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文档简介
2022-2023年高二化学高频考题期末模拟卷03
(考试时间:90分钟试卷满分:100分)
考试内容:人教2019选择性必修1全册难度:★★★★☆
可能用到的相对原子质量:H-lC-12N-140-16Na-23Mg-24Al-27S-32
一、选择题:本题共18个小题,每小题3分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。
1.已知下列热化学方程式:
(1)CH3COOH(1)+2O2(g)=2CO2(g)+2H2O(1)AH।=-870.3kJ/mol
(2)C(s)+O2(g)=CO2(g)AH2=-393.5kJ/mol
(3)H2(g)+fO2(g)=H2O(I)AH3=-285.8kJ/mol
则反应2C(s)+2H2(g)+O2(g)=CH3coOH⑴的熔变为().
A.-488.3kJ/molB.-244.15kJ/molC.488.3kJ/molD.244.15kJ/mol
【答案】A
【详解】由盖斯定律可知,(2)x2+(3)/2-(D可得热化学方程式2C(s)+2H2(g)+O2(g)=CH3COOH(1),
则AH=2AH2+2AH3-AHI=2X(-393.5kJ/mol)+2x(-285.8kJ/mol)-(-870.3kJ/mol)=-488.3KJ/mol,故选A。
2.下列说法正确的是()
A.增大反应物浓度,可增大单位体积内活化分子的百分数,从而使有效碰撞次数增大
B.有气体参加的化学反应,若增大压强(即缩小反应容器的体积),可增加活化分子的百分数,从而使反应速
率增大
C.升高温度能使化学反应速率增大,主要原因是增加了反应物分子中活化分子的百分数
D.催化剂不影响反应活化能但能增大单位体积内活化分子百分数,从而增大反应速率
【答案】C
【详解】A.增大反应物浓度,可增大单位体积活化分子的数目,但百分数不变,A项错误;
B.增大压强,可增大单位体积活化分子的数目,但百分数不变,B项错误;
C.升高温度,可使更多的分子转化为活化分子,增加了反应物分子中活化分子的百分数,C项正确;
D.催化剂可以降低反应所需的活化能,使更多普通分子变成活化分子,增大单位体积内活化分子的百分数,从
而增大反应速率,D项错误;
3.对于下列化学平衡在一定条件下发生移动的描述,不正确的是
A.Ch+HzO^^^HCl+HClO,氯水中加入碳酸钙,漂白性增强
B.ZnS+Cu2*+Zn2+,闪锌矿(ZnS)遇CuSCU溶液转化为铜蓝(CuS)
C.2NO2^=^N2O4AH<0,将装有NO2的玻璃球浸入热水中,红棕色变浅
D.(橙色)+H2O^^2CrO42(黄色)+2H+,LCnO溶液中滴加几滴浓硫酸,橙色加深
【答案】C
【详解】A.氯水中加入碳酸钙,HC1与碳酸钙反应,平衡正向移动,则HC1O浓度增大,漂白性增强,A项正
确;
22+
B.发生ZnS+CuVCuS+Zn,溶解度大的物质转化为溶解度小的物质,溶解度ZnS>CuS,则闪锌矿(ZnS)遇CuSO4
溶液转化为铜蓝(CuS),B项正确;
C.升高温度,平衡逆向移动,则红棕色变深,C项错误;
D.增大氢离子浓度,平衡逆向移动,则橙色加深,D项正确;
4.有关①lOOmLO.lmol/LNaHCO,,0100mL0.1mol/LNa2co3两种溶液的叙述不正确的是
A.溶液中水电离出的H+个数:②〉①B.溶液中阴离子的物质的量浓度之和:②〉①
C.①溶液中:D.②溶液中:c(〃CO;)>c(H2c。3)
【答案】C
【详解】A、因HCO3-的水解程度大于其电离程度,所以NaHCCh溶液显碱性;由于CCh?-水解使得Na2cCh溶液
也显碱性。根据越弱越水解原理可知,HCCh一的水解程度小于CChH弱离子水解程度越大,水的电离程度越大,
所以相同浓度的NaHCCh和Na2cCh溶液中,水电离出的个数:②〉①,A正确;
B、HCO?-水解生成H2c。3和OH、即消耗一个HCCh一的同时又生成一个OH、水解的过程中阴离子数不变;但
