2022-2023学年江苏省灌南、灌云某中学两校高三年级上册联考物理试题（解析版）

2022-2023灌南高级中学-灌云高级中学高三联考物理试卷

第I卷（选择题）

一、单项选择题：共10题，每题4分共40分。每题只有一个选项最符合题意。

I.图为我国选手在北京冬奥会上进行U型场地技巧比赛的示意图.已知雪槽的长度为170米，宽度为2米,

深度为7米。裁判根据运动员腾空高度、转体角度和抓板等动作打分。下列有关说法正确的是（）

A.观众欣赏运动员比赛时，运动员可视质点

B.评判转体角度和抓板动作时，运动员不能视为质点

C.运动员在U型槽内运动时速度可能不变

D.运动员在U型槽内运动时加速度方向竖直向下

2.一物体做匀变速直线运动的v27图像如图所示，L、b、A为已知量，4为图像的斜率，以下说法正确的是

A.物体的初速度为b

B.物体的加速度为&

C.物体运动位移为/时的速度大小为+u

D物体做匀减速运动

3.竖直悬挂的重物与滑轮组成的“牵引治疗装置”如图，绳子足够长，不改变重物，下列操作可使装置对

腿部的牵引力增大的是（）

A.上移悬点AB.下移滑轮B

C.下移滑轮CD.向右移腿部

4.如图所示，质量为“小球用绳A。和轻弹簧08拉起吊在天花板上，平衡后40、08与天花板的夹角均

为仇若突然将绳A。剪断，则剪断瞬间球的加速度的大小为（）

gD.gcotO

2cos。

5.如图所示，一质量为M的人站在台秤上，手拿一根长为R的细线一端，另一端系一个质量为，”的小球,

使小球在竖直平面内做圆周运动。若小球恰好能做完整的圆周运动，已知圆周上为最高点，c为圆心

的等高点，重力加速度大小为g,则下列说法正确的是（）

A.小球运动到最高点匕时，小球的速度为零

B.小球运动到最高点。时，台秤的示数最小，且为Mg

C.小球在a、c两个位置时，台秤的示数相同，且为Mg+zwg

D.小球运动到最低点时台秤的示数为Mg+6,〃g

6.如图所示，质量为〃?的物块放在光滑的水平桌面上，系在物块上的轻质绳子绕过光滑的定滑轮，滑轮右

侧绳子水平，人拉着绳子的下端以速度%水平向左做匀速运动，在拉紧的绳子与水平方向的夹角由53。变成

37。的过程中（sin53°=0.8、cos53°=0.6）,人对物体做的功为（)

1752

C.-----A72VD.----7?ZV»

144n°25°

7.如图所示，“嫦娥五号”卫星从地球上发射先经历绕地飞行调相轨道，再从调相轨道上的P点进入地月

转移轨道，然后在地月转移轨道上的Q点进入到绕月飞行轨道段。假设调相轨道和绕月轨道分别是长半轴

为〃、6的椭圆轨道，卫星在两椭圆轨道上分别绕地球、月球运行的周期为△、乃。则下列说法中正确的是

月球

A.“嫦娥五号”卫星在地月转移轨道上运行的速度应大于lL2km/s

B.

