河北省邢台市五岳联盟2023-2024学年高二下学期4月期中考试生物试题【含答案解析】

2023—2024学年高二（下）期中考试生物学本试卷满分100分，考试用时75分钟。注意事项：1．答题前，考生务必将自己的姓名、考生号、考场号、座位号填写在答题卡上。2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。4．本试卷主要考试内容：人教版选择性必修2第3章～第4章，选择性必修3第1章～第2章第1节。一、单项选择题：本题共13小题，每小题2分，共26分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.2024年世界地球日的主题是“全球战塑”。以前人们对废弃塑料的处理方式往往是焚烧、土地填埋、往海洋倾倒。塑料埋在地里几百年、几千年甚至几万年也不会腐烂，塑料燃烧时会产生有毒气体。下列有关分析正确的是（）A.焚烧塑料只会影响局部环境，不会影响全球生态环境B.塑料制品的大量使用不会对土壤和海洋造成任何污染C.若用可降解塑料代替传统塑料，则可能会缓解环境压力D.塑料制品的大量使用不会对生物多样性产生影响【答案】C【解析】【分析】废塑料制品混在土壤中不断积累侵蚀土壤，影响农作物吸收水分及养分，导致农作物减产、并且污染地下水。丢弃在陆地或海洋中的废塑料制品，被动物当作食物吞食，导致动物死亡。塑料易燃，燃烧时产生有毒有害气体，随着被污染的空气一起吸进人们的肺里，造成肝脏、肾脏及中枢神经系统的损伤。【详解】A、焚烧塑料产生的有害气体可导致大气污染，具有全球性，A错误；B、废旧塑料混在土壤中，影响农作物吸收养分和水分，将导致农作物减产；抛弃在陆地或水体中的废旧塑料被动物当作食物吞入，导致动物死亡，故塑料制品的大量使用会对土壤和海洋造成严重污染，B错误；C、若用可降解塑料代替传统塑料，可减少塑料白色污染，从而会缓解环境压力，C正确；D、塑料制品的大量使用会使土壤和水体中大量生物死亡，使生物多样性减少，D错误。故选C。2.茶尺蠖是我国茶区最主要的食叶类害虫，其成虫具有趋光性。茶尺蠖核型多角体病毒（EoNPV）是茶尺蠖的优势病原天敌，茶尺蠖幼虫取食带EoNPV的叶片后，EoNPV会侵入茶尺蠖的肠细胞，并在虫体内不断增殖，最终导致幼虫死亡。下列相关叙述正确的是（）A.茶尺蠖与茶树之间是寄生关系 B.可以利用物理信息对茶尺蠖成虫进行诱捕C.可以利用EoNPV对茶尺蠖进行化学防治 D.用EoNPV防治茶尺蠖的效率低且会污染环境【答案】B【解析】【分析】目前控制动物危害技术方法大致有三种：化学防治、生物防治和机械防治。【详解】A、茶尺蠖是我国茶区最主要的食叶类害虫，茶尺蠖与茶树之间是捕食关系，A错误；B、茶尺蠖成虫具有趋光性，可以利用光进行诱捕，光属于物理信息，B正确；C、EoNPV是茶尺蠖优势病原天敌，利用EoNPV对茶尺蠖进行生物防治，C错误；D、用EoNPV防治茶尺蠖，属于生物防治，生物防治的效果持久，对环境无污染，D错误。故选B。3.某矿区废弃地的生态恢复工程的流程如图所示。下列相关叙述错误的是（）A.该工程的关键是植被恢复以及植被恢复所必需的土壤微生物群落的重建B.可根据当地水分状况和土壤条件，进行植树种草，大量引入外来物种C.建立饲养场等综合开发治理可能会带来良好的生态、社会、经济效益D.使用养殖场家畜粪肥可以提高土壤肥力，利于当地植被的生长【答案】B【解析】【分析】矿区废弃地的生态恢复工程：（1）问题：矿区土体、土壤和植被，乃至整个地区生态系统的破坏。（2）对策：人工制造表土、多层覆盖、特殊隔离、土壤侵蚀控制、植被恢复工程等，关键是植被恢复及其所必需的土壤微生物群落的重建。（3）案例：赤峰市元宝山矿区生态恢复工程。【详解】A、矿区废弃地的土壤和植被遭到严重破坏，因此图示工程的关键是植被恢复以及植被恢复所必需的土壤微生物群落的重建，A正确；B、大量引入外来物种可能导致外来物种入侵，使当地生物多样性减少，B错误；CD、种植的牧草可为动物提供食物，动物的粪便可有利于土壤的形成，可为植物提供肥料，利于当地植被的生长，养殖的动物还可以增加农民的收入，因此建立饲养场等综合开发治理可能会带来良好的生态、社会、经济效益，CD正确。