广东省2024年高考物理模拟试卷及答案6

广东省2024年高考物理模拟试卷及答案阅卷人一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。得分1．两个物体A、B在同一水平面上做直线运动，它们朝同一方向经过同一位置时开始计时，之后的6秒内它们的v﹣t图像如图所示（实线为A的图像，虚线为B的图像），则在0~6s内，下列说法正确的是（）A．在4s末两物体相遇B．由图可知，两物体全程都在做运动方向相反的往返运动C．其中A物体在2~5s内的加速度大小为1m/sD．两物体相距最远距离为8m2．下表为木星的两颗卫星绕木星运动的数据，由此可知木卫一（）卫星轨道半径r卫星质量m木卫一48木卫二64A．所受向心力较小 B．向心加速度较大C．线速度较小 D．周期较大3．如图甲所示为一列沿x轴传播的简谐横波在t=0.1s时刻的波形图。图乙表示该波传播的介质中x=2m处的a质点从t=0时刻起的振动图像。下列说法正确的是（）A．波传播的速度为20m/sB．波沿x轴正方向传播C．t=0.25s时，质点a的位移沿y轴正方向D．t=0.25s时，x=3.5m处的b质点的加速度沿y轴负方向4．新型冠状病毒主要传播方式为飞沫传播，佩戴口罩可以有效预防新冠病毒的感染。小明某次打喷嚏时气流喷出的速度是50m/s，喷出6.0×10－5m3的空气，用时0.015s。已知空气的密度为1.3kg/m3，则小明打这次喷嚏受到的平均反冲力为（）A．0.13N B．0.26N C．1.3N D．2.6N5．如图所示，阴极K用极限波长λ0=0.66μm的金属铯制成，现用绿光照射阴极K，调整两个极板电压，当A极板电压比阴极高出2.5V时，光电流达到饱和，电流表示数为I=0.64μA，当A极板电压比阴极低0.6V时，光电流恰好为零，电子的电荷量e=1.60×10﹣19C，以下说法正确的是（）A．每秒钟阴极发射的光电子数6.4×1012个B．光电子飞出阴极时的最大初动能为9.6×10﹣20JC．如果把照射阴极的绿光的光强增大为原来的2倍，饱和光电流仍然不变D．现改用波长为0.74μm的红光照射，从阴极飞出的光电子的最大初动能会增大6．桶装纯净水及压水装置原理如图所示。柱形水桶直径为24cm，高为35cm；柱压水蒸气囊直径为6cm，高为8cm，水桶颈部的长度为10cm。当人用力向下压气囊时，气囊中的空气被压入桶内，桶内气体的压强增大，水通过细出水管流出。已知水桶所在处大气压强相当于10m水压产生的压强，当桶内的水还剩5cm高时，桶内气体的压强等于大气压强，忽略水桶颈部的体积。至少需要把气囊完全压下几次，才能有水从出水管流出？（不考虑温度的变化）（）A．3次 B．4次 C．5次 D．6次7．某同学设计了一货物输送装置，将一个质量为M载物平台架在两根完全相同、半径为r，轴线在同一水平面内的平行长圆柱上。已知平台与两圆柱间的动摩擦因数均为μ，平台的重心与两柱等距，在载物平台上放上质量为m的物体时也保持物体的重心与两柱等距，两圆柱以角速度ω绕轴线作相反方向的转动，重力加速度大小为g。现沿平行于轴线的方向施加一恒力F，使载物平台从静止开始运动，物体与平台总保持相对静止。下列说法正确的是（）A．物体和平台开始运动时加速度大小为a=FM+m C．物体受到平台的摩擦力逐渐增大 D．只有当F>μ(M+m)g时平台才能开始运动阅卷人二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分得分8．如图所示，质量均为m的物块A、B用轻弹簧相连，置于光滑水平面上，在水平力F的作用下，弹簧处于压缩状态，A紧压在竖直墙壁上。现撤去力F，在以后的运动过程中B的最大的速度为v，对撤去力F以后的过程，以下说法正确的是（）A．物块A离开竖直墙壁之前，竖直墙壁对A的冲量大小为mvB．物块A离开竖直墙壁之前，竖直墙壁对A做功的大小为12mvC．物块A，B和弹簧组成的系统总动量守恒，机械能守恒D．物块A的最大速度为v9．茂名市很多学校都配备了“救命神器”—自动体外除颤器（简称AED），急救有望实现“黄金3分钟”。其工作原理是利用高压整流后向储能电容C充电，使电容器获得一定的储能。治疗时，把两电极板放于患者心脏附近，按下放电按钮，在极短的时间内完成放电，让一部分电荷通过心脏，刺激心颤患者的心脏，使之恢复正常跳动。一般体外除颤能量在200∼300J之间，最大不超过400J。若除颤器的电容器的电容为C=16μF，在某次治疗时设定除颤能量为200J，在2ms内放电至两极板间电压为0。已知充电后电容器储存的电能表达式为E=12CU2A．充电完成后，两极板之间的电压为5×103V C．电容器最大的电压约为7×103V 10．如图所示，磁感应强度大小为B的匀强磁场垂直于光滑金属导轨平面向外，导轨左右两端电路所在区域均无磁场分布。垂直于导轨的导体棒接入电路的长度为L、电阻为R，在外力作用下以速度v0从左向右做匀速直线运动。小灯泡电阻为2R，滑动变阻器总阻值为4R。图示状态滑动触头位于a、b的正中间位置，此时位于平行板电容器中的P处的带电油滴恰好处于静止状态。电路中其余部分电阻均不计，各接触处都接触良好。且导轨足够长，则下列判断正确的是（）A．若将滑动变阻器的滑片向b端移动，则小灯泡将变暗B．若将滑动变阻器的滑片向a端移动，则液滴将向下运动C．图示状态下，Δt时间内流过小灯泡的电荷量为BLD．图示状态下，Δt时间内滑动变阻器消耗的电能为B阅卷人三、非选择题：共54分，请根据要求作答。得分11．某学习小组利用单摆测本地的重力加速度。（1）在选择合适的实验器材后，将符合实验要求的摆球用细线悬挂在铁架台横梁上，应采用图中（选填“甲”或者“乙”）所示的固定方式。（2）该小组组装好单摆后在小钢球自然悬垂的情况下，用毫米刻度尺从悬点量到小钢球的最低端的长度，再用游标卡尺测量摆球直径如图丙所示，则该摆球的直径为mm。（3）实验过程中，下列说法正确的是（）。A．用天平称出小钢球的质量B．测量摆线长时，要让小钢球静止悬挂再测量C．为便于观察，摆长一定的情况下，摆的振幅要尽量大些D．测量时间应从释放处开始计时（4）实验小组的同学在实验中发现，要把单摆的轨迹约束在一个确定的平面上比较困难，甲同学用一根很轻的硬杆和细线，做成如图丁所示的“杆线摆”，用加速度a=gsinθ作为等效重力加速度进行实验。乙同学对此实验方法提出质疑，认为此时周期与等效重力加速度可能不符合单摆周期关系。实验小组在相同摆长下，改变倾角θ，测出不同倾角下a与次数θ（°）T（s）a（m/s2）1111.02.521.870.731214.52.112.450.639319.01.833.190.560422.51.733.750.516525.51.624.220.487629.01.504.750.459