从调相轨道切入到绕月转移轨道时，卫星在P点必须加速

D.从地月转移轨道切入到绕月轨道时，卫星在Q点必须加速

8.网球发球机固定在平台上，先后沿水平方向发射出质量相等的A、B两个网球，在水平地面上的落点如

图所示，不计空气阻力及球的大小，A、B两球从抛出至落地过程中，取地面为零势能面，下列说法错误的

是（）

网球发球机

A.两球重力做功相等B.两球落地时的机械能相等

C.两球重力做功的平均功率相等D.两球落地时重力瞬时功率相等

9.如图所示，固定的竖直光滑长杆上套有质量为，〃的小圆环，圆环与水平状态的轻质弹簧一端连接，弹簧

的另一端连接在墙上，并且处于原长状态。现让圆环由静止开始下滑，已知弹簧原长为L圆环下滑到最大

距离时弹簧的长度变为2L（未超过弹性限度），重力加速度为g,则在圆环下滑到最大距离的过程中（）

A.圆环的机械能守恒

B.弹簧弹性势能增加了夜mgL

C.圆环的重力势能与弹簧的弹性势能之和先减小后增大

D.圆环下滑到最大距离时，所受合力为零

10.如图所示，倾角为。的足够长倾斜传送带沿逆时针方向以恒定速运行。一物块无初速度地放在传送带上

端，传送带与物块间的动摩擦因数〃<tan。，则物块的位移x与时间f及重力势能Ep、动能七卜、机械能E

与位移x的关系图像可能正确的是（）

第n卷（非选择题）

二、非选择题：共5题，共60分。第12题~第15题解答时请写出必要的文字说明、方程式和

重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和

单位。

11.用如图甲实验装置验证如、侬组成的系统机械能守恒。〃?2从高处由静止开始下落，如上拖着的纸带打

出一系列的点，对纸带上的点迹进行测量，即可验证机械能守恒定律。图乙给出的是实验中获取的一条纸

带：0是打下的第一个点，每相邻两计数点间还有4个点（图中未标出），计数点间的距离如图所示。已知

/n」=50g,〃Z2=150g,打点计时器工作频率为50Hz。（g取lOm/s2,结果保留两位有效数字）

（1）在纸带上打下计数点5时的速度v=m/So

（2）在打0〜5的过程中系统动能的增量AEk=J,系统势能的减少量AEp=J,由此得

出的结论是。

2

（3）若某同学作出与2Tz图像如图丙所示，则当地的重力加速度g，=m/so

12.质量为5r的汽车，在平直公路上以60kW恒定的功率从静止开始启动，达到最大速度为24m/s时，汽

车通过的位移为624m,运动过程中阻力不变，求：

（1）汽车所受阻力的大小；

（2）汽车从启动到达到最大速度的时间。

13.无人机在距离水平地面高度〃处，以速度%水平匀速飞行并释放一包裹，不计空气阻力，重力加速度

g。

（1）求包裹释放点到落地点水平距离x；

（2）求包裹落地时的速度大小v；

（3）以释放点为坐标原点，初速度方向为x轴方向，竖直向下为y轴方向，建立平面直角坐标系，写出该包

裹运动的轨迹方程。

14.物流公司通过滑轨把货物直接装运到卡车中。如图所示，倾斜滑轨与水平面成24。角，长度4=4m,

水平滑轨长度可调，两滑轨间平滑连接。若货物从倾斜滑轨顶端由静止开始下滑，其与滑轨间的动摩擦因

2

数均为〃2=§,货物可视为质点（取cos240=0.9,sin240=0.4,重力加速度g=10m/s2）。

（1）求货物在倾斜滑轨上滑行时加速度外的大小；

（2）求货物在倾斜滑轨末端时速度v的大小;

