浙江省慈溪市三山高级中学奉化高级中学等六校2024-2025学年高一物理上学期期中联考试题含解析

PAGE16-浙江省慈溪市三山高级中学、奉化高级中学等六校2024-2025学年高一物理上学期期中联考试题（含解析）一、单项选择题1.他是第一个把试验引进力学的科学家，并且利用试验和数学逻辑推理相结合的方法探讨物理学基本问题，从而有力地推动了人类科学相识的发展，这位科学家是A.爱因斯坦B.亚里士多德C.伽利略D.牛顿【答案】C【解析】【分析】依据物理学史和常识解答，记住闻名物理学家的主要贡献即可.【详解】伽利略是第一个把试验引进力学的科学家，他利用试验和数学逻辑推理相结合的方法确定了一些重要的力学定律，从而有力的推动了人类科学相识的发展；故C正确，A、B、D错误.故选C.【点睛】本题考查物理学史，常识性问题，对于物理学上重大发觉、独创、闻名理论要加强记忆，这也是考试内容之一.2.下列各组物理量中，全部是矢量的是A.位移、时间、速度、加速度B.加速度、位移、速度改变量、平均速度C.力、速率、位移、加速度D.位移、路程、时间、加速度【答案】B【解析】【分析】矢量是既有大小又有方向的物理量，标量是只有大小没有方向的物理量。【详解】A、位移、速度、加速度都既有大小又有方向，是矢量，时间是标量，故A错误。B、加速度、位移、速度改变量、平均速度都是矢量，故B正确。C、力、位移、加速度是矢量，而速率是标量，故C错误。D、位移、加速度是矢量，路程和时间是标量，故D错误。故选：B。【点睛】本题关键要知道矢量与标量的两大区分：一是矢量有方向，标量没有方向；二是运算法则不同，矢量运算遵守平行四边形定则，标量运算遵守代数加减法则。3.小刚同学看新闻时发觉：自从我国实行调控房价政策以来，曾经有一段时间，全国部分城市的房价上涨出现减缓趋势。小刚同学将房价的“上涨”类比成运动中的“加速”，将房价的“下降”类比成运动中的“减速”，据此类比方法，你觉得“房价上涨出现减缓趋势”可以类比成运动中的（

）A.速度增大，加速度减小 B.速度增大，加速度增大C.速度减小，加速度减小 D.速度减小，加速度增大【答案】A【解析】【详解】房价的“上涨”类比成运动中的“增速”，将房价的“下降”类比成运动中的“减速”，房价上涨类比成速度增大，减缓趋势反映房价上涨变慢，类比成速度增加变慢。而加速度的物理意义表示速度改变的快慢，房价上涨出现减缓趋势可以类比成运动中的速度增大，加速度减小。选项BCD错误，A正确。故选A。【点睛】能正确理解和区分一些物理量的含义和物理意义，其中速度和加速度的物理意义是不一样的，要求同学们能够从题目中获得有用信息，运用类比法进行分析．4.在刚结束的秋季运动会中，短跑运动员在100m田径竞赛中，测得7s末的速度是9m/s，10s末到达终点时的速度是10.2m/s，则运动员在全程内的平均速度为A.9m/s B.9.6m/s C.10m/s D.10.2m/s【答案】C【解析】【详解】由平均速度公式可得：；A．9m/s，与结论不相符，选项A错误；B．9.6m/s，与结论不相符，选项B错误；C．10m/s，与结论相符，选项C正确；D．10.2m/s，与结论不相符，选项D错误；5.将来“胶囊高铁”有望成为一种新的交通工具。“胶囊高铁”利用磁悬浮技术将列车“漂移”在真空管道中，由于没有摩擦，其运行速度最高可达到。工程人员对“胶囊高铁”在A城到B城的一个直线路段进行了测试，行驶了公里，用时6分13秒。则A.5000