为了直观体现周期与等效重力加速度的关系，请在坐标纸中选择合适的物理量与单位并绘图。分析你所绘图像，你可以得出什么结论：。12．为测量某一电压表的内阻，实验室准备如下器材：A．待测电压表V1，量程0~3V，内阻约为3kΩ；B．电压表V2，量程0~15V，内阻约15kΩ；C．电阻箱R1，电阻范围0~9999Ω；D．滑动变阻器R2，电阻范围0~10；E．电源电动势约为15V，内阻可不计；F．电键、导线若干。（1）请按照给定的电路图连接实验器材；（2）将电阻箱的阻值调到7375Ω；（3）闭合电键前，将滑动变阻器的滑片滑到端（填“a”或“b”）；（4）调节滑动变阻器的滑片位置时，发现两表均有读数，但读数几乎不变，经排查发现故障为导线断路引起，请指出发生断路的导线为（填写电路图中的数字序号）；（5）排除故障后，继续进行实验，调节滑动变阻器滑片到某一位置，发现V1表刚好满偏，V2表指针偏转情况如图所示，读出V2表读数为V，待测电压表的内阻为Ω；（6）改变滑动变阻器的位置，获得多组待测电压表内阻的测量值，取平均值作为待测电压表内阻的最终结果。13．真空中一个长方形透明物体横截面如图所示，底面AB镀银，（厚度可忽略不计），一束光线从横截面上的M点入射，经过AB面反射后从N点射出，已知光线在M点的入射角α=53°，长方形透明物厚度ℎ=4cm，M、N之间距离s=6cm。求：（1）透明物体的折射率；（2）若真空中光速为c=3.14．如图所示，平面直角坐标系xOy中，第一象限内半径为R、圆心为O'的圆形区域刚好与x轴、y轴相切，S是其与x轴的切点，Q是其与y轴的切点，P是其边界上的一点，且∠PO'Q=120°，圆形区域内有垂直坐标平面向里的匀强磁场；第二象限有沿一y方向的匀强电场。一个质量为m、电荷量为+q的带电粒子，以速度v0从P点垂直磁场方向沿PO'射入圆形区域，经Q点进入第二象限，到达x轴上M点时速度方向与－x方向的夹角为（1）求圆形区域内磁感应强度大小B1和电场强度大小E；（2）求粒子从P→Q→M运动的总时间t；（3）若要让粒子从M点离开后能够沿PO'再次进入圆形磁场，可以在x轴下方整个区域加垂直坐标平面的匀强磁场。求所加磁场磁感应强度B15．如图，光滑的四分之一圆弧轨道竖直固定在光滑水平面上，圆心在O点，半径R=1.8m，厚度相同、材质相同、质量均为M=2kg的木板P、Q静止在光滑水平面上，两者相互接触但没有粘接，木板Q的右端固定有轻质挡板D，圆弧轨道的末端与木板P的上表面相切于木板P的左端，滑块B、C分别放置在木板P、Q的左端，将滑块A从圆弧轨道的顶端由静止释放，滑块滑至底端时与物块B发生碰撞。已知木板P、Q的长度分别为L1=4.86m、L2=5.6m，滑块A的质量为m1=3kg（1）求滑块A、B碰撞后瞬间，各自的速度大小；（2）求滑块A、B和木板P组成的系统因摩擦而产生的热量；（3）滑块C是否会从木板Q上滑落？如果不会从木板Q上滑落，最终会与木板Q相对静止在距离挡板D多远的地方？