(3)若货物滑离水平滑轨末端时的速度不超过2m/s,求水平滑轨的最短长度L

15.如图所示，A8与CO是两段半径为H=2m的四分之一光滑圆弧轨道，圆心连线GQ水平，8C错

开的距离略大于小球的直径，整个装置竖直放置于水平长轨道上，A3与水平轨道MN相切于A点。

水平轨道MP段光滑，Q4段粗糙、长为2R，运动小球受到94段阻力为小球重力的0.25倍。有一自由长

度小于的轻弹簧左端固定于M处，右端与质量为加=0.5kg的小球接触(不拴接)。开始时，弹簧处

于被压缩的锁定状态，锁定时的弹性势能Ep=50J,解除锁定后，小球将被弹出，g取lOm/s?。

(1)小球运动到圆弧轨道A点时速度匕i大小；

(2)小球运动到A点时对圆弧轨道压力的大小和方向；

19

(3)圆弧轨道右侧有一个高。为一m的斜面，若小球恰好落在斜面顶端，求小球落到斜面顶端的速度大

16

小。

2022-2023灌南高级中学-灌云高级中学高三联考物理试卷

第I卷（选择题）

一、单项选择题：共10题，每题4分共40分。每题只有一个选项最符合题意。

1.图为我国选手在北京冬奥会上进行U型场地技巧比赛的示意图。已知雪槽的长度为170米，宽度为2米,

深度为7米。裁判根据运动员腾空高度、转体角度和抓板等动作打分。下列有关说法正确的是（）

A.观众欣赏运动员比赛时，运动员可视为质点

B.评判转体角度和抓板动作时，运动员不能视质点

C.运动员在U型槽内运动时速度可能不变

D.运动员在U型槽内运动时加速度方向竖直向下

【答案】B

【解析】

【详解】A.观众欣赏运动员比赛时，不能忽略运动员的动作，所以不能忽略运动员的形状，即不能把运动

员视为质点，故A错误；

B.评判转体角度和抓板动作时，不能忽略运动员的动作，所以不能忽略运动员的形状，运动员不能视为质

点，故B正确；

CD.运动员在U型槽内做曲线运动，速度方向发生变化，加速度方向指向凹侧，加速度方向也在发生变化,

故CD错误。

故选B。

2.一物体做匀变速直线运动的科-x图像如图所示，L、氏/为已知量，左为图像的斜率，以下说法正确的是

A.物体的初速度为6

B.物体的加速度为&

C.物体运动位移为入时速度大小为+u

D.物体做匀减速运动

【答案】C

【解析】

【详解】由图可知，物体做匀加速直线运动，根据速度位移关系

/一片=2ax

变形可得

v2=2ax+说

图线的斜率

,V,-h

k=92a=-----

L

解得

a=y,%=dkL+b

纵截距

。=诏

解得

故选C。

3.竖直悬挂的重物与滑轮组成的“牵引治疗装置”如图，绳子足够长，不改变重物，下列操作可使装置对

腿部的牵引力增大的是（）

〃〃/〃A//〃〃

C®

A.上移悬点AB.下移滑轮B

C.下移滑轮CD.向右移腿部

【答案】B

【解析】

【详解】对与腿连接处滑轮受力分析如图，知腿部受到的牵引力与左、Tc两拉力的合力大小相等，TB、TC

两拉力大小等于重物的重力，则有

尸=西+丁+2研cos-

TB=TC=G

不改变重物，即G不变，使装置对腿部的牵引力增大，即增大尸，则需要减小两段绳子间的夹角。，可通

过下移滑轮B,或者上移滑轮C,或者向左移腿部。

故选B。

A

4.如图所示，质量为，”的小球用绳A。和轻弹簧0B拉起吊在天花板上，平衡后A。、0B与天花板的夹角

均为乩若突然将绳A0剪断，则剪断瞬间球的加速度的大小为（）

c.D.gcotO

2sin6sin。2cos8

【答案】A

【解析】

【详解】剪断AO前，由共点力平衡有

'sin6+%sin8=mg

TACOS0-FBCOS0

可解得

T二mg

A2sin。

绳AO剪断瞬间，小球受重力和弹簧弹力不变，合力与剪断前图等大反向，所以加速度为

a-I±--s

m2sin6

故选Ao

5.如图所示，一质量为M的人站在台秤上，手拿一根长为R的细线一端，另一端系一个质量为根的小球,

使小球在竖直平面内做圆周运动。若小球恰好能做完整的圆周运动，已知圆周上6为最高点，心c为圆心

的等高点，重力加速度大小为g,则下列说法正确的是（）

A.小球运动到最高点6时，小球的速度为零

B.小球运动到最高点匕时，台秤的示数最小，且为Mg

C.小球在〃、c两个位置时，台秤的示数相同，且为Mg+/ng

D.小球运动到最低点时台秤的示数为Mg+6〃琢

【答案】D

【解析】

【详解】A.小球恰好能做完整的圆周运动，在最高点时

m2-m—

R

得

口=阚

故A错误;