是平均速度B.6分13秒是时刻C.“胶囊高铁”列车在真空管道中受重力作用D.计算“胶囊高铁”列车从A城到B城的平均速度时，不能将它看成质点【答案】C【解析】【分析】平均速度为物体通过一段时间速度，瞬时速度为某一时刻的速度；时刻为时间轴上的一点，时间间隔为时间轴上的一段时间；路程为物体运动轨迹的长度；当物体的形态、大小对所探讨的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点。【详解】A、运行速度最高可达到，为某一时刻的速度，为瞬时速度，故A错误；B、用时6分13秒对应一段过程，为时间间隔，故B错误；C、”胶囊高铁”列车在真空管道中依旧受到受重力作用，故C正确；D、探讨“胶囊高铁”列车从

A

城到

B

城的平均速度时，列车的大小可以忽视不计，可将它看成质点，故D错误；故选：C。【点睛】本题主要考查了描述物体运动的物理量，关键是知道物体能看成质点时的条件，看物体的大小体积对所探讨的问题是否产生影响，物体的大小体积能否忽视。6.如图所示为某医院体检中心的身高测量仪。测量仪顶部向下放射波速为340m/s的超声波，超声波遇到障碍物后反射回来，被测量仪接收，测量仪记录放射和接收的时间间隔。已知测量仪没有站人时，顶部距离台面3.0m，当一学生站在台面规定位置后，测量仪记录的时间间隔为0.01s，则该学生的身高最接近（）A.110cmB.130cmC.150cmD.170cm【答案】B【解析】【详解】超声波经验的路程为，因为超声波是一来一去，故单向路程为，所以人高，B正确．7.如图所示，一架无人机执行航拍任务时正沿直线朝斜向下方向匀速运动。用G表示无人机重力，F表示空气对它的作用力，下列四幅图中能表示此过程中无人机受力状况的是A. B.C. D.【答案】B【解析】【详解】由于无人机正沿直线朝斜向下方匀速运动即所受合外力为零，所以只有B图受力可能为零，故B正确。8.如图是在购物商场里常见的电梯，左图为阶梯电梯，右图为斜面电梯，设两电梯中各站一个质量相同的乘客随电梯匀速上行，则两乘客受到电梯的A.摩擦力的方向相同 B.支持力的大小相同C.支持力的方向相同 D.作用力的大小与方向均相同【答案】D【解析】【详解】对甲为阶梯电梯，进行受力分析，则为：重力与支持力，两者相平衡，不受摩擦力作用；而对于图乙为斜面电梯，受到重力、垂直于斜面的支持力与沿斜面对上的静摩擦力，依据力的合成法则可知，支持力与摩擦力的合力与重力相平衡，因此它们的支持力与摩擦力不同，只有电梯对人的作用力的大小与方向均相同，都等于重力；A．摩擦力的方向相同，与结论不相符，选项A错误；B．支持力的大小相同，与结论不相符，选项B错误；C．支持力的方向相同，与结论不相符，选项C错误；D．作用力的大小与方向均相同，与结论相符，选项D正确；9.如图所示是“探究弹力和弹簧伸长的关系”试验装置，小东仔细操作、正确读数后得到的数据记录表如下。由表可知次数物理量1234F/N00.981.962.94l/cm12.014.016.018.0x/cm02.04.06.0A.每个钩码的质量为0.98kg B.试验所用刻度尺的分度值是lmmC.弹簧的劲度系数为49N/m D.弹簧的劲度系数随弹簧的拉力的增大而增大【答案】C【解析】【详解】A．从表格数据得到1个钩码重力应当是0.98N，质量为0.1kg，故A错误；B．长度读数要估读，最终一位是估读的，故最小刻度是cm，故B错误；C．