答案解析部分1．【答案】D【解析】【解答】A、图像与坐标轴围成的面积等于位移，可知在前4s内A的位移大于B的位移，即在4s末两物体没有相遇，故A错误；

B、由图可知，两物体全程速度一直为正值，都在沿正方向运动，故B错误；

CD、其中A物体在2~5s内的加速度大小为

a=2−55−2m/s2=1m/s2．【答案】B【解析】【解答】A、根据万有引力定律表达式

F=GMmr2

可知木卫一质量大、轨道半径小，则木星对木卫一的引力大于木星对木卫二的万有引力，故A错误；

B、根据万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得

GMmr2=ma

可得

a=GMr2

因为木卫一的轨道半径小于木卫二的轨道半径，所以木卫一绕木星运动的向心加速度大于木卫二绕木星运动的向心加速度，故B正确；

C、根据万有引力提供向心力，由

GMmr2=mv2r

得

3．【答案】A,D【解析】【解答】A、由乙图知，质点的振动周期为T=0.2s，由甲图知，波长λ=4m，则波速为

v=λT=20m/s

故A正确；

B、由乙图知，t=0.1s时刻，质点a向上运动，根据“上下坡法”可知，该波沿x轴负方向传播，故B错误；

C、由乙图知，质点的振动周期为T=0.2s，所以质点a在t=0.25s的时刻的振动情况与t=0.05s时刻的振动情况相同，即处于负的最大位移处，所以a的位移沿y轴负方向，故C错误；4．【答案】B【解析】【解答】打一次喷嚏喷出的空气质量为m=ρV=1.3×6.0×设打一次喷嚏喷出的空气受到的作用力为F，令喷出的速度方向为正方向，根据动量定理得F=故答案为：B。

