广东省台山2024-2025高三数学上学期第一次月考试题

第1页/共1页广东省台山2024-2025高三上学期第一次月考数学试题2024-08一、单选题（本大题共8小题，共40分.在每小题列出的选项中，选出符合题目的一项）1.设集合，，则（）A. B. C. D.2.已知i为虚数单位，若复数，则（）A. B. C. D.3.“”是“方程有正实数根”（）A.充分不必要条件B.必要不充分条件C.充要条件D.既不充分也不必要条件4.已知，则函数的最小值为A. B. C.1 D.25.绽开式中含的系数是（）A.28 B. C.84 D.6.2024年武汉马拉松于4月16日实行，组委会确定派小王、小李等6名志愿者到甲乙两个路口做引导员，每位志愿者去一个路口，每个路口至少有两位引导员，若小王和小李不能去同一路口，则不同的支配方案种数为（）A.40 B.28 C.20 D.147.设，则（）A. B. C. D.8.设函数的值域为A，若，则的零点个数最多是（）A.1 B.2 C.3 D.4二、多选题（本大题共4小题，共20分.在每小题有多项符合题目要求）9.《国家学生体质健康标准》是国家学校教化工作的基础性指导文件和教化质量基本标准，它适用于全日制一般小学、初中、一般中学、中等职业学校、一般高等学校的学生.某高校组织名大一新生进行体质健康测试，现抽查200名大一新生的体测成果，得到如图所示的频率分布直方图，其中分组区间为，，，，，．则下列说法正确的是（）A.估计该样本的众数是B.估计该样本的均值是C.估计该样本的中位数是D.若测试成果达到分方可参与评奖，则有资格参与评奖的大一新生约为人10.已知非零实数a，b满意，则下列不等关系肯定成立的是（）A. B.C. D.11.下列关于概率统计说法中正确是（）A.两个变量的相关系数为，则越小，与之间的相关性越弱B.设随机变量听从正态分布，若，则C.在回来分析中，为的模型比为的模型拟合的更好D.某人在次答题中，答对题数为，，则答对题的概率最大12.已知函数，若不等式对随意恒成立，则实数的取值可能是（）A. B. C. D.三、填空题（本大题共4小题，共20分）13.若命题“”是假命题，则实数的最大值为______．14.已知向量满意，则与的夹角为___________.15.已知，为椭圆C的两个焦点，P为C上一点，若，则C的离心率为______．16.某校确定从高一、高二两个年级分别抽取100人、60人参与演出活动，高一100人中女生占，高二60人中女生占，则从中抽取1人恰好是女生概率为______．四、解答题（本大题共6小题，共70分.解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤）17.在中，=60°，c=a.（1）求sinC的值；（2）若a=7，求的面积.18.设为函数的导函数，已知，且的图像经过点．（1）求曲线在点处的切线方程；（2）求函数在上的单调区间．19.已知图1是由等腰直角三角形和菱形组成的一个平面图形，其中菱形边长为4，，．将三角形沿折起，使得平面平面（如图2）．（1）求证：；（2）求二面角的正弦值．20.已知数列首项，且满意，设.（1）求证：数列为等比数列；（2）若，求满意条件的最小正整数.21.已知椭圆E:与y轴正半轴相交于点M,点F1,F2为椭圆的焦点,且是边长为2的等边三角形,若直线l:y=kx+2与椭圆E交于不同的两点A,B.（1）直线MA,MB的斜率之积是否为定值?若是,恳求出该定值,若不是,请说明理由；（2）求的面积的最大值.22.“英才支配”最早起先于2013年，由中国科协、教化部共同组织实施，到2024年已经培育了6000多名具有创新潜质的优秀中学生，为选拔培育对象，某高校在暑假期间从武汉市的中学里选择优秀学生参与数学、物理、化学、信息技术学科夏令营活动．（1）若化学组的12名学员中恰有5人来自同一中学，从这12名学员中选取3人，表示选取的人中来自该中学的人数，求的分布列和数学期望；（2）在夏令营开幕式的晚会上，物理组实行了一次学科学问竞答活动．规则如下：两人一组，每一轮竞答中，每人分别答两题，若小组答对题数不小于3，则取得本轮成功，假设每轮答题结果互不影响．已知甲、乙两位同学组成一组，甲、乙答对每道题的概率分别为，，且，假如甲、乙两位同学想在此次答题活动中取得6轮成功，那么理论上至少要参与多少轮竞赛？