弹簧的原长是12cm，每挂一个钩码，弹簧伸长2.0cm，则弹簧的劲度系数：故C正确；D．弹簧的劲度系数与弹簧受到的拉力无关，故D错误；10.如图所示，一个重200N的物体，在粗糙水平面上向右运动，物体和水平面间的动摩擦因数μ=0.1，同时物体还受到大小为10N、方向向左的水平力作用，则水平面对物体的摩擦力的大小和方向是A.大小是10N，方向向左B.大小是20N，方向向左C.大小是20N，方向向右D.大小是10N，方向向右【答案】B【解析】【详解】物体相对于地面对右运动，则滑动摩擦力的方向水平向左，大小f=μFN=0.1×200N=20N。A．大小是10N，方向向左，与结论不相符，选项A错误；B．大小是20N，方向向左，与结论相符，选项B正确；C．大小是20N，方向向右，与结论不相符，选项C错误；D．大小是10N，方向向右，与结论不相符，选项D错误；11.粗细匀称的电线架在A、B两根电线杆之间。由于热胀冷缩，电线在夏、冬两季呈现如图所示的两种形态，若电线杆始终处于竖直状态，下列说法中正确的是（）A.冬季，电线对电线杆的拉力较大B.夏季，电线对电线杆的拉力较大C.夏季与冬季，电线对电线杆的拉力一样大D.夏季，电线杆对地的压力较大【答案】A【解析】试题分析：对于电线，重心在最低点，受力分析如下图所示。由共点力的平衡条件知，，由于夏天气温较高，电线因长度膨胀而使夹角θ变小，F变小，而电线的质量肯定，整体受力平衡，故夏季、冬季杆对地面的压力相等，选项A正确。考点：本题旨在考查共点力的平衡、力的合成与分解。12.如图所示，不计质量的光滑小滑轮用细绳悬挂于墙上O点，跨过滑轮的细绳连接物块A、B，A、B都处于静止状态，现将物块B移至C点后，A、B仍保持静止，下列说法中正确的是()A.B与水平面间的摩擦力不变B.绳子对B的拉力增大C.悬于墙上的绳所受拉力大小不变D.A、B静止时，图中α、β、θ三角始终相等【答案】D【解析】【详解】AB、对A分析，由于A处于静止，故绳子的拉力等于A的重力；绳子对B的拉力也保持不变，等于A的重力；对B分析，B向右移动时，绳与地面的夹角减小，绳水平重量增大，而水平方向B受力平衡，摩擦力增大，故A、B错误；C、由于两绳间夹角增大，而两拉力不变，故悬于墙上的绳子的拉力将减小，故C错误；D、对滑轮分析，由于A始终竖直，故绳子与墙平行，故α=θ；因拉A的绳子与拉B的绳子力相等，而拉滑轮的力与两绳子的力的合力大小相等，故拉滑轮的力应这两绳子拉力的角平分线上，故α、β、θ三角始终相等，同时增加，故D正确；故选D。【点睛】对A分析可知绳上的拉力不变，再对B分析，作出受力分析图，依据共点力的平衡条件可得出摩擦力的改变；分析滑轮受力由力的合成与分解可得出夹角的大小关系。二、不定项选择题13.质点做直线运动的位移与时间的关系为x=5t+t2（各物理量均采纳国际单位），则该质点()A.第1s内的位移是5mB.t=1s时的速度是6m/sC.随意相邻的1s内位移差都是2mD.随意1s内的速度增量都是2m/s【答案】CD【解析】【详解】A、第1s内的位移，故A错误；B、依据得，质点的初速度v0=5m/s，加速度a=2m/s2，在t=1s时的速度，故B错误；C、随意相邻的1s内的位移之差，故C正确；D、随意1s内的速度增量，故D正确；故选CD。【点睛】依据匀变速直线运动的位移时间公式得出初速度和加速度，结合速度时间公式求出1s末的速度，依据求出随意1s内速度的增量，依据得出随意相邻1s内的位移差。14.关于力、重力和弹力，下列说法正确的是A.在画力的图示时，力的作用点可不画在受力物体上B.