【分析】利用运动学公式求出物体的初末速度，结合物体的初末速度利用动量定理求解地面对物体的平均作用力。5．【答案】B【解析】【解答】A、每秒钟阴极发射的光电子数

n=qe=Ite=0.64×10−6×11.60×10−19=4×1012个

故A错误；

B、由题可知，遏止电压Uc=0.6V，则光电子飞出阴极时的最大初动能为

Ekm=eUc=1.60×10−196．【答案】A【解析】【解答】设至少需要把气囊完全压n次，才能有水从出水管流出，设大气压强为p0，水桶内气体体积为V0，气囊体积为V1，根据玻意耳定律可得

p0(V0＋nV1)＝p1V0

其中

p0=ρgℎ=10ρg

V7．【答案】A【解析】【解答】A、平台与两个圆柱表面的摩擦力相等，大小

f=12μM+mg

开始时平台受到两圆柱的摩擦力平衡，所以开始运动时加速度大小为

a=FM+m

故A正确；

B、圆柱表面的点转动的线速度大小为

v'=ωr

若平台运动的速度大小为v，则沿该方向上受到一根圆柱的摩擦力分量为

fx=fcosθ=12μM+mgvv2+(ωr)2

根据牛顿第二定律可得8．【答案】A,D【解析】【解答】A．撤去力F，B物块在弹力作用下加速，弹簧恢复原长时，B物块的速度达到最大，此过程中，A、B受到弹簧的弹力大小相等，方向相反，作用时间相同，则A、B的冲量大小相等，由动量定理可知I所以物块A离开竖直墙壁之前，竖直墙壁对A的冲量大小为mv，A符合题意；B．物块A离开竖直墙壁之前，由于物块A没有发生位移，则竖直墙壁对A不做功，B不符合题意；C．此过程中只有系统内的弹力做功，则机械能守恒，但竖直墙壁对A有力的作用，即系统的外力不为0，则系统动量不为0，C不符合题意；D．弹簧恢复原长时，B物块的速度达到最大，此时系统的总动量为mv，接着B减速，A加速弹簧被拉长，当B物块速度减为0时，A物块速度达最大，由动量守恒定律可知，A的最大速度也为v，D符合题意。故答案为：AD。

【分析】1.A、B受一根弹簧的力，弹簧冲量等值反向，弹簧对B冲量IB=mv，所以对A也是，A不动，所以墙对A冲量=mv。

2.A不动之前，墙对A不做功。9．【答案】A,C,D【解析】【解答】A、由公式

E=12CU2

代入数据解得

U=5×103V

故A正确；

B、电容器的电容与所带电量无关，由其本身决定，故B错误；

C、当除颤器的能量最大时，其电压也最大，由题意可知，除颤器的最大能量为400J。由公式

E=12CU2

解得

Umax=7×103V

故C正确；

D、由之前的分析可知，此次治疗，电容器的电压为5×1010．【答案】A,D【解析】【解答】A、若将滑动变阻器的滑片向b端移动，并联电路电阻减小，导致干路电流增大，内电压变大，外电压减小，因此小灯泡变暗，故A正确；

B、若将滑动变阻器的滑片向a端移动并联电路电阻增大，导致干路电流减小，内电压减小，外电压增大，因此电容器两端电压增大，电场强度增大，电场力增大，油滴向上运动，故B错误；

C、图示状态下，Δt时间内流过小灯泡的电荷量为

q=IΔt=BLv0R总Δt×12=BLv011．【答案】（1）乙（2）18.6mm（3）B（4）；在误差允许范围内，杆线摆在摆长一定情况下，周期跟等效重力加速度平方根的倒数成正比。【解析】【解答】（1）该实验中悬点要固定，所以应采用图乙所示的固定方式。

（2）由游标卡尺读数有，摆球的直径为

d=18mm+0.1×6mm=18.6mm

（3）A、本实验通过单摆的周期来测量当地的重力加速度，不需要摆球的质量，故A错误；

B、测量摆长时，要让小球静止悬挂再测量，可以更精确地测量出悬点到球心的距离，故B正确；

C、单摆只有在摆角小于或等于5°时才可以看做是简谐运动，所以摆的振幅不能太大，故C错误；

D、测量周期时，从平衡位置开始计时误差较小，需要测量30∼50此全振动的时间，再求周期减少误差，故D错误。

故答案为：B。

（4）以周期为纵轴，1a为横轴，将表格中的数据依次描点、连线，如图所示12．【答案】（1）实物电路图如图所示（2）无（3）a（4）6（5）10.5；2950（6）无【解析】【解答】（1）根据电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示