高三数学试题参考答案1.B【分析】求出集合、，利用交集的定义可求得集合.【详解】因为，，所以.故选：B.2.B【分析】由复数的运算化简复数，再求共轭复数即可.【详解】因为，所以.故选：B.3.B【分析】依据零点的几何意义，将方程有正根问题等价转化为函数求零点问题，结合二次函数的性质，可得答案.【详解】由方程有正实数根，则等价于函数有正零点，由二次函数的对称轴为，则函数只能存在一正一负的两个零点，则，解得，故选：B.4.A【分析】先分别，再依据基本不等式求最值，即得结果.【详解】，当且仅当，即时，等号成立.选A。【点睛】本题考查利用基本不等式求最值，考查基本分析求解实力，属基础题.5.C【分析】依据绽开式的通项，分别求出绽开式中含、、的项的系数，即可得出答案.【详解】绽开式的通项为，.当选取时，由已知可得，应选取绽开式中含的项，由，可得；当选取时，由已知可得，应选取绽开式中含的项，由，可得；当选取时，由已知可得，应选取绽开式中含的项，由，可得.所以，绽开式中含的系数是.故选：C.6.B【分析】依据题意，先安排特别的两个人，再将剩余4个人分到两个路口，依据分组安排相关学问进行计算即可.【详解】若小王在1号路口，小李在2号路口，则剩余4个人分到两个路口，两个路口为人分布，共有种方案，两个路口为人分布，共有种方案，此时共有种方案；同理若小王在2号路口，小李在1号路口，也共有种方案.所以一共有28种不同的支配方案种数.故选：B7.A【分析】构造函数和，利用导数求解单调性，即可推断.【详解】当时，记，则，故在单调递增，故，因此得当时，，故，即；，设，则，因为，当时，．所以在上单调递增，所以，即，所以．故选：A8.C【分析】分别求出各段函数的单调性，结合函数图象分类探讨，分别求出函数的零点个数，即可推断；【详解】解：令，则在上单调递减；令，则．由，得或；由，得，所以在和上单调递增，在上单调递减，于是，的极大值为，微小值为．在同一坐标系中作出函数和的图象，如下图：明显；由，得；由的解析式，得．（1）若，当时，，不符合题意；（2）若，当时，，不符合题意；（3）若，①当时，；②当时，，即．由①②，时符合题意．此时，结合图象可知，当时，在上没有零点，在上有2个零点；当时，在上有1个零点，在上有1个或2个零点，综上，最多有3个零点．故选：C．9.ACD【分析】依据频率分布直方图，可推断A项；依据频率分布直方图，估计出平均数，可推断B项；依据频率分布直方图，估计出中位数，可推断C项；依据频率分布直方图，测试成果达到85分的频率为0.55，即可估算有资格参与评奖的人数.【详解】对于A项，由频率分布直方图可得，最高小矩形为，所以可估计该样本的众数是，故A项正确；对于B项，由频率分布直方图，可估计该样本的均值是，故B项错误；对于C项，由频率分布直方图可得，成果在之间的频率为，在之间的频率为，所以可估计该样本的中位数在内.设中位数为，则由可得，，故C项正确；对于D项，由频率分布直方图可得，测试成果达到分的频率为，所以可估计有资格参与评奖的大一新生约为人，故D项正确.故选：ACD.10.ABC【分析】利用不等式的性质及特别值法推断即可．【详解】解：对于非零实数，满意，则，即，故A肯定成立；因为，故B肯定成立；又，即，所以，故C肯定成立；对于D：令，，满意，此时，故D不肯定成立．故选：ABC11.BCD【分析】由相关系数，正态分布，二项分布的概念推断．