故选B。4.某河流曾经受到大量污水污染，藻类大量繁殖，河流中多种生物大量死亡，水体浑浊。经引入净化污水的挺水植物等进行综合治理后，该流域生物多样性明显增加，该河成为“最美家乡河”。下列有关分析错误的是（）A.流入该生态系统的总能量是生产者固定的太阳能B.挺水植物净化污水可以体现出生物多样性的间接价值C.引入挺水植物时需要遵循生态工程的协调原理D.综合治理后该流域的抵抗力稳定性会明显提高【答案】A【解析】【分析】生物多样性的价值：（1）直接价值：对人类有食用、药用和工业原料等使用意义以及有旅游观赏、科学研究和文学艺术创作等非实用意义的。（2）间接价值：对生态系统起重要调节作用的价值（生态功能）。（3）潜在价值：目前人类不清楚的价值。【详解】A、依据题干信息，流入该生态系统的总能量除了生产者所固定的太阳能，还有污水中有机物中的能量，A错误；B、挺水植物净化污水体现的是调节生态系统的功能，体现了生物多样性的间接价值，B正确；C、协调原理是指在生态工程建设时，要注意考虑生物与环境、生物与生物的协调，挺水植物的引入要遵循该原理，C正确；D、综合治理后，生物多样性增加，营养结构变得复杂，生态系统的抵抗力稳定性会明显提高，D正确。故选A。5.中国向世界郑重承诺：中国将争取在2030年前实现碳达峰，2060年前实现碳中和。碳达峰是指某一区域在某一个时间点，CO2的排放量达到峰值之后不再增长，逐步回落；碳中和是指在一定时间内，直接或间接产生的CO2排放总量和通过一定途径吸收的CO2总量相等，实现CO2“零排放”。下列说法错误的是（）A.增加生产者的数量有利于实现碳中和 B.新能源汽车的应用有利于实现碳达峰C.实现碳中和可以减缓温室效应的发生 D.实现碳达峰后空气中的CO2总量就会减少【答案】D【解析】【分析】生态系统的物质循环概念：组成生物体的C、H、O、N、P、S等元素，都不断进行着从无机环境到生物群落，有从生物群落到无机环境的循环过程。【详解】A、植树造林、退耕还草可以增加对二氧化碳的吸收，有助于实现碳中和，A正确；B、化石燃料的大量燃烧是空气中二氧化碳浓度增加的主要原因，新能源汽车的应用有利于实现碳达峰，B正确；C、碳中和后大气中的二氧化碳能保持稳态，有助于解决全球温室效应的问题，C正确；D、碳达峰指在某一个时间点，二氧化碳的排放不再增长达到峰值，之后逐步回落，而空气中二氧化碳浓度受排放和吸收双重影响，故其浓度仍可能增加，D错误。故选D。6.泡菜口感爽脆伴有清香，是很多家庭的必备菜肴。下列有关泡菜制作的叙述，正确的是（）A.泡菜的制作主要利用了酵母菌的无氧呼吸 B.“陈泡菜水”容易滋生杂菌，不能用来制作泡菜C.泡菜“咸而不酸”可能是由食盐含量过高导致的 D.泡菜越软烂说明发酵越彻底，泡菜品质越佳【答案】C【解析】【分析】制作泡菜所用微生物是乳酸菌，其代谢类型是异养厌氧型。在无氧条件下，将糖分解为乳酸。【详解】A、泡菜的制作主要利用了乳酸菌的无氧呼吸，A错误；B、陈泡菜水中含有乳酸菌，因此制作泡菜时，可以加入陈泡菜水，以增加乳酸菌数量，缩短制作时间，B错误；C、若制作的泡菜咸而不酸最可能的原因是大量的食盐抑制了乳酸菌的发酵过程，乳酸产生减少，C正确；D、泡菜过于烂软，口感不清脆，品质变差，还可能因杂菌污染而导致霉烂，D错误。故选C。7.发酵工程的基本流程如图所示。下列有关分析错误的是（）A.发酵工程所用的菌种可从自然界中筛选或通过诱变育种获取B.过程①表示扩大培养，增大菌种数量可以缩短生产周期C.过程③是发酵工程的中心环节，需要严格控制发酵条件D.过程④中分离提纯得到的蛋白质可以用来制备单细胞蛋白【答案】D【解析】【分析】发酵罐内发酵是发酵工程的中心环节。在发酵过程中，要随时检测培养液中的微生物数量、产物浓度等，以了解发酵进程。性状优良的菌种可以从自然界中筛选出来，也可以通过诱变育种或基因工程育种获得。