CO32一的第一级水解生成HCCh-和01十,即消耗一个CO32一的同时却生成了两个阴离子,水解的过程中,阴离子总
数在增加:由于起始时CCh?-和HCO3-的浓度相同,所以溶液中阴离子的物质的量浓度之和:②>①,B正确;
C、因HCCh.的水解程度大于其电离程度,所以①溶液中:c(H2cCh)>c(CO32),C错误;
D、CO32一的第一级水解生成HCOr,第二级水解生成H2co3,且以第一级水解为主,所以②溶液中:
C(HCO3)>C(H2CO3),D正确;
5.实验室用标准盐酸溶液测定某NaOH溶液的浓度,用甲基橙作指示剂,下列操作中可能使测定结果偏低的是
()
A.酸式滴定管在装酸液前未用标准盐酸溶液润洗2〜3次
B.开始实验时酸式滴定管尖嘴部分有气泡,在滴定过程中气泡消失
C.锥形瓶内溶液颜色变化由黄色变橙色,立即记下滴定管液面所在刻度
D.盛NaOH溶液的锥形瓶滴定前用NaOH溶液润洗2〜3次
【答案】C
【详解】A.酸式滴定管在装酸液前未用标准盐酸溶液润洗2〜3次,滴定时造成V(标准)偏大,根据c(待测)
c(标准)-V(标准)
可知c(待测)偏高,不符合题意,故A错误;
V(待测)
c(标准).V(标准)
B.酸式滴定管在滴定前有气泡,滴定后气泡消失,造成V(标准)偏大,根据c(待测)
--V(待测)
知c(待测)偏高,不符合题意,故B错误;
C.滴定过程中,锥形瓶内溶液颜色由黄色变为橙色,立即记下滴定管内液面所在刻度,造成V(标准)偏小,
c(标准).V(标准)
根据C(待测)=可知c(待测)偏低,符合题意,故C正确;
V(待测)
c(标准)•V(标准)
D.盛NaOH溶液的锥形瓶滴定用NaOH溶液润洗,滴定时造成V(标准)偏大,根据c(待测)=
V(待测)
可知c(待测)偏高,不符合题意,故D错误;
6.向一体积不变的密闭容器中加入2moiA、0.6molC和一定量的B三种气体。一定条件下发生反应,各物质
浓度随时间变化如图一所示。图二为时刻后改变反应条件,平衡体系中反应速率随时间变化的情况,且四个
阶段都各改变一种不同的条件。已知/3一〃阶段为使用催化剂:图一中fo一«阶段C(B)未画出。
图一图二
下列说法不正确的是
A.此温度下该反应的化学方程式为2A(g)+B(s)峰珍3C(g)
B.,4一4阶段改变的条件为减小压强
C.B的起始物质的量为1.0mol
D.在相同条件下,若起始时容器中加入amolA、6molB和cmolC,要达到/i时刻同样的平衡,b、c要满
足的条件为a+2c/3=2A和b+c/3=\.2
【答案】A
【详解】A.t3〜t4阶段与t4〜t5阶段正逆反应速率都相等,而t3〜t4阶段为使用催化剂,则t4〜t5阶段应为减小压
强,即该反应为气体体积不变的反应;反应中A的浓度变化为lmol/L-0.8mol/L=0.2mol/L,C的浓度变化为
0.6mol/L-0.3mol/L=0.3mol/L,则A、C的化学计量数之比为2:3,又该反应为气体体积不变的反应,则B为反
应物,该反应为2A(g)+B(g)^=t3c(g),故A错误;
B.t4〜t5阶段改变的条件为减小压强,该反应为气体体积不变的反应,故B正确;
C.A减少0.2mo1/L,则B减少O.lmol/L,则起始B的浓度为0.1mol/L+0.4moi/L=0.5mol/L,起始物质的量为
0.5mol/Lx2L=1mol,故C正确;
r\
D.相同条件下,达到同样的平衡状态,则起始量相同即可,则转化后满足的条件为a+,=2.4和b+£=1.2,故
33
D正确;
7.P4s3是黄色或淡黄色结晶或粉末,无臭、无味、易燃、有毒,遇潮气发生分解,分子结构如图所示,已知其
燃烧热A〃=-3677kJ/mol(P被氧化为PQ10),下列有关P4s3的说法中不正确的是
A.分子中磷元素显+3价
B.分子中每个原子最外层均达到8电子稳定结构
C.热化学方程式为P4s3(s)+8O2(g)==P4OK)(s)+3SC)2(g)A^=-3677kJ/mol
D.分子中存在极性键与非极性键
【答案】A
【详解】A.由图可知,1个P为+3价,其它3个P都是+1价,S为-2价,故A错误;
