，则两次石子在空中运动时间之比可能是（）A.1∶1 B.1∶2 C.3∶4 D.2∶5【答案】C【解析】【详解】假设河中没有水，斜坡足够长，可知落在B点的石子将落在斜坡上，下落的高度更大，

依据得初速度之比为1：2，则运动的时间比为1；2，由于落在B点的石子下降的高度没有这么大，可知运动的时间之比大于1：2。因为落在A点的高度小于落在B点的高度，依据知，下落的时间之比小于1：1，故C正确，ABD错误。

故选C。5.放射地球同步卫星时，先将卫星放射至近地圆轨道1，然后经点火，使其沿椭圆轨道2运行，最终再次点火，将卫星送入同步圆轨道3.轨道1、2相切于Q点，轨道2、3相切于P点，如图所示，则当卫星分别在1、2、3轨道上正常运行时，以下说法不正确是（）A.要将卫星由圆轨道1送入圆轨道3，须要在圆轨道1的Q点和椭圆轨道2的远地点P分别点火加速一次B.由于卫星由圆轨道1送入圆轨道3点火加速两次，则卫星在圆轨道3上正常运行速度大于卫星在圆轨道1上正常运行速度C.卫星在椭圆轨道2上的近地点Q的速度肯定大于7.9km/s，而在远地点P的速度肯定小于7.9km/sD.卫星在椭圆轨道2上经过P点时的加速度肯定等于它在圆轨道3上经过P点时的加速度【答案】B【解析】【详解】A．卫星由小圆变椭圆，须要在Q点点火加速，而卫星由椭圆变大圆，须要在P点点火加速，故A正确，A项不合题意；B．卫星在3轨道和1轨道做匀速圆周运动，由万有引力供应向心力，可得线速度为而，可知星在圆轨道3上正常运行速度小于卫星在圆轨道1上正常运行速度，故B正确，B项符合题意；C．卫星在1轨道的速度为7.9km/s，而由1轨道加速进入2轨道，则在椭圆轨道2上的近地点Q的速度肯定大于7.9km/s，而椭圆上由近地点到远地点减速，且3轨道的线速度大于椭圆在远地点的速度，故在远地点P的速度肯定小于7.9km/s，，即有故C正确，C项不合题意；D．卫星在不同轨道上的同一点都是由万有引力供应合外力，则卫星在椭圆轨道2上经过P点时的加速度肯定等于它在圆轨道3上经过P点时的加速度，故D正确，D项不合题意。本题选不正确的，故选B。6.如图所示，在光滑水平面上钉有两个钉子A和B，一根长细绳的一端系一个小球，另一端固定在钉子A上，起先时小球与钉子A、B均在一条直线上(图示位置)，且细绳的一大部分沿俯视顺时针方向缠绕在两钉子上，现使小球以初速度v0在水平面上沿俯视逆时针方向做匀速圆周运动，使两钉子之间缠绕的绳子渐渐释放，在绳子完全被释放后与释放前相比，下列说法正确的是()A.小球的线速度变大B.小球的角速度变大C.小球的向心加速度变小D.细绳对小球的拉力变小【答案】CD【解析】【分析】依据小球以初速度v0在水平面上沿逆时针方向做匀速圆周运动，在绳子完全被释放后与释放前相比，半径变大，速度不变，可知本题考查匀速圆周运动的相关学问，依据匀速圆周运动的规律，运用、以及等公式进行求解；【详解】A．由于小球做匀速圆周运动，在绳子完全被释放后与释放前相比，则小球所受的拉力与速度垂直，故不变更速度大小，选项A错误；B．由，v不变，r变大，则角速度变小，选项B错误；C．小球的向心加速度，v不变，r变大，则变小，选项C正确；D．细绳对小球的拉力供应小球做匀速圆周运动的向心力，则，v不变，r变大，则F变小，选项D正确．【点睛】本题中主要考查了向心力公式的干脆应用，关键抓住速度不变和圆周运动常用的公式．7.如图甲，倾角为的光滑斜面上放一轻质弹簧，其下端固定，静止时上端位置在B点，在A点放一质量m=2kg的小物块，小物块自由释放，在起先运动的一段时间内v﹣t图如图乙所示，小物块在0.4s时运动到B点，在0.9s时到达C点，BC的距离为1.2m（g取10m/s2）。