【详解】对于A，两个变量的相关系数为，越小，与之间的相关性越弱，故A错误，对于B，随机变量听从正态分布，由正态分布概念知若，则，故B正确，对于C，在回来分析中，越接近于，模型的拟合效果越好，所以为的模型比为的模型拟合的更好，故C正确，对于D，某人在次答题中，答对题数为，，则数学期望，说明答对题的概率最大，故D正确．故选：BCD12.BC【分析】令，得到，推得为偶函数，得到的图象关于对称，再利用导数求得当时，单调递增，当时，单调递减，把不等式转化为恒成立，结合二次函数的性质，即可求解.【详解】由函数，令，则，可得，可得，所以为偶函数，即函数的图象关于对称，又由，令，可得，所以为单调递增函数，且，当时，，单调递增，即时，单调递增；当时，，单调递减，即时，单调递减，由不等式，可得，即所以不等式恒成立，即恒成立，所以的解集为，所以且，解得，结合选项，可得BC适合.故选：BC.【点睛】关键点睛：本题的关键是利用换元法设，从而得到，证明其为偶函数，则得到的图象关于对称，再结合其单调性即可得到不等式组，解出即可.13.【分析】由命题的否定转化为恒成立问题，利用二次函数的性质即可求解.【详解】由题知命题的否定“”是真命题．令，则解得，故实数的最大值为故答案为：14.【分析】依据平面对量数量积的运算性质，结合平面对量夹角公式进行求解即可.【详解】由，，故答案为：15.．【分析】利用椭圆的定义及，得到，进而得解.【详解】为椭圆上一点，由椭圆的定义知，，因为，所以，所以.故答案为：.【点睛】本题考查椭圆的离心率的求解及椭圆的定义，属于基础题.16.【分析】依据条件概率公式即可求解.【详解】用分别表示取的一人是来自高一和高二，表示抽取一个恰好是女生，则由已知可知：,且,所以故答案为：17.（1）（2）【分析】（1）干脆利用正弦定理求解即可，（2）求出，再利用余弦定理求出，然后利用三角形面积公式可求得答案【小问1详解】在中，因为，，所以由正弦定理得.【小问2详解】因为，所以.由余弦定理得，解得或（舍）.所以的面积.18.（1）（2）单调递增区间为和；单调递减区间为【分析】(1)求导，计算得到切线斜率，点斜式求切线方程.(2)求出函数解析式，求导函数，由导函数的正负解得原函数的单调区间.【小问1详解】，则，得．由题意，可得曲线在点处的切线方程为，即．【小问2详解】由已知得．又由（1）知，所以．故．，由，得，或；由，得．故在上的单调递增区间为和；单调递减区间为．19.（1）证明见解析（2）【分析】（1）取的中点，连接，，则，再结合已知面面垂直可得平面，则，而，再由线面垂直的判定可得面，从而可证得，（2）以，，所在的直线分别为轴，轴，轴建立空间直角坐标系，利用空间向量求解.【小问1详解】证明：取的中点，连接，．∵，∴．又∵平面平面，且平面平面，平面，∴平面．∵平面，∴．∵在菱形中，，∴为等边三角形，∵的中点为，∴，∵∥，∴∵，平面，∴平面，∵平面，∴．【小问2详解】由（1）平面，∵平面，∴，∵，∴如图,以，，所在的直线分别为轴，轴，轴建立空间直角坐标系，则，∴，，．设平面的法向量为，则，不妨设，则．设平面的法向量为，则，令，则，设二面角的大小为，由图可知为钝角，∴，∴．∴二面角的正弦值为．20.（1）证明见解析（2）140【分析】（1）利用等比数列的定义证明即可；（2）利用分组求和的方法得到，然后利用的增减性解不等式即可.【小问1详解】，，所以数列为首项为，公比为等比数列.【小问2详解】由（1）可得，即∴而随着的增大而增大要使，即，则，∴的最小值为140.21.（1）;（2）.【详解】（1）因为是边长为2的等边三角形，所以，，，所以，所以椭圆：，点.将直线代入椭圆的方程，整理得：，（*）设，则由（*）式可得，所以，，，所以直线的斜率之积所以直线斜率之积是定值.（2）记直线与轴的交点为，则当且仅当，即时等号成立.所以的面积的最大值为.22.（1）