B.因P原子最外层有5个电子,S原子最外层有6个电子,由图可知,每个P形成3个共价键,每个S形成2
个共价键,5+3=8,6+2=8,即分子中每个原子最外层均达到8电子稳定结构,故B正确;
C.Imol可燃物燃烧生成稳定氧化物放出的热量为燃烧热,则P4S3(s)+802(g)=P401o(s)+3S02(g)AH=-3677kJ/mol,
故C正确;
D.由图可知,P-P之间的键为非极性键,P-S之间的键为极性键,故D正确;
8.5.6g铁粉投入到足量的100mL2moi的稀硫酸中,2min时铁粉刚好溶解,下列表示这个反应的速率正确
的是
A.v(Fe)=0.5molL'min~1B.v(H2SO4)=lmolL-1min1
C.v(H2SC)4)=0.5mol-LT,minTD.v(FeS04)=lmol-L-1-min'1
【答案】C
【详解】A.Fe为纯固体,不能用浓度变化量表示反应速率,故A错误;
5.6g
B.Fe为物质的量、,,=0.1mol,由Fe+H2sO4=FeSO4+H2T,可知参加反应的硫酸也是O.lmoL硫酸的浓度
56g/mol
„O.lmol,,Imol/L,,…〃
变化量为:------=lmol/L,故v(H2so4)=------------=0.5mol/(L«min),故B错误;
0.1L2min
C.由B中计算可知:v(H2so4)=05mol/(L・min),故C正确;
D.化学反应速率之比等于化学计量数之比,贝ijv(FeSCM=v(H2so4)=06mol/(L・min),故D错误;
9.一定温度下,将ImolPCR通入一个容积固定不变的密闭容器中,发生反应:PCh(g)=PCb(g)+Cb(g)
,反应达到平衡时,测得PCL为0.4mol,此时再向容器中通入ImolPCL,同样温度下再达到平衡时,测得PCL
为amol,下列判断正确的是()
A.CL的体积分数增大B.PCk的转化率增大
C.a=0.8D.a>0.8
【答案】D
【详解】A.由于增大了压强,平衡逆向移动,生成的氯气的量减少,CL的体积分数减小,故A错误;
B.由于增大了压强,平衡逆向移动,所以PCk的分解率减小,故B错误;
C.容积固定不变,再通入ImolPCk,相当于增大压强,平衡逆向移动,则a>0.8,故C错误;
D.容积固定不变,再通入ImolPCh,相当于增大压强,平衡逆向移动,则a>0.8,故D正确;
10.化学上常用AG表示溶液的酸碱度,AG=lg-^Fp25,用O.lOOmolLNaOH液滴定20.00mL0100mol【T
HNO2溶液,AG与所加NaOH溶液的体积(V)关系如图所示。下列说法不正确的是
A.D点溶液中的pH=11.25
B.B点溶液中存在2c(H+)—2c(OH-尸C(NO2)—C(HNC)2)
C.C点时,加入NaOH溶液的体积小于20.00mL
D.25□时,HNCh的电离平衡常数Ka=1.0xl0,.5
【答案】D
+85+
【详解】A项,D点Ige(H+)/c(OH)=-8.5,则c(H)/c(OH)=10-,Kw=c(H)xc(OH)=10",所
以c(H+)=1.0xl0"-25,pH=11.25,故A项正确;
B项,B点溶液为等浓度的HNCh和NaNCh溶液,溶液中存在①电荷守恒:c(H+)+c(Na+)=c(OH)+c(Nt"),
++
②物料守恒:2c(Na)=c(HNO2)+c(NOf),将①x2-②得:2c(H)-2c(OH)=c(NO2-)-c(HNO2),故B项正
确;
C项,C点Ige(H+)/c(OH)=0,则c(H+)/c(OHO=1,HNCh的电离程度与NaNCh的水解程度相同,加
入NaOH溶液的体积小于20.00mL,故C项正确;
++++
D.A点Ige(H)/c(OH)=8.5,则c(H)/c(OH)=10%Kw=c(H)xc(OH)DO",所以c2(H)
65++
=1.0x1O-,由于c(H)与c(NO<)近似相等,所以HNCh的电离常数Ka=c(H)xc(NOf)/c(HNO2)=