B.小球运动到最高点时，细线中拉力为零，台秤的示数为Mg,但不是最小，小球从c向6运动的过程中

细线上有弹力，弹力对人有向上拉的效果，所以台秤的示数小于6点时，故B错误;

C.小球在“、氏c三个位置，小球均处于完全失重状态，台秤的示数相同，且为Mg,故C错误;

D.小球从最高点运动到最低点，由机械能守恒定律知

1212

mg-2R=—mv--mvh

在最低点，由牛顿第二定律

F-mg=m~

联立解得小球运动到最低点时细线中拉力

F=6mg

小球运动到最低点时，台秤的示数最大且为

Mg+F=Mg+6mg

故D正确。

故选D。

6.如图所示，质量为机的物块放在光滑的水平桌面上，系在物块上的轻质绳子绕过光滑的定滑轮，滑轮右

侧绳子水平，人拉着绳子的下端以速度％水平向左做匀速运动，在拉紧的绳子与水平方向的夹角由53。变成

37。的过程中(sin53o=0.8、cos53°=0.6),人对物体做的功为()

c•翁就D.----777V,?

250

【答案】B

【解析】

【详解】把绳子下端的速度分别沿着垂直绳子方向和沿着绳子的方向分解，物块在各个时刻的速度等于对

应时刻沿着绳子方向的分速度，由功能关系可得人做的功等于物块的动能的增加量，则有

117

22

W=-m(v0cos370)--77?(v0cos530)=—mv„

故选Bo

7.如图所示，“嫦娥五号”卫星从地球上发射先经历绕地飞行调相轨道，再从调相轨道上的P点进入地月

转移轨道，然后在地月转移轨道上的。点进入到绕月飞行轨道段。假设调相轨道和绕月轨道分别是长半轴

为6的椭圆轨道，卫星在两椭圆轨道上分别绕地球、月球运行的周期为7|、乃。则下列说法中正确的是

()

绕月轨道

A.“嫦娥五号”卫星在地月转移轨道上运行的速度应大于H.2km/s

4_封_

B.72

1\12

从调相轨道切入到绕月转移轨道时，卫星在尸点必须加速

D.从地月转移轨道切入到绕月轨道时，卫星在。点必须加速

【答案】C

【解析】

【详解】A.要使卫星离开地球，在地面的发射速度应大于11.2km/s,但卫星在地月转移轨道上运行的速度

不一定大于1L2km/s,故A错误;

B.卫星在调相轨道和绕月轨道上运行时其中心天体分别为地球与月球，中心天体不同，故

/h3

——丰----

72r2

1\12

故B错误;

C.卫星在P点加速做离心运动，能使卫星从调相轨道切入到绕月转移轨道，故C正确;

