2014版新课标物理月考卷四（A）

第（1）B、A两点的电势差UBA；（2）电场强度E.16、如图所示，电源电动势E＝6V，电源内阻不计。定值电阻R1=2.4kΩ、R2=4.8kΩ。⑴若在ab之间接一个C=100μF的电容器，闭合开关S，电路稳定后，求电容器上所带的电量；⑵若在ab之间接一个内阻RV=4.8kΩ的电压表，求电压表的示数。17、（2019黑龙江省哈师大附中模拟）真空中存在空间范围足够大的、水平向左的匀强电场。在电场中，若将一个质量为m、带正电的小球由静止释放，运动中小球速度与竖直方向夹角为37°。现将该小球从电场中某点以初速度v0竖直向上抛出，求运动过程中（已知sin37°＝0.6，cos37°=0.8）（1）小球受到的电场力的大小；（2）小球从抛出点至最高点的电势能变化量。18、如图所示，在y＜0的区域内存在匀强磁场，磁场方向垂直于xy平面并指向纸面外，磁感应强度为B.一带正电的粒子以速度υ0从O点射入磁场，入射方向在xy平面内，与x轴正向的夹角为θ.若粒子射出磁场的位置与O点的距离为l，求该粒子的电量和质量之比。试卷类型：A2019届高三全品原创月考试题四物理参考答案1、答案：D解析：电势能的大小是相对于参考位置来说的，电势为零的位置就是参考位置，参考位置是可以任意选取的，显然，选项A错误；只有正电荷在电场中电势高的地方电势能大，在电势低的地方电势能小，负电荷正好相反，所以选项B错误；公式U=Ed中的d为沿电场强度方向的距离，所以在匀强电场中，两点间沿电场强度方向的距离越大，电势差就越大，如果d不是沿电场强度方向的距离，那么间距大时，电势差不一定大，故选项C错误；正电荷在电势越高的地方电势能越大，在电势越低的地方电势能越小，所以正电荷从电势高的点运动到电势低的点，电势能一定减少，选项D正确。2、答案：C解析：将正的点电荷从电场中移到无穷远处要克服电场力做功，说明点电荷Q带负电，在负的点电荷电场中离负电荷越远处电势越高，因此A点电势小于B点电势，A项错误；离点电荷越远处电场强度越小，B项错误；A点与无穷远处的电势差U1比B点与无穷远处的电势差U2大，由于两电荷移到无穷远处克服电场力做功相等，因此有，因此q1小于q2，C项正确；由于两电荷移到无穷远处克服电场力做功相等，因此有，即，因此两电荷在A、B两点的电势能相等，D项错误。3、答案：A解析：若各原件没有故障，电路正常，则电流表测量流过R1的支路电流，电压表测量R3两端的电压；若R1短路，则R2被短路，外电路只有电阻R3接在电源两端，电流表测量干路电流，电压表测量路端电压，两表示数均增大，符合题意；若R2短路，则R1被短路，电流表示数为零，显然不符合题意；若R3短路，则电压表示数为零，不符合题意；若R1断路，则电流表示数为零，也不符合题意。故本题正确选项为A。4、答案：B解析：估算取值：每户节约功率为100W，每天用灯6小时，每年365天，全国估计为4亿户，，得结果与选项B最接近。5、答案：B

解析：本题考查安培力的产生条件。磁场对通电电流有力的作用，将导体放入磁场，不通电也就无电流，无电流也就不会受到力的作用，选项D错误；通电导体放入磁场中，也不一定就受到磁场力的作用，当导线方向与磁场方向平行时，导线不受磁场力的作用，当导线与磁场垂直时，导线受到的力最大，其他情况下，受到的力介于0与最大值之间，由此可见，选项AC错误，B正确。6、答案：B解析：根据，可得，可见，质子被加速获得的最大速度受到D型盒最大半径和磁感应强度的制约，即可通过增大D形金属盒的半径和增大磁场的磁感应强度来增大带电粒子射出时的动能，选项B正确。7、答案：BD解析：受力分析如图所示，知重力与电场力的合力与速度方向相反，所以粒子做匀减速直线运动，动能减小，所以A、C错误，D正确；因为电场力与速度方向夹角为钝角，所以电场力做负功，电势能增加，即B正确。