1.0xl0-6-5/(0.1-1.0xl0-65)=1.0x10-6.5,故D项错误;
H.在含锲酸性废水中用电解法可以实现铁上镀银并得到氯化钠,其装置如图所示,下列叙述错误的是
直流电源
碳棒阳离子阴离子铁棒
交换膜交换膜
含N2、cr
酸性废水
A.待镀铁棒为阴极
B.选用银棒替换碳棒,镀银效果更好
C.通电后中间隔室的NaCl溶液浓度增大
D.阳极的电极反应式为40FT—4e=O2f+2H2。
【答案】B
【详解】A.在电镀池中,铁为镀件,做阴极,故A正确:
B.如果选用银棒替换碳棒,银为活性电极,做阳极时,银会溶解,生成的裸离子与氢氧化钠反应生成沉淀,影响
离子交换膜中离子的通过,镀银效果减弱,故B错误;
C.随着电解的进行,阳极区的氧根离子放电,多余的钠离子通过阳离子交换膜移向中间隔室,阴极区的镇离子放
电,多余的氯离子通过阴离子交换膜移向中间隔室,中间隔室的氯化钠溶液浓度增大,故C正确;
D.阳极发生氧化反应,溶液中的氢氧根离子放电生成氧气,电极反应为:4OH-4e=O2t+2H2O,故D正确;
12.Cui是一种不溶于水的白色固体,它可由反应2Cu2++4「=2CuI+l2而得到。现以石墨为阴极,以Cu为阳极电
解KI溶液,通电前向电解液中加入少量酚配和淀粉溶液。电解开始不久阴极区溶液呈红色,而阳极区溶液呈蓝
色,对这些现象的正确解释是
①阳极4OH-4e=2H2O+O2T,。2将1氧化为h,k遇淀粉变蓝②阳极2r-2e=12,I2遇淀粉变蓝③阳极
2Cu-4e+4I=2CuI+l2,L遇淀粉变蓝④阴极2H++2e=使c(OH>c(H*)
A.①②B.①③C.②④D.③④
【答案】D
【详解】石墨为阴极,以Cu为阳极电解KI溶液,通电后,溶液中的H+、IC移向阴极,而H+的氧化性强于K+,
所以H+得电子被还原,电极反应式为2H2O+2e=H2f+20H,破坏了水的电离平衡,使c(OH)>c(H)酚猷;试
液变红;「和0H-移向阳极,而失电子能力Cu>「>OH,故Cu失电子产生CP,阳极发生反应:Cu-2c=Cu2+;
由信息可以知道,阳极区溶液呈蓝色,有碘生成,因此阳极发生反应2Cu-4e-+41=2CuI+12,生成L,L遇淀粉变
蓝,同时有白色Cui沉淀生成;结合以匕分析可知,正确解释是③④;D正确;
13.下列关于电解质溶液的叙述正确的是
A.常温下,pH=7的CH3coONa与CH3co0H的混合溶液中离子浓度大小顺序为c(Na+)=c(CH3COO)=c
(H+)=c(OH)
B.将pH=10的氨水稀释后,溶液中各离子的浓度均降低
C.中和pH与体积均相同的盐酸和醋酸溶液,消耗NaOH的物质的量前者小于后者
D.常温下,同浓度的Na2cCh溶液与NaHCCh溶液相比,Na2c。3溶液的pH较小
【答案】C
【详解】A.根据电荷守恒得c(Na,)+c(H+)=c(CHjCOO)+c(OH)又因为pH=7,水的电离过程微弱,所
++
以(Na)=c(CH3COO)>c(H)=c(OH),故A错误;
B.pH=10的氨水稀释后,显性离子氢氧根离子浓度减小,由于温度不变,根据Kw=c(HDxc(OH)可知,所
以氢离子浓度增大,故B错误;
C.pH与体积均相同的盐酸和醋酸溶液,醋酸的浓度远大于盐酸,所以消耗NaOH的物质的量前者小于后者,故
C正确;
D.HCCh-的酸性比H2co3溶液的酸性弱,所以同浓度的Na2cCh溶液与NaHCCh溶液相比,Na2c。3溶液的pH较
大,故D错误;
++22
14.某二元酸(H2A)在水中的电离方程式为:H2A=H+HA-,HA-H+A(Ka=1.0xl0-),下列说法正确的是
A.在O.lmol/L的H2A溶液中,c(H+)=0.2mol/L
B.在0.1mol/L的Na2A溶液中,c(A2-)+c(HA)+c(H2A)=0.1mol/L
C.O.lmol/L的NaHA溶液中离子浓度为:c(Na+)>c(HA)>c(H+)>c(A2)>c(OH)
D.分别将浓度均为O.lmol/L的NaHA和Na2A溶液等体积混合,其pH一定大于7
【答案】C
【详解】A.二元酸(EhA)在水中的电离方程式为:H2A=H++HA;HA^H++A2(Ka=l.OxlO-2),第一步完全电离,第