【详解】A、发酵工程所用的菌种可从自然界中筛选或通过诱变育种或基因工程育种获取，A正确；B、过程①表示扩大培养，可以在较短时间内增大菌种数量，进而缩短生产周期，B正确；C、过程③是发酵工程的中心环节，需要严格控制温度、pH和溶解度等发酵条件，C正确；D、单细胞蛋白是在适宜条件下通过发酵获得的大量微生物菌体，是指微生物本身，D错误。故选D。8.水果“酵素”是利用新鲜水果进行发酵产生的含有丰富的糖类、有机酸、维生素等营养成分的混合发酵液。很多人在食用家中自制水果“酵素”后，出现肠胃不适等现象，可能是由水果“酵素”制作过程中受到杂菌污染导致的。下列有关水果“酵素”制作过程中所采用的消毒或灭菌技术的分析，错误的是（）A.自制水果“酵素”所用的容器可以煮沸消毒后再使用B.自制水果“酵素”所用的原料可以利用沸水冲洗灭菌C.自制水果“酵素”时加入一些柠檬可能会抑制杂菌生长D.自制好的水果“酵素”经消毒后再食用可能会更安全【答案】B【解析】【分析】发酵工程是指采用现代工程技术手段，利用微生物的某些特定功能，为人类生产有用的产品，或直接把微生物应用于工业生产过程的一种技术。发酵工程的内容包括菌种选育、培养基的配置、灭菌、种子扩大培养和接种、发酵过程和产品的分离提纯（生物分离工程）等方面。【详解】A、自制水果“酵素”所用的容器可以煮沸消毒后再使用，以防止杂菌污染，A正确；B、自制水果“酵素”所用的原料不可以利用沸水冲洗灭菌，否则会杀死水果表面上的菌种，B错误；C、柠檬富含柠檬酸，可使发酵呈酸性，抑制杂菌生长，C正确；D、自制好的水果“酵素”常采用巴氏消毒法消毒，既有利于水果“酵素”的保存，又有利于提高食品的安全性，D正确。故选B。9.某兴趣小组为从土壤中筛选出某类细菌制备相应培养基，培养基成分如表所示。下列有关分析错误的是（）成分KH2PO4Na2HPO4MgSO4·7H2O葡萄糖尿素琼脂质量/g1.42.10.210.01.015.0A.从物理性质角度分析，该培养基属于固体培养基B.从功能角度分析，该培养基属于选择培养基C.该培养基可以筛选出能分解尿素的微生物D.该培养基灭菌后还需要将pH调至中性或弱碱性【答案】D【解析】【分析】1、培养基的成分包括水、无机盐、碳源、氮源等。2、分析表格：表格中含有琼脂，从物理性质来说，属于固体培养基；从培养基的功能上看，该培养基以尿素为唯一氮源，属于选择培养基，用于筛选尿素分解菌。【详解】A、该培养基中含有凝固剂琼脂，所以从物理性质角度分析，该培养基属于固体培养基，A正确；BC、该培养基以尿素作为唯一氮源，所以该培养基可以用于筛选尿素分解菌，属于选择培养基，BC正确；D、调节pH应在灭菌之前，D错误。故选D。10.某酿酒厂得到了一批优良酵母菌菌种，技术人员对其进行分离和纯化，划线接种和培养结果分别如图甲、乙所示，且甲、乙的对应位置不变。下列有关分析错误的是（）A.图甲中d区域为划线的起始位置 B.图甲中连续划线可以将聚集的菌种分散C.图甲划线过程中共须灼烧接种环4次 D.图乙中能获得符合要求的单菌落【答案】C【解析】【分析】平板划线法是通过接种环在琼脂固体培养基表面连续划线的操作，将聚集的菌种逐步稀释分散到培养基的表面。在数次划线后培养，可以分离到由一个细胞繁殖而来的肉眼可见的子细胞群体，这就是菌落。【详解】A、每次划线的菌种来自上一区域的末端，因此划线的起始区域菌落最多，由图乙可知，图甲中的d区域菌落多，为划线的起始位置，A正确；BD、连续划线的目的是通过该操作将聚集的菌种逐步稀释分散到培养基的表面，从而获得单菌落，即图乙中能获得符合要求的单菌落，BD正确；C、每次划线前后都需要将接种环灼烧灭菌，因此按照图中划线顺序(d→c→b→a)，整个划线过程需要对接种环灼烧5次，C错误。故选C。11.沙果中的有机酸、维生素含量较高，有很高的营养价值。人们对其进行深加工，开发生产出了沙果果酒、果醋等发酵产品。