8、答案：AC解析：三个粒子均做类平抛运动，它们在水平方向上的分运动相同，都是以初速度v0做匀速直线运动，在竖直方向上均做初速度为零的匀加速直线运动，但它们下落的加速度不同，不带电的粒子的加速度大小等于g，带正电粒子的加速度大于g，带负电粒子的加速度小于g，下落高度相同，下落时间与加速度大小有关，根据公式可得，可见，加速度越小，下落时间越长，所以t负＞t不带电＞t正，又因为它们的水平位移x=v0t，所以x负＞x不带电＞x正，选项AC正确，B错误；因为三种粒子到达负极板的过程中，电场力对正粒子做正功，机械能增大，对负粒子做负功，机械能减小，对不带电粒子不做功，机械能不变，所以它们的动能E甲＞E乙＞E丙，选项D错误。9、答案：BCD解析：当导线与B1成60°夹角时，发现其受到的安培力为零，说明该区域同时存在的另一匀强磁场B2，并且B2与B1的合磁场的磁感应强度方向沿导线方向，根据矢量合成的三角形定则，可知B2≥B1sin60°=T，所以B2的不可能值为T，选项A错误，BCD正确。10、答案：BCD解析：由左手定则可判断粒子带负电，故A错误；由题意知：粒子的最大半径、粒子的最小半径，根据洛伦兹力提供向心力有，可得，所以、，则，所以选项BCD正确。11、答案：不变变小解析：保持开关S闭合时，静电计上的电压为电源两极间的电压，故此时无论怎样改变电容器两极板，静电计指针的张角都不变；当断开开关S后，电容器两极板上的电量保持不变，这时将A、B两极板靠近些，即减小板间距d，由公式C=eq\f(εS,4πkd)可知电容器的电容将增大，再根据电容的定义式C=QU可得电压U=QUOTEQCQC将变小，则指针的张角将变小。12、答案：0.01T垂直轨道平面向上解析：磁感强度垂直轨道平面时，要保持平衡，磁感强度可取最小值。，解得，根据左手定则，方向垂直轨道平面向上。13、答案：⑴RU1U2⑵200解析：s1、s2均向左闭合时，s1、s2均向右闭合时，故;电动势为1.5V，电压表为1V，则,则最大值为200Ω。14、答案：（1）①5.01、5.315。②（a）大、（b）大。③1280。解析：①游标卡尺的读数步骤如下.首先，确定游标卡尺的精度为10分度，即为0.1mm，然后以毫米为单位从主尺上读出整毫米数50.0mm，注意小数点后的有效数字要与精度一样，再从游标尺上找出对齐的一根刻线，精度格数=0.11mm=0.1mm，最后两者相加，根据题目单位要求换算为需要的数据，50.0mm+0.1mm=50.1mm=5.01cm；螺旋测微器的读数步骤如下.首先，确定从主尺读出毫米数为5.000mm，可动刻度与主尺对齐个数为31.5（格），读数为0.315mm，则螺旋测微器读数为5.000mm+0.315mm=5.315mm；②为保护电路每次实验前均应调节R1至最大值；③两次实验电流表读数一致，则两电阻相等，未知电阻阻值为1280Ω。15、答案：（1）3mgl2q解析：（1）根据动能定理有mglsin60qUBA=00，所以B、A两点的电势差（2）电场强度：。16、答案：⑴4×10－4C⑵3V解析：⑴设电容器上的电压为Uc，电容器的带电量解得：Q＝4×10－4C设电压表与R2并联后电阻为R并。则电压表上的电压为：解得：＝3V17、答案：⑴mg⑵mv02解析：（1）根据题设条件，电场力大小Fe=mgtan37°＝mg.（2）小球沿竖直方向做匀减速运动，速度为：vy=v0－gt，沿水平方向做初速度为0的匀加速运动，加速度为：ax=Fe/m=g；小球上升到最高点的时间t=v0/g，此过程小球沿电场方向位移：sx=axt2=，电场力做功W=Fxsx=mv02，小球上升到最高点的过程中，电势能减少mv02。18、答案：解析：如图所示，带电粒子射入磁场后