二步部分电离,设电离的HA-为x,则有:[xx(0.1+x)]/(0.1-x)=l.OxlO-2,解之得x=0.0084,所以在O.lmol/L
的H2A溶液中,c(H+)=O.1+0.0084=0.1084mol/L,故A错误;
B.二元酸(FhA)在水中的电离方程式为:H2A=H++HA;HA^H++A2(Ka=1.0xl0-2),可以知道第一步完全电离,第
二步部分电离,则在O.lmol/L的Na2A溶液中,存在HA和A?一离子,月.c(A2)+c(HA)=0.1mol/L,故B错误;
C.在0.1mol/L的NaHA溶液中,HA会发生电离作用,所以c(Na+)>c(HA);电离使溶液显酸性,c
(H+)>c(OH);但是HA-的电离作用是微弱的,而且在溶液中还存在水的电离作用,因此c(HA)>c(H+)
>c(A2-),故溶液中的离子浓度的关系是
c(Na+)>c(HA)>c(H+)>c(A2)>c(OH),故C正确;
D.由于在NaHA的溶液中存在HA-=±H++A2-(Ka=1.0xl()-2)将同浓度(01molL")的NaHA和Na2A溶
液等体积混合,由于HA-的电离作用大于水解作用,所以其pH一定小于7,故D错误;
15.已知部分弱酸的电离常数如下表:
弱酸H:COiHC1OHF
电离平衡常数K.=4.30乂10"
K.=2.98xl0HK,=3.6xl0“
(25X:)K心=5.61x10”
下列叙述正确的是
A.氢氟酸与NaClO溶液混合能够发生反应:HF+NaC10=HC10+NaF
B.物质的量浓度相同的①NaF②NazCCh③NaClO三种溶液的pH:③乂炒>①
C.Na2cCh溶液不能与次氯酸发生反应
2
D.少量C02通入NaClO溶液中的离子反应:CO2+H2O+2CIO=CO3+2HC1O
【答案】A
【详解】A项,由于氢氟酸的电离平衡常数大于次氯酸的电离平衡常数,说明氢氟酸的酸性强于次氯酸,所以氢
氟酸可以和次氯酸钠反应生成次氯酸,故A项正确;
B项,酸性越强,电离平衡常数越大,对应酸根离子的水解程度越弱,对应等物质的量的盐溶液的pH越小,酸
性HF>HC10>HCCh-,所以物质的量浓度相同的三种溶液的pH:®>(3)>@,故B项错误;
C项,碳酸氢根离子的电离平衡常数小于次氯酸根的电离平衡常数,所以碳酸钠能与次氯酸反应,故C项错误;
D项,山电离平衡常数可知,酸性:H2CO3>HC1O>HCO3-,所以少量CO2通入NaClO溶液中的离子反应:
CO2+H2O+CIO=HCO3-+HCIO,故D项错误;
16.成语是中国传统文化的瑰宝。铜墙铁壁、铜心铁胆、金戈铁马、百炼成钢等成语向人传递正能量。工业
上,冶炼铁的有关热化学方程式如下
①C(s)+O2(g)=CCh(g)AHi=akJmol-1
1
@CO2(g)+C(s)=2CO(g)△H2=bkJmol-
1
③Fe2C)3(s)+3CO(g)=2Fe(s)+3CO2(g)AH3=ckJmor
@2Fe2O3(s)+3C(s)=4Fe(s)+3CO2(g)△H4=dkJmol“(上述热化学方程式中,a,b,c,d均不等于0)下列说法
正确的是
1
A.b<aB.C(s)+l/2O2(g)=CO(g)△H=(a+b)/2kJ-mol
1
C.d=3c+2bD.CO(g)+l/2O2(g)=CO2(g)△H<akJ-mol-
【答案】B
【详解】A.①C(s)+O2(g)=CO2(g)为放热反应,AH产akJmoHO,a<0;②CCh(g)+C(s)=2C0(g)为吸热反应,△
H2=bkJmor,>0,b>0,因此b>a;故A错误;
B.①C(s)+Ch(g尸CCh(g)AH^akJmol1,@CO2(g)+C(s)=2CO(g)△H2=bkTmoH;根据盖斯定律可知,将[①+
②]xi/2可得:C(s)+l/2O2(g)=CO(g)△H=(a+b)/2kJmol」<0;故B正确;
l1
C.@CO2(g)+C(s)=2CO(g)△H2=bkJmol,③Fe2Ch(s)+3CO(g)=2Fe(s)+3CO2(g)AH^ckJ-mol;根据盖斯定律