把一木块放在水平桌面上保持静止，木块对桌面的压力就是木块受的重力C.把一木块放在水平桌面上保持静止，木块对桌面的压力，是由于木块发生形变而产生的D.形态规则的任何物体的重心都在它的几何中心上【答案】C【解析】【详解】A．在画力的图示时，力的作用点必需画在受力物体上。故A错误；B．木块放在水平桌面上保持静止，由平衡条件和牛顿第三定律分析得知，木块对桌面的压力在数值上等于木块受的重力，但压力与重力是两种不同性质的力，不能说木块对桌面的压力就是木块受的重力。故B错误；C．木块对桌面的压力是弹力，是由于施力物体木块发生形变对桌面产生的弹力。故C正确；D．只有形态规则，质量分布匀称的物体，重心才在物体的几何中心上，故D错误；15.《中国制造2025》是国家实施强国战略第一个十年行动纲领，智能机器制造是一个重要方向，其中智能机械臂已广泛应用于各种领域。如图所示，一机械臂铁夹竖直夹起一个金属小球，小球在空中处于静止状态，铁夹与球接触面保持竖直，则（）A.若增大铁夹对小球的压力，小球受到的摩擦力变大B.小球受到的摩擦力与重力大小相等C.机械手臂受到的摩擦力方向竖直向下D.若铁夹水平移动，小球受到摩擦力变大【答案】BC【解析】【详解】对小球受力分析可知，小球受重力、两侧铁夹的弹力以及摩擦力作用，依据平衡条件可知，小球在竖直方向上受到的摩擦力与重力大小相等，方向相反；依据牛顿第三定律可知，机械手臂受到的摩擦力方向竖直向下，故BC正确；增大铁夹对小球的压力，小球受到的摩擦力仍等于重力，大小不变，故A错误；若水平移动铁夹，由于小球在竖直方向受力始终平衡，故摩擦力不变，故D错误。故选BC。【点睛】本题考查摩擦力的性质，要留意小球在竖直方向上受到静摩擦力作用，留意静摩擦力的大小与正压力大小无关。16.几个水球可以拦住子弹？《国家地理频道》试验证明：四个水球就足够！四个完全相同的水球紧挨在一起水平排列，子弹在水球中沿水平方向做匀变速直线运动。恰好能穿出第四个水球，则可以判定（）A.由题干信息可以确定子弹在每个水球中运动的时间相同B.由题干信息可以确定子弹穿过每个水球的时间C.子弹在每个水球中速度改变相同D.子弹穿出第三个水球的瞬时速度与全程的平均速度相等【答案】D【解析】【详解】AB．设水球的直径为d，子弹运动的过程为匀减速直线运动，直到末速度为零，我们可以应用逆过程，相当于子弹初速度为零做匀加速直线运动。因为通过最终1个、最终2个、以及后3个、全部4个的位移分别为d，2d，3d和4d，依据x=at2知，所以时间之比为1：：：2，所以子弹在每个水球中运动的时间不同；由以上的分析可知，子弹依次穿过4个水球的时间之比为：（2-）：（−）：（−1）：1，但是不能求解穿过每个水球的详细时间，故AB错误；C．子弹在水球中沿水平方向做匀变速直线运动，则受力是相同的，所以加速度相同，由△v=at可知，运动的时间不同，则速度的改变量不同；故C错误；D．由A的分析可知，子弹穿过前3个水球的时间与穿过第四个水球的时间是相等的，由匀变速直线运动的特点可知，子弹穿出第三个水球的瞬时速度与全程的平均速度相等。故D正确。三、试验题17.探究求合力的方法”的试验状况如图甲所示，其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳．图乙是在白纸上依据试验结果画出的图．（1）图乙中的F与F′两力中，方向肯定沿AO方向的是_____。（2）本试验采纳的科学方法是_____。A．志向试验法