由图知下列选项正确的是（）A.斜面倾角B.C点处弹簧的弹性势能为16JC.物块从B运动到C的过程中机械能守恒D.物块从C回到A的过程中，加速度先减小后增大，再保持不变【答案】BD【解析】【详解】A．物块在AB过程中时，在沿斜面方向上只受到重力沿斜面方向的分力作用，依据牛顿其次定律可得：从图乙中可得AB过程中的加速度为：联立解得：故，所以A错误；B．从图乙中可得，物块刚到B点时速度为，0.9s到达C点，，过程中只有重力和弹力做功，其中重力做功为：故依据动能定理可得：联立解得：，故B正确；C．物块从B运动到C的过程中物块、弹簧、地球组成的系统机械能守恒，但物块的机械能减小，故C错误；D．物块从C回到A的过程中，刚起先弹力：由牛顿其次定律有：物块先沿斜面对上做加速运动，但是由于在减小，所以a在减小；当速度达到最大，a为零；之后，物体接着沿斜面对上做减速运动，由牛顿其次定律有：但在减小，所以a增大；当物块离开弹簧后，在沿斜面方向只受一个力作用，所以恒定，故D正确。故选BD。8.如图所示，两个可视为质点、相同的木块A和B放在转盘上，两者用长为L的细绳连接，木块与转盘的最大静摩擦力均为各自重力的K倍，A放在距离转轴L处，整个装置能绕通过转盘中心的转轴O1O2转动，起先时，绳恰好伸直但无弹力，现让该装置从静止起先转动，使角速度缓慢增大，以下说法正确的是（）A.当时，A、B相对于转盘会滑动B.当时，绳子肯定有弹力C.在范围内增大时，B所受摩擦力变大D.在范围内增大时，A和B所受摩擦力始终变大【答案】AB【解析】【详解】A．起先角速度较小，两木块都靠静摩擦力供应向心力，B先到达最大静摩擦力，角速度接着增大，则绳子出现拉力，角速度接着增大，A的静摩擦力增大，当增大到最大静摩擦力时，起先发生相对滑动，A、B相对于转盘会滑动，对A有对B有解得故A正确；B．当B达到最大静摩擦力时，绳子起先出现弹力解得则当时，绳子肯定有弹力，故B正确；C．时B已经达到最大静摩擦力，则ω在内，B受到的摩擦力不变，故C错误；D．绳子没有拉力时，对A有则随转盘角速度增大，静摩擦力增大，绳子出现拉力后，对A有对B有联立有随着ω增大，静摩擦力也增大，时B已经达到最大静摩擦力，则ω在内，B受到的摩擦力不变，故D错误。故选AB。三、非选择题：共174分。9.在“探究恒力做功与动能变更的关系”试验中（装置如图甲所示）：(1)下列说法哪一项是正确的_____。（填选项前字母）A．平衡摩擦力时必需将钩码通过细线挂在小车上B．为减小系统误差，应使钩码质量远大于小车质量C．试验时，应使小车靠近打点计时器由静止释放(2)图乙是试验中获得的一条纸带的一部分，选取O、A、B、C计数点，已知打点计时器运用的沟通电频率为50Hz，则打B点时小车的瞬时速度大小为_____m/s（保留三位有效数字）。(3)如图是某小组改进后验证动能定理的试验装置，在滑块上安装一遮光条与拉力传感器，把滑块放在水平气垫导轨上，通过定滑轮的细绳与钩码相连，光电门安装在B处。测得滑块（含遮光条和拉力传感器）质量为M、钩码的总质量为m、遮光条的宽度为d，当地的重力加速度为g。当气垫导轨充气后，将滑块在图示A位置由静止释放后，拉力传感器记录的读数为F，光电门记录的时间为Δt。①试验中是否要求钩码总质量m远小于滑块质量M_____（填“是”或“否”）；②测得AB之间的距离为L，则对滑块验证动能定理的表达式为_____（用以上对应物理量的符号表示）；③为削减试验误差，可实行的方法是（）A．增大AB之间距离B．削减钩码的总质量C．增大滑块的质量D．削减遮光条的宽度【答案】(1).C(2).0.653(3).否(4).(5).AD【解析】【详解】(1)[1]A．