（3）为保护电路安全，闭合电键前，将滑动变阻器的滑片滑到a端。

（4）调节滑动变阻器的滑片位置时，两表均有读数，说明两电压表都与电源两极相连，电压表读数几乎不变，说明移动滑片时分压电路两端电压变化不变，可能是由于导线6断路造成，两电压表与滑动变阻器串联，滑动变阻器阻值很小，移动滑片时总电路电阻几乎不变，电压表示数几乎不变。

（5）由图示电压表可知，其量程为15V，分度值为0.5V，示数为10.5V。由串联电路特点可知，电阻箱两端电压

U=U2−U1=10.5−3=7.5V

电阻箱与电压表V1串联，则

U13．【答案】（1）光路图如图所示由几何知识可得tan解得∠1=37°所以β=∠1=37°根据折射定律可得n=（2）根据n=cv=由几何知识可得光在透明物体中传播的路程为x=故光在透明物体中传播时间为t=【解析】【分析】（1）根据题意画出光线从M到N的光路图，再根据几何关系确定光线在M点的入射角及折射角，再根据折射定律进行解答；

（2）根据几何关系确定光线在透明物体中的传播路程，根据折射定律确定光线在透明物体中的传播速度，继而确定其在透明物体中传播的时间。14．【答案】（1）由于粒子从P点垂直磁场沿PO'方向射入圆形磁场区域，所以离开圆形磁场区域时沿O'Q方向，即垂直于y轴。作PO'垂线交y轴于O1，即为粒子在匀强磁场B1rq解得B设粒子在M点速度大小为vM，则vqER=解得E=（2）设粒子在B1中做匀速圆周运动的周期为T1，从P→Q圆弧对应的圆心角为θ，运动时间为t1，则θ=6tT1=2π从Q→M，粒子做类平抛运动，在y轴方向通过距离为R，设运动时间为t2，在M点沿y轴方向速度大小为vy，则tanR=t=解得T1=23πRv（3）设O与M点间距离为xOM，则x连接O'与S点，延长O'P交x轴于N点，设S点与N点间距离为xSNxx分别作速度vM方向和O'N的垂线交于圆心O2，设粒子在匀强磁场B2中做匀速圆周运动的半径为r2rq解得xOM=233RB方向垂直纸面向里【解析】【分析】（1）粒子在圆形磁场中做匀速圆周运动，且粒子射入磁场的速度方向沿半径方向，则粒子从Q点射出时，粒子的速度方向仍沿半径方向。再根据几何关系确定粒子在磁场中的运动轨迹，再根据洛伦兹力提供向心力结合牛顿第二定律确定磁感应强度的大小。粒子进入电场后，在电场中做类平抛运动，根据题意及类平抛运动规律确定粒子从M点射出速度大小，再根据动能定理进行解答；

（2）根据几何关系确定粒子在磁场中的运动轨迹对应的圆心角，再根据带电粒子在磁场中运动规律确定粒子在磁场中的运动时间。根据几何关系确定粒子在电场中沿电场线方向的位移，平抛运动规律确定粒子在电场中运动的时间，继而得出运动总时间；

（3）粒子在x轴下方的磁场中做匀速圆周运动，从磁场中离开后，粒子做匀速直线运动回到P点。则粒子从x轴下方磁场射出时的速度方向也沿PO'15．【答案】（1）设滑块A与物块B碰撞前瞬间的速度大小为v0，对滑块A从圆弧轨道的顶端滑至底端的过程由机械能守恒定律得m解得v设滑块A、B碰撞后瞬间的速度大小分别为vA、vB，A、B发生弹性碰撞，以向右为正方向，根据动量守恒定律与机械能守恒定律分别得m1联立解得vA=3m/s（2）滑块A、B碰撞后在木板P上分别做匀减速直线运动，设滑块A、B的加速度分别为aA、aB，由牛顿第二定律得μμ假设滑块C相对木板P、Q静止，设三者整体的加速度为aP，由牛顿第二定律得μ解得a因滑块C的最大加速度为a故假设成立，可得滑块C与