可知,将②/3+@x2可得:2Fe2O3(s)+3C(s)=4Fe(s)+3CO2(g)△H4=dkJmor'=(3b+2c)kJmor';故C错误;
D.因为碳燃烧生成一氧化碳为放热反应,所以Imol碳完全燃烧放出的热量大于Imol一氧化碳完全燃烧放出的热
量,而反应热包括负号和数值,故CO(g)+l/2O2(g)=CO2(g)△HAakJmoH,故D错误:
17.用LOmol-L」NaOH溶液中和某浓度硫酸溶液时,其pH和所加NaOH溶液的体积(V)关系如右图所示,则原
硫酸溶液的物质的量浓度和恰好完全反应后溶液的总体积分别是(设二者混合后体积为二者体积之和)
A.O.SmolL-180mLB.0.5molL''160mL
C.LOmol-L'180mLD.l.OmolL1160mL
【答案】B
【详解】根据图象知,硫酸的pH=O,则c(H+)=lmol/L,c(H2so4)=l/2c(H+)=0.5mol/L,完全反应时氢氧
化钠溶液的体积为80mL,根据反应中氢氧化钠和硫酸的关系式得:n(NaOH)=2n(H2so设硫酸溶液的体积
为VL,所以2x0.5mol/LxVL=lmol/Lx0.08L,所以V(H2sO4尸80mL,则混合溶液体积=80mL+80mL=160mL,故
B正确;
18.常温下,下列各组离子在指定溶液中一定能够大量共存的是
2+
A.Kw/c(OH-尸10-3的溶液中:Cl\NO3\Na+、Ba
B.含有大量AF+的溶液中:K+、A1O2\Mg2+、HCO3-
2
C.使甲基橙变黄色的溶液:Na\CO3\K\NO:
2
D.由水电离出的c(H+尸10」2moi/L的溶液中:Na\NH4\CrO4\CIO
【答案】A
【详解】A项,常温下,K„=1014,所以Kw/c(OH-尸10-3的溶液中,c(OH-)=10-"moVL,(H+)=10-3mol/L,溶液显
酸性,在酸性环境下,四种离子间互不发生反应,均能大量共存,故A正确;
B项,铝离子和偏铝酸根离子、碳酸氢根离子会发生双水解,不能共存,故B错误:
C项,使甲基橙变黄色的溶液中,pH>4.4;如果常温下,溶液4.4<pH<7时,溶液呈酸性,酸性条件下CCh”离子
不能存在,故C错误;
D项,由水电离出的c(H+)=10」2moi/L的溶液可能呈酸性或碱性,当溶液呈酸性时,次氯酸根离子不能大量存在,
当溶液呈碱性时,钱根离子不能大量存在,故D错误;
二、非选择题:包括第19题〜第23题5个大题,共46分。
19.(9分)锌是一种应用广泛的金属,目前工业上主要采用“湿法”工艺冶炼锌,某硫化锌精矿的主要成分是ZnS
(还含有少量FeS等其它成分),以其为原料冶炼锌的工艺流程如图所示:
含的气一
口化锌m*匣|明T•浸出清T4跖―求港小的沉回7$
演出用湮*一目收利用
回答下列问题:
(1)硫化锌精矿的焙烧在氧气气氛的沸腾炉中进行,所产生焙砂的主要成分的化学式为O
浸出液净化过程中加入的主要物质是锌粉,其作用是。
(2)电解沉积过程中的阴极采用铝板,阳极采用情性电极,阳极的电极反应式是。
(3)在该流程中可循环使用的物质是Zn和。
(4)改进的锌冶炼工艺,采用了“氧压酸浸'’的全湿法流程,既省略了易导致空气污染的焙烧过程,又可获得一种
有工业价值的非金属单质,“氧压酸浸”中发生主要反应的离子方程式为。
(5)硫化锌精矿(ZnS)遇到硫酸铜溶液可慢慢的转化为铜蓝(CuS)。请解释该反应发生的原理
(6)我国古代曾采用“火法”工艺冶炼锌。明代宋应星著的《天工开物》中有关于“升炼倭铅''的记载:”炉甘石十
斤,装载入一尼罐内......然后逐层用煤炭饼垫盛,其底铺薪,发火锻红,….,冷淀,毁罐取出,…即倭铅
也。”该炼锌工艺主要反应的化学方程式为(注:炉甘石的主要成分为碳酸锌,倭铅
是指金属锌)。
+
【答案】(l)ZnO除去Fe3+(2)2H2O-4e=O2T+4H(3)H2SO4
+2+
(4)2ZnS+4H+O2=2Zn+2S|+2H2O
(5)在一定条件下,溶解度小的矿物可以转化为溶解度更小的矿物(6)ZnCO3+2(J3Lzn+3CO?