平衡摩擦力时要将纸带、打点计时器、小车等连接好，但不须要通电和挂钩码，故A错误；B．为减小系统误差，应使钩码质量远小于小车质量，使系统的加速度较小，避开钩码失重的影响，故B错误；C．试验时，应使小车靠近打点计时器由静止释放，故C正确。故选C。(2)[2]B为AC时间段的中间时刻，依据匀变速直线运动规律：该段的平均速度等于该段中间时刻的瞬时速度，故有：(3)①[3]拉力是干脆通过力传感器测量的，故与小车质量和钩码质量的大小关系无关，故不须要钩码的总质量m远小于滑块的质量M；②[4]测得AB之间的距离为L，则对滑块验证动能定理的表达式为：由于遮光条的宽度较小，通过光电门的时间较短，故物块通过光电门的平均速度可以近似表示为过B点时的瞬时速度，即：故本试验中探究动能定理的表达式为：③[5]由表达式可知，该试验误差来自长度和速度的测量，故可以增大AB之间的距离或减小遮光条的宽度来减小误差，故AD正确。故选AD。10.在用落体法验证机械能守恒定律时，某同学依据正确的操作选得纸带如图．其中O是起始点，A、B、C是打点计时器连续打下的3个点.该同学用毫米刻度尺测量O到A、B、C各点的距离,并记录在图中(单位cm)．(1)这三个数据中不符合有效数字读数要求的是_____，应记作_______cm．(2)该同学用重锤在OB段的运动来验证机械能守恒，已知当地的重力加速度g=9.80m/s2，他用AC段的平均速度作为跟B点对应的物体的即时速度，则该段重锤重力势能的削减量为_______，而动能的增加量为_______，(均保留3位有效数字，重锤质量用m表示)．这样验证的系统误差总是使重力势能的削减量_______动能的增加量，缘由________．【答案】(1).OC（或15.7）(2).15.70(3).1.22m(4).1.20m(5).大于(6).因为有摩擦生热，削减的重力势能一部分转化为内能【解析】【详解】(1)[1]毫米刻度尺测量长度，要求估读即读到最小刻度的下一位；这三个数据中不符合有效数字读数要求的是OC段：15.7．[2]应记作15.70cm．(2)[3]重力势能减小量：△Ep=mghB=9.8×0.1242mJ=1.22mJ；[4]中间时刻的瞬时速度等于该过程中的平均速度，则打B时物体的速度大小：1.55m/s则动能为：1.20mJ；[5][6]因为有摩擦生热，削减的重力势能一部分转化为内能，因此重力势能的减小量大于动能的增加量．11.一宇航员在半径为R、密度匀称的某星球表面，做如下试验，用不行伸长的长为l轻绳栓一质量为m的小球，上端固定在O点，如图所示，在最低点给小球某一初速度，使其绕O点恰好能在竖直面内做圆周运动，已知最高点速度为v0．引力常量为G，忽视各种阻力，求：（1）该行星的平均密度ρ；（2）该行星的第一宇宙速度v。【答案】（1）；（2）【解析】【详解】设行星表面的重力加速度为g，对小球最高点，有解得对行星表面的物体m，有故行星质量故行星的密度（2）对处于行星表面旁边做匀速圆周运动的卫星m，由牛顿其次定律，有故第一宇宙速度为12.质量为1.0×103kg的汽车，沿倾角为30°的斜坡由坡底从静止起先向上运动，汽车在运动过程中所受摩擦阻力大小恒为2000N，汽车发动机的额定输出功率为5.6×104W，起先时以a=1m/s2的加速度做匀加速运动（g=10m/s2）。求：(1)汽车做匀加速运动的时间t1；(2)汽车所能达到的最大速率；(3)若匀加速达到最大速度后发动机功率不再变更，再经5s汽车到达坡顶，上坡过程中牵引力对汽车做的总功是多少。【答案】(1)；(2)；(3)【解析】【详解】(1)牛顿其次定律有设匀加速的末速度为v，则有代入数值，联立解得匀加速的时间为(2)当达到最大速度时，有解