下列有关制作过程或原理的分析，错误的是（）选项制作产品有关制作过程或原理的分析A沙果果酒发酵过程中及时拧开发酵瓶盖为发酵提供充足的空气B沙果果酒发酵瓶大约留1/3的空隙，避免产生气体导致发酵液溢出C沙果果醋在O2和糖源充足的条件下，醋酸菌将糖分解成醋酸D沙果果醋发酵温度为30～35℃时较适宜，该温度有利于醋酸菌生长繁殖A.A B.B C.C D.D【答案】A【解析】【分析】果酒和果醋制作过程中的相关实验操作：（1）材料的选择与处理：选择新鲜的葡萄，榨汁前先将葡萄进行冲洗，除去枝梗(2）灭菌：①榨汁机要清洗干净，并晾干，②发酵装置要清洗干净，并用70%的酒精消毒(3）榨汁：将冲洗除枝梗的葡萄放入榨汁机榨取葡萄汁（4）发酵：①将葡萄汁装入发酵瓶，要留要大约1/3的空间，并封闭充气口②制葡萄酒的过程中，将温度严格控制在18℃~25℃，时间控制在10~12d左右，可通过出料口对发酵的情况进行，及时的监测，③制葡萄醋的过程中，将温度严格控制在30℃~35℃，时间控制在前7~8d左右，并注意适时通过充气口充气。【详解】A、制作果酒时，发酵过程中及时拧松发酵瓶盖为了排出气体，防止发酵液溢出，A错误；B、制作果酒时，发酵瓶大约留1/3的空隙，使酵母菌繁殖，避免产生气体导致发酵液溢出，B正确；C、制作果醋时，在O2和糖源充足的条件下，醋酸菌将糖分解成醋酸，C正确；D、制作果醋时，发酵温度是30～35℃时较适宜，该温度有利于醋酸菌生长繁殖，D正确。故选A。12.鲜牛奶容易被金黄色葡萄球菌污染，该菌高度耐盐，可引起人类肺炎等疾病。该菌在血平板（培养基中添加适量血液）上生长时，会破坏菌落周围的红细胞而出现溶血圈。某小组检测鲜牛奶被金黄色葡萄球菌污染情况的操作流程如图所示。下列有关叙述错误的是（）A.鲜牛奶在饮用前可以用高压蒸汽灭菌法进行灭菌B.肉汤培养基中加入NaCl可能会使某些菌渗透失水C.振荡培养可使细菌与营养物质充分接触，利于其生长D.该实验采用的是平板划线法，该方法不用于细菌计数【答案】A【解析】【分析】培养基的概念及营养构成：（1）概念：人们按照微生物对营养物质的不同需求，配制出的供其生长繁殖的营养基质；（2）营养构成：各种培养基一般都含有水、碳源、氮源、无机盐，此外还要满足微生物生长对pH、特殊营养物质以及氧气的要求．例如，培养乳酸杆菌时需要在培养基中添加维生素，培养霉菌时需将培养基的pH调至酸性，培养细菌时需将pH调至中性或微碱性，培养厌氧微生物时则需要提供无氧的条件。【详解】A、鲜牛奶在饮用前使用用巴氏消毒法进行消毒，既可以杀死牛奶中的绝大多数微生物，也不会破坏牛奶中的营养成分，A错误；B、当肉汤中的NaCl溶液浓度大于菌体中的浓度时，就会导致菌体渗透失水，B正确；C、振荡培养可使细菌与营养物质充分接触，同时可以增大培养液中的氧气含量，有利于细菌生长，C正确；D、依据图示信息，使用的是接种环接种，可判断使用的方法是平板划线法，该方法不能用于计数，D正确。故选A。13.狼爪瓦松是一种具有观赏价值的野生花卉且其次生代谢物中的黄酮类化合物可入药。为满足狼爪瓦松市场化的需求，某科研小组利用植物细胞工程等技术手段，进行狼爪瓦松的扩大培养，具体过程如图所示，其中序号代表相应的处理过程。下列有关分析正确的是（）A.该实验选择幼嫩的叶作为外植体主要是为了获得脱毒苗B.过程③一般需要给予愈伤组织适当时间和强度的光照C.过程④可用射线处理，可获得大量所需的突变体D.过程⑥利用愈伤组织全能性高的特点获得大量黄酮类化合物【答案】B【解析】【分析】根据图分析，过程①为接种外植体，②为诱导脱分化形成愈伤组织，③为诱导再分化，④为诱变育种，⑤为植物体细胞杂交，⑥为通过植物细胞培养获得黄酮类化合物。【详解】A、该实验选择幼嫩的叶作为外植体的原因主要是由于幼嫩的叶分化程度低，植物组织培养的成功率高，A错误；B、过程③表示再分化，需要给予愈伤组织适当时间和强度的光照，利于叶绿素的合成，B正确；C、过程④可用射线处理，可以使植株发生基因突变，基因突变具有多害少利性，C错误；D、过程⑥利用愈伤组织分裂能力强的特点可大量获得黄酮类化合物，没有培育成相应植株，不能体现其全能性，D错误。故选B。