【解析】硫化锌精矿的焙烧可生成ZnO、氧化铁等,含尘烟气含有含硫氧化物,可用于制备硫酸,浸出液加入
硫酸可生成硫酸锌、硫酸铁,加入过量锌充分反应,可置换出铁,滤液中主要含有硫酸锌,经电解可得到锌和
硫酸,电解液中含有硫酸,可循环利用,据此分析解答。
(1)含锌矿的主要成分是ZnS,与空气中氧气发生氧化还原反应,则焙砂的主要成分为ZnO;浸出液中含有铁
离子,因此净化过程中加入锌粉的作用是除去Fe3+;(2)电解沉积过程中,是电解ZnSCb,阴极锌离子放电生
成锌,阳极氢氧根失去电子发生氧化反应,电极反应式为2H2O-4e=O2廿4H+;(3)电解过程中有硫酸生成,因
此可以循环利用的物质还有硫酸;(4)“氧压酸浸”法顾名思义,可知反应物中含有H+和。2,可以获得非金属单
质S,反应的化学方程式为:2ZnS+4H*O2=2Zn2++2Sl+2H2。;(5)根据沉淀的转化原理可知,在一定条件下,
溶解度小的矿物可以转化为溶解度更小的矿物,所以硫化锌精矿(ZnS
)遇到硫酸铜溶液可慢慢地转变为铜蓝(CuS);(6)根据题目描述可知反应物为ZnCCh和C,产物含有Zn和
CO,则化学方程式为ZnCO3+2cJ3Lzn+3COt»
20.(9分)回答下列问题:
(1)己知室温下CO的燃烧热为283kJ/mol,则CO的燃烧热的热化学方程式为
(2)工业上利用CO和H2合成清洁能源CH3OH,其反应为:CO(g)+2H2(g)=CH30H(g)A//=-l16kJ/mol
如图表示CO的平衡转化率(a)随温度和压强变化的示意图。X表示的是,Yi丫2(填“<"、J"、
(3)合成甲醇的反应原理为:CO2(g)+3H2(g)=CH3OH(g)+H2O(g),在1L的密闭容器中,充入ImolCCh和
3molH2,在500□下发生反应,测得C02(g)和CH30H(g)的浓度随时间变化如图所示。
①反应进行到4min时,v(正)v(逆)(填“4Y或0〜4min,CO2的平均反应速率
v(CO2)=mol-V-min-1。
②该温度下平衡常数为。
③下列能说明该反应已达到平衡状态的是O
A.v£CH3OH)=3v迪(氏)
B.CO2、H2、CH30H和HzO浓度之比为1:3:1:1
C.恒温恒压下,气体的体积不再变化
D.恒温恒容下,气体的密度不再变化
(4)为提高燃料的能量利用率,常将其设计为燃料电池。某电池以甲烷为燃料,空气为氧化剂,KOH溶液为电
解质溶液,以具有催化作用和导电性能的稀土金属为电极。写出该燃料电池的负极反应式:
【答案】(1)CO(g)+1/202(g)CO2(g)AH=-283kJ/mol
(2)压强<
2
(3)①>0.125②5.33(或5.3或16/3)③C(4)CH4-8e'+10OH-=CO3+7H2O
【详解】⑴根据燃烧热的概念,燃烧热的热化学方程式为:CO(g)+l/2O2(g)^CO2(g)△H=-283kJ/mol;
(2)AH<0,该反应为放热反应,根据勒夏特列原理,升高温度,平衡逆向移动,CO的转化率降低,图像中曲
线Y升高,根据方程可知,增大压强,体积减小,平和正向移动,则X表示压强;当压强不变时,升高温度,
平衡逆向移动,CO的转化率降低,Y'Y2;
(3)①通过图像可知,反应在15min时平衡,4min反应正向进行,则v(正)>v(逆);v(CO2)=>c/M=0.5/4=0.125mol/
(Lmin);
K_式用0"式/0)_0.75x0.75
②该温度下平衡常数,33
,'C(CO2)XC(H2)—0.25x0.75-"3;
③A.反应速率之比等于化学方程式计量数之比,因此3V《H30H尸v(H2),所以V”(CH3OH)=3V鼠出)不能说明
CH30H正逆反应速率相同,A错误;
B.平衡时反应混合物中各组分的含量保持不变,但容器内CC)2、H2、CHQH和HzO的浓度之比不一定为1:3:1:
1,所以不能作为平衡的标志,B错误;
C.该反应是气体分子数变化的反应,恒温恒压下,气体的体积不再变化,可以作为平衡的标志,C正确;
D.反应前后气体的质量不变,容器的体积不变,所以密度始终保持不变,因此混合气体的密度保持不变不能作
为平衡的标志,D错误;
答案为C
(4)甲烷燃料电池以甲烷为燃料,以空气为氧化剂,以KOH溶液为电解质,负极得电子,电解质溶液参与反应,
2
电池反应为:CH4-8e+100H=C03+7H20;
21.(9分)甲醇是一种可再生能源,具有开发和应用的广阔前景,研究甲醇具有重要意义。
(1)工业上可用C02和田制取甲醉,已知下列反应的能量变化图:
反应过程反应过程
则由二氧化碳和氢气制备甲醇的热化学方程式为
(2)①某化学研究性学习小组模拟用CO和H2合成甲醇,其反应为:C0(g)+2HKg)=CH30H(g)△H<0。
在容积固定为1L的密闭容器内充人2moic。和4mol比,加入合适的催化剂(体积可以忽略不计)、保持250口
不变发生上述反应,用压力计监测容器内压强的变化如下:
反应时间/min0510152025
压强/MPa12.410.28.47.06.26.2
则反应从开始到20min时,以CO浓度变化表示的平均反应速率v(CO)=该温度下平衡常数
K=若平衡后增大压强,则K值________(填增大、减小或不变)
②在恒温恒容的密闭容器中,能判定CO(g)+2H2(g)-CH30H(g)△H〈0,该反应达到平衡的是;
A.气体的密度保持不变B.压强保持不变
C.平均摩尔质量保持不变D.速率v(H2):v(CH3OH)=2:1
(3)如图是用于笔记本电脑的甲醇燃料电池结构示意图,C是(正或负)极,写出此电极的电极反应
(4)若以该电池为电源,用石墨做电极电解200mL0.5mol【T的CuS04溶液,电解一段时间后,两极收集到相
同体积(相同条件)的气体,则整个电解过程转移的电子的数目是。
【答案】(1)CO2(g)+3H2(g)=CH3OH(l)+H2O(l)AH=-50kJ/mol
(2)①0.075mol/(L-min)3不变②BC
(3)负CH30H+H2O-6e=CO2+6H'
(4)0.4NA
【详解】(1)由图象可得热化学方程式为:①CO(g)+H2O(g)=CO2(g)+H2(g)△H=-41kJ/mol,②CO(g)
+2H2(g)=CH3OH(1)△H=-91kJ/mol,依据盖斯定律②-①得到:CO2(g)+3H2(g)=CH30H(1)+H2O(1)
△H=-50kJ/mol,故答案为CO2(g)+3氏(g)=CH30H(1)+H2O(1)AH=-50kJ/mol;
(2)①由表格数据可知20min时:压强不变,反应达到平衡,从反应开始到20min时,设CO的浓度变化量是
X,由题给数据建立如下三段式:
CO(g)+2H2(g)-CH3OH(g)
初始浓度(mol/L):240
变化浓度(mol/L):X2xX
平衡浓度(mol/L):2-x4-2xX
根据反应前后压强之比等于物质的量之比,则有:6:(6-2x)=12.4:6.2,解得x=1.5mol/L,以CO
c(CHqH)
浓度变化表示的平均反应速率v(CO)=1.5mol/L-20min=0.075mol/(L-min);该温度下平衡常数K=
2
C(CO)C(H2)
1.5/nol/L
=3;温度不变,平衡常数不变,若平衡后增大压强,则K值不变,故答案为0.075
O.Smol/Lx(\mol/L)2
mol/(Lmin);3;不变;
②A.反应过程中混合气体的质量始终不变,容器的体积不变,所以混合气体的密度始终不变,所以不能作为判断
平衡状态的依据,A错误;
B.反应前后都是气体,化学计量数之和减小,密闭容器中压强减小,故混合气体的压强不变,可以判断达到了
平衡状态,B正确;
C.反应前后,混合气体的物质的量减小,气体的质量不变,混合气体的平均相对分子质量增大,混合气体的相
对平均分子质量不变,能作为判断平衡状态的依据,C正确;
D.当反应达到平衡状态时,v(七)a=2v(CO)正,D错误。
故答案为BC:
(3)由电子的移动方向可知,电极c为原电池的负极,电极d是电池的正极,在酸性条件下,甲醇在原电池的
+
负极上放电生成二氧化碳,电极反应式为CH3OH+H2O—6e=CO2+6H,故答案为CH3OH+H2O—6e=CO2
+6H';
(4)阴极上铜离子放电能力强于氢离子,阴极上收集到域气,说明溶液中铜离子完全放电,设阴极收集到氢气
的物质的量为xmol,由得失电子数目守恒得:2x+0.1molx2=4x,解得x=01mol,则整个电解过程转移的电子的
物质的量是01molx4=0.4mol,即转移的电子的数目0.4NA个,故答案为0.4NA。
22.(9分)(1)某酸碱指示剂是一种有机弱酸,其在水溶液中的电离平衡与其呈现颜色相关:HIn(红色)wH++hr
(黄色),若向含此指示剂的溶液中加入盐酸,溶液将呈一色。
(2)下表列出了生产1n?塑料的能耗和可从同量塑料回收的能量。
塑料能耗/kJ可回收能量/kJ塑料能耗/kJ可回收能量/kJ
耐纶7.8x1044.2x104丙烯酸类塑料4.3x1041.8x104
聚氯乙烯3.8x1041.6*IO’聚丙烯2.0*IO,1.5xl04
现废品收购站已回收如下数量的废塑料:耐纶5m3、聚氯乙烯50m3、丙烯酸类塑料-nA聚丙烯40n?,如将它
们加工成燃料,可回收能量_______________kJ。
(3)在密闭容器中的一定量混合气体发生反应:xA(g)+yB(g)?zC(g);平衡时测得A的浓度为0.50mol/L,保持
温度不变,将容器的容积扩大到原来的两倍,再达平衡时,测得A的浓度降低为0.30mol/L。下列有关判断正确
的()。
A.x+y<zB.平衡向正反应方向移动C.B的转化率降低D.C的体积分数增大
(4)2.0molPCb和l.OmolCL充入体积
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