B．等效替代法

C．限制变量法（3）本试验中以下说法不正确的是_______________。A．两根细绳套要稍长一些B．两个分力、要适当大些C．在运用弹簧秤时要留意使弹簧秤与木板平面平行D．每一次拉伸橡皮筋时只要确保橡皮筋伸长量相同即可【答案】(1).F'(2).B(3).D【解析】【详解】（1）[1]．该试验中F是由平行四边形得出的，故存在肯定的偏差；而F′是通过试验方法得出的，其方向肯定与橡皮筋的方向相同。（2）[2]．本试验中两次要求效果相同，故试验采纳了等效替代的方法，故AC错误，B正确。（3）[3]．A、为便利标出拉力的方向，两根细绳套要稍长一些，故A正确；B、为减小试验误差，两个分力F1、F2要适当大些，故B正确；C、在运用弹簧秤时要留意使弹簧秤与木板平面平行，故C正确；D、为保证拉力的作用效果相同，每一次拉伸橡皮筋时橡皮筋的结点应到达同一位置，不能只是确保橡皮筋伸长量相同，故D错误；本题选错误的，故选D。18.在做探究匀变速直线运动的试验中，给你以下器材：打点计时器与纸带（包括低压沟通电）、复写纸、秒表、小车、钩码、细绳、导线一端带有定滑轮的长木板．（1）其中不须要的器材是______，还须要增加的器材是___________。（2）下图是用纸带拖动小车用打点计时器测定匀变速运动的加速度打出的一条纸带A、B、C、D、E为我们在纸带上所选的计数点，相邻计数点间的时间间隔为0.1s。求：打点计时器打下B点时小车的瞬时速度vB＝__________m/s;小车的加速度a＝__m/s2（均保留2位有效数字）【答案】(1).秒表(2).刻度尺(3).0.26(4).0.40【解析】【详解】（1）[1][2]．打点计时器记录了小车运动时间，因此不须要秒表；为了得到小车的运动规律，还须要刻度尺来测量计数点之间的距离，用来计算速度和加速度，所以须要刻度尺。（2）[3]．相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s，依据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上B点时小车的瞬时速度大小。[4]．依据纸带上的数据得出相邻的计数点间位移之差相等，即△x=4mm，依据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2，有：四、计算题19.升降机由静止起先以加速度a1匀加速上升2s后，速度达到3m/s，接着匀速上升10s后再以加速度a2做匀减速运动，经3s停下来。求：（1）加速度a1、a2的大小。（2）升降机上升的高度。【答案】（1）加速度a1、a2的大小分别为1.5m/s2、1.0m/s2．（2）升降机上升的高度为37.5m．【解析】试题分析：（1）由v=v0+at代入数据，求得故a1、a2大小分别为1.5m/s2、1m/s2（2）升降机上升的总高度故升降机一共上升了37.5m．20.跳伞运动员从悬停在距地面143m高度处的直升飞机上由静止跳下，先做自由落体运动，一段时间后打开着陆伞。起先以加速度大小为12.5m/s2匀减速下降，跳伞运动员落地时的速度大小为5m/s。g取10m/s2，问：（1）跳伞运动员打开着陆伞时离地面高度是多少？（2）跳伞运动员运动的总时间是多少？【答案】(1)63m（2）6.8s【解析】【详解】（1）设打开着陆伞，跳伞运动员离地面的高度为h，此时速度为v1，又跳伞运动员落地时速度大小v2=5m/s。则由匀变速直线运动的规律。有：v12=﹣2g（H﹣h）v22﹣v12=2ah解得：v1=40m/s，h=63m（2）挑伞运动员自由下落的时间为：跳伞运动员减速下落的时间为：所求总时间为：t=t1+t2=6.8s。【点睛】解决本题的关键理清运动员在整个过程中的运动规律，结合运动学公式敏捷求解，通过位移之和求出自由落体运动的末速度是解决本题的突破口。21.一质量mB=4kg的物块B放于粗糙水平桌面上并处于静止状态，另有一质量mA=2kg的物块A连着绳子静止在空中，如图所示，绳子的节点为O，OC绳子的一端C固定在竖直墙面上，并且与墙面的夹角θ=37°，（已知sin37°=0.6cos37°=0.8g取10m/s2）求：（1）OB之间绳子上的拉力F1和OC之间绳子上的拉力F2（2）此时物块B与桌面之间的摩