二、多项选择题：本题共5小题，每小题3分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有两个或两个以上选项符合题目要求，全部选对得3分，选对但不全的得1分，有选错的得0分。14.大兴安岭的森林植被繁茂、土壤肥沃且无污染，是常常处于生态平衡的生态系统。春秋季节降水较少，温度较高，树木干燥容易产生火灾，火灾的发生会打破大兴安岭森林生态系统的生态平衡。下列有关分析正确的是（）A.正反馈调节参与了维持和恢复该生态系统的生态平衡B.火灾后，该生态系统的物质输入与输出可能不均衡C.火灾的发生可能会降低该生态系统的抵抗力稳定性D.该生态系统处于生态平衡时不需要外界的能量输入【答案】BC【解析】【分析】1、一般情况下，生态系统中的组成成分越多，营养结构就越复杂，生态系统的自我调节能力就越强，其抵抗力稳定性就越强，恢复力稳定性就越弱。2、提高生态系统稳定性的措施：（1）控制对生态系统的干扰程度；（2）实施相应的物质、能量投入，保证生态系统内部结构与功能的协调关系。【详解】A、维持和恢复该生态系统的生态平衡依靠负反馈调节，A错误；B、火灾后，植被遭到破坏，所以生态系统的自我调节能力会降低，物质输入和输出可能会出现不均衡，B正确；C、火灾的发生，会导致生态系统的组成成分减少，营养结构发生变化，自我调节能力降低，抵抗力稳定性降低，C正确；D、一个稳定的生态系统处于处于生态平衡时往往需要外界的能量输入，保证生态系统内部结构和功能的协调，D错误。故选BC。15.某同学绘制的某生态系统的碳循环模型如图所示，其中甲～戊表示生态系统的组成成分，序号表示相关过程。下列叙述错误的是（）A.碳循环是指含碳的化合物在甲与戊之间循环 B.图中过程③④⑤⑥⑦均可代表呼吸作用C.乙与丙之间的碳主要以含碳有机物的形式传递 D.铅等有害物质在图中乙内的积累量最大【答案】ABD【解析】【分析】题图为碳循环模型图，其中甲～戊表示生态系统成分，数字表示相关过程，故甲为生产者，戊为大气中的CO2，乙为初级消费者，丙为次级消费者，丁为分解者；①为光合作用，②③④⑦均为呼吸作用，⑤⑥为捕食。【详解】A、碳循环是指含碳元素在生物群落与无机环境之间循环，A错误；B、题图为碳循环模型图，其中甲～戊表示生态系统成分，数字表示相关过程，故甲为生产者，戊为大气中CO2，乙为初级消费者，丙为次级消费者，丁为分解者；①为光合作用，②③④⑦均为呼吸作用，⑤⑥为捕食，B错误；C、乙（初级消费者）与丙（次级消费者）之间的碳主要以含碳有机物的形式传递，C正确；D、铅等有害物质在图中丙（次级消费者）内的积累量最大，D错误。故选ABD。16.水污染是全球性的环境问题，微生物降解是治理水污染的有效手段之一、聚乙烯醇[PVA，化学式为（C2H4O）n]是存在于化工污水中的一种难以降解的大分子有机物。PVA与含碘培养基中的碘发生反应产生蓝绿色复合物，PVA降解菌能产生相应的降解PVA的酶，PVA降解产物不能与碘形成上述复合物而在菌落周围形成透明圈。下列相关叙述正确的是（）A.采用以PVA为唯一碳源的选择培养基筛选能降解PVA的细菌B.用稀释涂布平板法接种分离得到的PVA降解菌并进行计数C.培养PVA降解菌的培养基中加入碘，可用于鉴别PVA降解菌D.菌落直径/透明圈的值越大，说明细菌降解PVA的能力越强【答案】ABC【解析】【分析】选择培养基是在培养基中加入某种化学物质，以抑制不需要的微生物的生长，促进所需要的微生物生长，培养、分离出特定的微生物。【详解】A、以PVA为唯一碳源的选择培养基上只有能分解PVA的微生物生长，其它微生物一般不能生长，因此采用以PVA为唯一碳源的选择培养基筛选能降解PVA的细菌，A正确；B、用稀释涂布平板法接种可使菌体在培养基上均匀分布，可分离得到的PVA降解菌并进行计数，B正确；C、PVA与含碘培养基中的碘发生反应产生蓝绿色复合物，若PVA被降解，则蓝绿色消失，因此培养PVA降解菌的培养基中加入碘，可用于鉴别PVA降解菌，C正确；D、菌落周围的透明圈越大，说明细菌降解PVA的能力强，因此菌落直径/透明圈的值越小，说明细菌降解PVA的能力越强，D错误。故选ABC。