D.卫星在Q点减速做向心运动，能使卫星从地月转移轨道切入到绕月轨道，故D错误。

故选C

8.网球发球机固定在平台上，先后沿水平方向发射出质量相等的A、B两个网球，在水平地面上的落点如

图所示，不计空气阻力及球的大小，A、B两球从抛出至落地过程中，取地面为零势能面，下列说法错误的

是（）

网球发球机

A.两球重力做功相等B.两球落地时的机械能相等

C.两球重力做功的平均功率相等D.两球落地时重力瞬时功率相等

【答案】B

【解析】

【详解】A.设球的质量为如平抛下落的高度为/?,两球重力做功均为机g〃，A正确，不符合题意；

B.小球抛出时，B球动能大，两球重力势能相等，因此B球机械能大，B错误，符合题意；

C.两球下落高度相同，故下落的时间相同，又重力做功相同，因此重力做功的平均功率相等，C正确，不

符合题意；

D.两球落地时的重力瞬时功率

P=mgvy=mgy/2gh

D正确，不符合题意。

本题选错误的，故选B。

9.如图所示，固定的竖直光滑长杆上套有质量为粗的小圆环，圆环与水平状态的轻质弹簧一端连接，弹簧

的另一端连接在墙上，并且处于原长状态。现让圆环由静止开始下滑，已知弹簧原长为3圆环下滑到最大

距离时弹簧的长度变为2L（未超过弹性限度），重力加速度为g,则在圆环下滑到最大距离的过程中（）

彳L

，WWWA>w

A.圆环的机械能守恒

B.弹簧弹性势能增加了四加班

C.圆环的重力势能与弹簧的弹性势能之和先减小后增大

D.圆环下滑到最大距离时，所受合力为零

【答案】C

【解析】

【详解】A.在圆环下滑到最大距离的过程中，弹簧一直伸长，弹簧对圆环做负功，圆环的机械能减小，故

A错误；

B.由题可知，整个过程圆环动能的变化量为零，根据几何关系可得圆环下落的高度

h=42L）2-尸=V3L

根据能量守恒定律可得，弹簧弹性势能的增加量等于圆环重力势能量的减小量，则有

A£p=mgh=6mgL

故B错误；

C.弹簧与圆环组成的系统机械能守恒，则有

△线+△耳垂+△稣弹=。

由于圆环在下滑到最大距离的过程中，弹簧一直伸长，圆环先是做加速度逐渐减小的加速运动，再做加速

度逐渐增大的减速运动，所以动能先增大后减小，则圆环重力势能与弹簧弹性势能之和先减小后增大，故c

正确；

D.由于圆环在下滑到最大距离的过程中先是做加速度减小的加速运动，再做加速度增大的减速运动，则圆

环下滑到最大距离时，加速度方向竖直向上，所以圆环受合力不为零，且方向竖直向上，故D错误。

故选C。

10.如图所示，倾角为。的足够长倾斜传送带沿逆时针方向以恒定速运行。一物块无初速度地放在传送带上

端，传送带与物块间的动摩擦因数〃<tan®,则物块的位移x与时间f及重力势能耳,、动能EQ机械能E

与位移x的关系图像可能正确的是（）

【答案】D

【解析】

【详解】物体开始放到传送带上后，速度小于传送带的速度，根据牛顿第二定律

mgsin0+/jmgcos0=mat

当速度达到和传送带速度相等时，由于

〃<tan。

物体继续加速下滑，此时根据牛顿第二定律

mgsin0—/jmgcos6=ma.,

可知

A.在前后两个过程中，加速度都沿传送带向下，速度一直增加，因此在1一，图像中，斜率逐渐增加，A

错误；

B.物体在下滑的过程中，根据

Ep=Epo-mgxsin0

可知在图像中，图像是一条倾斜直线，B错误；

C.在第一段下降的过程中

A£J,=（mgsin^+///ngcos•Ax

在第二段下降的过程中

A£J,=（mgsin0-/jmgcos•Ar

因此在线一》图像中，第一段的斜率比第二段的斜率大，C错误；

D.第一段下降的过程中，除重力以外，摩擦力对物体做正功，因此机械能的变化与位移之间的关系为

AE=/jmgcos6-Ax

第一段下降的过程中，除重力以外，摩擦力对物体做负功，因此机械能的变化与位移之间的关系为

A£=-/.imgcos0-Ax

因此在E-x图像为两段直线，斜率大小相等，第一段为正，第二段为负，D正确。

故选D。

第n卷（非选择题）

二、非选择题：共5题，共60分。第12题~第15题解答时请写出必要的文字说明、方程式和

重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和

单位。

11.用如图甲实验装置验证如、物组成的系统机械能守恒。〃?2从高处由静止开始下落，如上拖着的纸带打

出一系列的点，对纸带上的点迹进行测量，即可验证机械能守恒定律。图乙给出的是实验中获取的一条纸

带：0是打下的第一个点，每相邻两计数点间还有4个点（图中未标出），计数点间的距离如图所示。已知

加=50g,加2=150g,打点计时器工作频率为50Hz。（g取10m/s2,结果保留两位有效数字）

（1）在纸带上打下计数点5时的速度m/s»