17.某小组利用基因型为BbTt的玉米（2n=20）芽尖细胞进行了如图所示的实验操作，其中细胞X发育形成的植株称为植株X。下列分析正确的是（）A.图中利用了植物组织培养、单倍体育种等技术B.幼苗1和幼苗2的成熟体细胞的基因型均为BbTtC.植株B一般为纯合子，植株C一般表现为高度不育D.植株X的形成可以体现出植物细胞膜具有流动性【答案】ACD【解析】【分析】分析图可知，先将芽尖细胞组织培养，所得植株A基因型与亲本相同为BbTt；幼苗2为花药离体培养形成的单倍体，其经过秋水仙素处理可以得到纯合体植株B，若直接培育可得到单倍体植株C；植株A的体细胞a与细胞c的融合为细胞X。【详解】A、分析图可知，图中利用到单倍体育种、植物组织培养技术和植物细胞融合技术等，A正确；B、植株A的基因型与亲本相同为BbTt，幼苗2为花药离体培养形成的单倍体，其基因型有BT、Bt、bT和bt，B错误；C、植株B为幼苗2经秋水仙素处理获得，所以植株B一般为纯合子，植株C为单倍体，一般表现为高度不育，C正确；D、植株A的体细胞a与细胞c的融合为细胞X，可以体现出植物细胞膜具有流动性，D正确。故选ACD。18.铁皮石斛中含有丰富的生物碱，生物碱具有很好的临床价值。某小组利用铁皮石斛新生芽诱导培育拟原球茎（PLBs，类似愈伤组织），生产生物碱。PLBs质量、生物碱含量随时间的变化情况如图所示。下列相关叙述正确的是（）A.利用铁皮石斛新生芽培育PLBs的过程体现了植物细胞的全能性B.上述实验过程中需要进行无菌操作，实验器械需要进行灭菌处理C.上述结果表明光照不是铁皮石斛新生芽脱分化形成PLBs的必需条件D.上述结果表明光照会影响PLBs的质量，也会影响生物碱的含量【答案】BC【解析】【分析】在一定的激素和营养等条件的诱导下，外植体可脱分化形成愈伤组织。在脱分化过程中，植物细胞的分化程度逐渐降低，全能性逐渐升高。脱分化形成的愈伤组织由一些排列疏松而无规则，高度液泡化、呈无定形状态的薄壁细胞组成。【详解】A、依据题干信息，利用铁皮石斛新生芽培育PLBs（类似愈伤组织）的过程表示的组织培养的脱分化阶段，并没有形成完整的个体或分化成各种细胞，所以不能体现植物细胞的全能性，A错误；B、上述实验过程中需要在无菌条件下进行操作，实验器械需要进行灭菌处理，B正确；C、依据图示信息，在培养的起始阶段，光照条件和黑暗条件的两曲线基本吻合，所以可判断，光照不是铁皮石斛新生芽脱分化形成PLBs的必需条件，C正确；D、据图可知：光照会影响PLBs的质量，但是由于缺少黑暗条件下生物碱含量的曲线图的对比，所以无法判断光照是否会影响生物碱的含量，D错误。故选BC。三、非选择题：本题共5小题，共59分。19.稻虾综合种养模式是一种新型的生态农业模式。该模式中水稻在生长期时由小龙虾的排泄物提供养分，稻田收割后的稻草可以作为深层覆盖物以增加土壤有机物的含量，减少了人工有机肥的投入。由于小龙虾的捕食作用，该模式中病虫害明显减弱，浮游植物的多样性提高，促进了小龙虾的养殖，给人们带来了较好的经济效益。回答下列问题：（1）由题意可知，小龙虾在该生态系统的组成成分是_____，该稻虾综合种养模式主要遵循生态系统的_____原理（答出2点）。（2）该生态系统中部分能量流动情况如表所示（单位：J·cm-2·a-1）。项目第一营养级固定第一营养级呼吸消耗第二营养级摄入第二营养级同化第二营养级呼吸消耗能量值120048030017238①经调查发现，流入该生态系统的总能量远大于1200J·cm-2·a-1，主要原因是_____。②据表可知，第二营养级排出的粪便中的能量为_____J·cm-2·a-1这部分能量属于第_____营养级流向分解者的能量。（3）螟虫是一种水稻害虫，从能量流动的角度分析，稻田中防治螟虫的意义是_____。【答案】（1）①.消费者②.整体、循环、协调（2）①.除第一营养级固定的能量外，流入该生态系统的总能量还有人工投入的有机肥和小龙虾饲料中的能量②.128③.一（3）调整能量流动关系，使能量流向对人类最有益的部分【解析】【分析】初级消费者摄入量包括粪便量和次级消费者同化量，同化量又包括呼吸作用以热能形式散失的量和用于生长、发育和繁殖的量，生长、发育和繁殖的量又分为流向下一营养级的量和被分解者利用的量。【小问1详解】小龙虾可捕食害虫，属于消费者，该模式中水稻在生长期时由小龙虾的排泄物提供养分，稻田收割后的稻草可以作为深层覆盖物以增加土壤有机物的含量，减少了人工有机肥的投入，体现了循环原理，由于小龙虾的捕食作用，该模式中病虫害明显减弱，浮游植物的多样性提高，促进了小龙虾的养殖，给人们带来了较好的经济效益，体现了协调和整体原理。【小问2详解】①由于除第一营养级固定的能量外，流入该生态系统的总能量还有人工投入的有机肥和小龙虾饲料中的能量，因此流入该生态系统的总能量远大于生产者固定的太阳能。②第二营养级的摄入量=第二营养级的粪便量+第二营养级的同化量，因此第二营养级排出的粪便中的能量为300－172=128J·cm-2·a-1，这部分能量属于上一营养级即第一营养级流向分解者的能量。【小问3详解】螟虫是一种水稻害虫，稻田中防治螟虫可通过调整能量流动关系，使能量流向对人类最有益的部分。20.黄酒是具有中国特色的三大酿造酒之一，其历史悠久，是中国的民族特产。黄酒的传统酿造工艺的基本流程主要包括制曲→浸米→蒸饭→主发酵→后发酵→压榨→过滤→杀菌→装瓶。回答下列问题：（1）酿造黄酒之前，必须提前做好酒曲，酒曲中主要微生物是_____。一般选择在天气较热的时候制作酒曲，原因可能是_____。（2）糯米、黍米、小米等均可作为黄酒的酿制原料。酿造黄酒时，需要先将糯米等原料浸泡一段时间，使其中淀粉吸水，然后对其进行蒸煮。蒸煮有利于使糯米等谷物中的淀粉等糖化形成_____等酿酒的原料，同时还能起到一定的_____作用。（3）煮好的小米须放冷后才能加入酒曲进行发酵的主要原因是_____。向发酵罐中加入适量往年的老酒酒糟可以促进黄酒酿造过程，原因是_____。（4）黄酒中含有丰富的氨基酸、有机酸、维生素，还含有活性多糖、功能性低聚糖等功能因子，酵母菌的繁殖、大部分糖的分解和代谢物的生成主要是在_____（填“主发酵”或“后发酵”）阶段完成的。发酵过程中需要严格控制主发酵室的温度等条件，温度过高容易导致黄酒快速发酵变酸，推测其原因是_____（答出1点）。【答案】（1）①.酵母菌②.酵母菌生长的最适温度较高（2）①.葡萄糖②.灭菌（3）①.避免温度过高使酒曲中的酵母菌死亡②.老酒酒糟中含有酵母菌，可以加快酒精产生速率（4）①.主发酵②.温度过高时，黄酒快速发酵产生的酒精在醋酸菌的作用下进一步发酵形成醋酸【解析】【分析】果酒的制作离不开酵母菌，酵母菌是兼性厌氧微生物，在有氧条件下，酵母菌进行有氧呼吸，大量繁殖，把糖分解成二氧化碳和水；在无氧条件下，酵母菌能进行酒精发酵。故果酒的制作原理是酵母菌无氧呼吸产生酒精，酵母菌最适宜生长繁殖的温度范围是18～30℃；生产中是否有酒精的产生，可用酸性重铬酸钾来检验，该物质与酒精反应呈现灰绿色。【小问1详解】酒精发酵的主要菌种是酵母菌，因此酒曲中主要的微生物是酵母菌。由于酵母菌生长的最适温度较高，一般是18～30℃，因此一般选择在天气较热的时候制作酒曲。【小问2详解】酵母菌呼吸的底物主要是葡萄糖，蒸煮有利于使糯米等谷物中的淀粉等糖化形成葡萄糖等酿酒的原料，同时还能起到一定的灭菌作用，可减少杂菌的污染。【小问3详解】煮好的小米须放冷后才能加入酒曲进行发酵，主要是避免温度过高使酒曲中的酵母菌死亡，使发酵失败。往年的老酒酒糟含有菌种酵母菌，因此向发酵罐中加入适量往年的老酒酒糟可以增加菌种数量，加快酒精产生速率，促进黄酒酿造过程。【小问4详解】酵母菌的繁殖、大部分糖的分解和代谢物的生成主要是在主发酵阶段完成的。发酵过程中需要严格控制主发酵室的温度等条件，温度过高时，黄酒快速发酵产生的酒精在醋酸菌的作用下进一步发酵形成醋酸，因此温度过高容易导致黄酒快速发酵变酸。21.豆科植物紫花苜蓿产草量高，含丰富的动物必需氨基酸，被誉为“牧草之王”。