（2）在打0〜5的过程中系统动能的增量AEk=J,系统势能的减少量AEp=J,由此得

出的结论是。

（3）若某同学作出3B一人图像如图丙所示，则当地的重力加速度g，=m/s2o

【答案】①.2.4②.0.58③.0.60④.在误差允许的范围内，如、，*2组成的系统机械能守恒

⑤.9.7

【解析】

【详解】（1）[1]在纸带上打下计数点5时的速度

哼』（21.6。+26.4。），1。2g24mzs

2T2x0.1s

（2）12J在打点0〜5过程中系统动能的增加量

A£k=（（町+网）/=gx0.2x2.42j=0.576J°0.58J

⑶系统重力势能的减少量

国=（S一班）g/5=o.1X10X（0.216+0.384）J=0.60J

[4]在误差允许的范围内,如、形2组成的系统机械能守恒。

（3）[5]由系统机械能守恒得

（旭2一町）g%=g（叫+加2）F

解得

12叫一叫，/

由如图丙可知，/正一〃图线的斜率

m,-m,.5.82,,

----Lg-----m/s

niy+n^1.20

解得

=9.7m/s2

12.质量为57的汽车，在平直公路上以6()kW恒定的功率从静止开始启动，达到最大速度为24m/s时，汽

车通过的位移为624m,运动过程中阻力不变，求：

(1)汽车所受阻力的大小；

(2)汽车从启动到达到最大速度的时间。

【答案】(1)2500N；(2)50s

【解析】

【详解】(1)当牵引力等于阻力时，速度达到最大，则有

/卡号3ON

(2)在加速阶段，根据动能定理可知

1,

Pt-fx--—0

代入数据解得

7=50s

13.无人机在距离水平地面高度/?处，以速度%水平匀速飞行并释放一包裹，不计空气阻力，重力加速度为

g。

(1)求包裹释放点到落地点的水平距离X;

(2)求包裹落地时的速度大小v；

(3)以释放点为坐标原点，初速度方向为x轴方向，竖直向下为y轴方向，建立平面直角坐标系，写出该包

裹运动的轨迹方程。

【答案】⑴";⑵J$+2g/z;(3)y=寺f

Vg。

【解析】

【详解】(1)包裹脱离无人机后做平抛运动，在竖直方向做自由落体运动，则

,12

/?=]g厂

解得

水平方向上做匀速直线运动，所以水平距离为

（2）包裹落地时，竖直方向速度为

落地时速度为

v==&+2g/?

（3）包裹做平抛运动，分解位移

两式消去时间得包裹的轨迹方程为

14.物流公司通过滑轨把货物直接装运到卡车中。如图所示，倾斜滑轨与水平面成24。角，长度4=4m,

水平滑轨长度可调，两滑轨间平滑连接。若货物从倾斜滑轨顶端由静止开始下滑，其与滑轨间动摩擦因

2

数均为货物可视为质点（取cos240=0.9,sin24°=0.4,重力加速度g=10m/s2）。

（1）求货物在倾斜滑轨上滑行时加速度外的大小；

（2）求货物在倾斜滑轨末端时速度丫的大小；

（3）若货物滑离水平滑轨末端时的速度不超过2m/s,求水平滑轨的最短长度L

【答案】（1）2m/s2;（2）4m/s；（3）2.7m

【解析】

详解】（1）根据牛顿第二定律可得

mgsin24°-Ringcos24°=ma}

代入数据解得

q=2m/s2

（2）根据运动学公式