某地盐碱胁迫影响了紫花苜蓿的生长发育，科研人员从紫花苜蓿根瘤中筛选分离耐盐碱的根瘤菌的主要流程如图所示，其中序号代表相应的步骤。回答下列问题：（1）实验称取的1g根瘤_____（填“能”或“不能”）进行灭菌处理。上述实验过程中用到的接种方法是_____。科研人员发现从盐碱地紫花苜蓿根瘤中成功筛选分离出耐盐碱的根瘤菌的概率更高，主要原因是_____。（2）YMA培养基可以用于培养、分离和计数根瘤菌，步骤④中还需要同时培养一个_____平板做对照，以确定YMA培养基未被杂菌污染。若图中YMA培养基培养后分别长出了165、169、161个菌落，则该样本中每克根瘤中约含根瘤菌_____个。（3）Ashby培养基也称阿须贝氏无氮培养基，Ashby培养基中应含有_____等基本营养物质。与YMA培养基相比，改良的Ashby培养基中_____的含量应更高，以更好实现筛选耐盐根瘤菌的实验目的。【答案】（1）①.不能②.稀释涂布平板法③.耐盐碱的根瘤菌在高盐碱条件下能生存，而绝大多数不耐盐碱的根瘤菌在此条件下不能生存（或生物与其生存环境是相适应的）（2）①.未接种的YMA培养基②.1．65×10⁸（3）①.碳源、水、无机盐②.盐分（或NaCl）【解析】【分析】微生物数目的间接计数法（活菌计数法）：①原理：当样品的稀释度足够高时，培养基表面生长的一个菌落，来源于样品稀释液中的一个活菌。通过统计平板上的菌落数，就能推测出样品中大约含有多少活菌。②操作a、设置重复组，增强实验的说服力与准确性。b、为了保证结果准确，一般选择菌落数在30～300的平板进行计数。③计算公式：每克样品中的菌株数=（c÷V）×M，其中c代表某一稀释度下平板上生长的平均菌落数，V代表涂布平板时所用的稀释液的体积（mL），M代表稀释倍数。【小问1详解】本实验是从根瘤中分离耐盐碱的根瘤菌，因此称取的1g根瘤不能进行灭菌处理。图示中菌液经过多次稀释后涂布在培养基上，故接种方法为稀释涂布平板法。由于耐盐碱的根瘤菌在高盐碱条件下能生存，而绝大多数不耐盐碱的根瘤菌在此条件下不能生存，因此从盐碱地紫花苜蓿根瘤中成功筛选分离出耐盐碱的根瘤菌的概率更高。【小问2详解】未检验培养基灭菌是否彻底，步骤④中还需要同时培养一个未接种的YMA培养基平板做对照。图示培养液被稀释了105倍，因此若图中YMA培养基培养后分别长出了165、169、161个菌落，则该样本中每克根瘤中约含根瘤菌（165+169+161）÷3÷0.1×105=1.65×10⁸个。【小问3详解】基本培养基应含有碳源、氮源、水和无机盐，Ashby培养基也称阿须贝氏无氮培养基，Ashby培养基中应含有碳源、水、无机盐等基本营养物质。为筛选耐盐根瘤菌，改良的Ashby培养基中盐分的含量应更高。22.已知某种青花菜远缘植物的细胞质中存在抗除草剂基因，研究人员利用植物体细胞杂交技术，培育细胞质中存在抗除草剂基因的优良青花菜新品种，基本流程如图所示，图中字母代表相应的过程。回答下列问题：（1）图中_____（填“甲”或“乙”）植株是青花菜植株。（2）过程B中常用_____（答出2种）等化学方法诱导原生质体融合。从细胞融合角度分析，过程C进行筛选的主要原因是_____。（3）研究人员发现，培育的青花菜新品种植株的细胞中具有抗除草剂基因，但未表现出抗除草剂的性状，推测其原因是_____。（4）由该实验可知，与传统杂交相比，植物体细胞杂交技术的优点是_____，该技术的关键环节是过程_____（填图中字母）。【答案】（1）甲（2）①.PEG融合法、高Ca2+-高pH融合法②.细胞融合的概率低，融合细胞中具有未发生融合和同种细胞融合的细胞，需要从中筛选出杂种细胞（3）抗除草剂基因不能表达（4）①.可以打破生殖隔离，实现远缘杂交育种②.B【解析】【分析】植物体细胞杂交是指将不同种的植物体细胞，在一定条件下融合成杂种细胞，并把杂种细胞培育成新的植物体的技术。诱导原生质体融合的方法：物理法（离心、振动、电激等）和化学法（聚乙二醇等）。植物体细胞杂交的意义：克服远缘杂交不亲和的障碍，扩大亲本范围，培育作物新品种。【小问1详解】分析题意，青花菜远缘植物的细胞