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文档简介
九年级上学期期末数学试卷(解析版)
姓名:年级:学号:
题型选择题填空题解答题判断题计算题附加题总分
得分
评卷人得分
一、选择题(共5题,共25分)
1、将抛物线y=x2向左平移2个单位,再向下平移3个单位,则得到的抛物线解析式是()
A.y=(x-2)2-3B.y=(x-2)2+3
C.y=(x+2)2-3D.y=(x+2)2+3
【考点】
【答案】C
【解析】
试题分析:抛物线y=x2的顶点坐标为(0,0),向左平移2个单位,再向下平移3个单位,所得的抛
物线的顶点坐标为(-2,-3),根据顶点式可确定所得抛物线解析式.
解:依题意可知,原抛物线顶点坐标为(0,0),
平移后抛物线顶点坐标为(-2,-3),
又因为平移不改变二次项系数,
所以所得抛物线解析式为:y=(x+2)2-3.
故选:C.
【考点】
【答案】C
【解析】根据轴对称图形和中心对称图形的概念可得选项A、B只是中心对称图形,选项C是轴对称图形又
是中心对称图形,选项D只是轴对称图形,故选C.
2
3、如图,直线y=2x与双曲线y=x在第一象限的交点为A,过点A作AB±x轴于B,将AABO绕点0旋转90°,
得到AA,B,0,则点A,的坐标为()
B.(1,0)或(-1,0)
C.(2,0)或(0,-2)
D.(-2,1)或(2,-1)
【考点】
【答案】D
【解析】
试题分析:联立直线与反比例解析式,求出交点A的坐标,将aABO绕点。旋转90°,得到B,0,
利用图形及A的坐标即可得到点A,的坐标.
y=2x
2
y=-
解:联立直线与反比例解析式得:x
消去y得到:x2=1,
解得:x=1或-1,
••・y=2或-2,
,,,A(1,2),即AB=2,0B=1,
根据题意画出相应的图形,如图所示,
可得A'B'=A''Bz'=AB=2,OB'=0Bz'=0B=1,
根据图形得:点卜的坐标为(-2,1)或(2,-1).
故选D.
D.x=0或x=2
【考点】
【答案】D
【解析】试题分析:原方程已化为了方程左边为两个一次因式的乘积,方程的右边为0的形式;可令每一
个一次因式为零,得到两个一元一次方程,从而求出原方程的解.
解:由题意,得:x=0或x-2=0,
解得x=0或x=2;故选D.
5、下列事件中是必然事件的是()
A.实心铁球投入水中会沉I故选:A.
二、填空题(共1题,共5分)
6、掷一枚质地均匀的骰子,掷到的点数大于4的概率是.
【考点】
_1
【答案】3.
【解析】
试题分析:由掷一枚质地均匀的骰子,掷到的点数大于4的有2种情况,直接利用概率公式求解即可
求得答案.
解:丫掷一枚质地均匀的骰子,掷到的点数大于4的有2种情况,
2
.・■掷一枚质地均匀的骰子,掷到的点数大于4的概率是:6=.
故答案为:.
三、解答题(共7题,共35分)
7、一个不透明的口袋中有3个大小相同的小球,球面上分别写有数字1,2,3,从袋中随机摸出一个小球,
记录下数字后放回,再随机摸出一个小球.
(1)请用树状图或列表法中的一种,列举出两次摸出的球上数字的所有可能结果;
(2)求两次摸出球上的数字的积为奇数的概率.
【考点】
4
【答案】(1)见解析;(2)9.
【解析】试题分析:(1)首先根据题意画出树状图,然后由树状图求得所有等可能的结果;
(2)由(1)可求得两次摸出的球上的数字积为奇数有4种情况,再利用概率公式即可求得答案
解:(D根据题意,可以画如下的树状图:
开始
123
/1\/N/T\
123123123
由树状图可以看出,所有可能的结果共有9种,这些结果出现的可能性相等;
(2)由(1)得:其中两次摸出的球上的数字积为奇数的有4种情况,
4
场P(两次摸出的球上的数字积为奇数)=9.
8、如图,在RtZ\BAC中,ZBAC=90°,将AABC绕点A顺时针旋转90°得到AAB'Cz(点B的对应点是
点B,,点C的对应点是点L),连接CC',若NCC'B,=30°,求NB的度数.
【考点】
【答案】75。.
【解析】试题分析:根据旋转的性质可得4ABC义AAB'C',根据全等三角形的性质可得AC=AC',
NB=NAB'Cz,则△ACC,是等腰直角三角形,然后根据三角形的外角的性质求得NAB'L即可.
解:由旋转的性质可得:△ABCgZiAB'I,点B,在AC上,
.,.AC=AC,,ZB=ZAB/C'.
又;NBAC=NCAC'=90",
NACC'=NAC'0=45°.
NAB'C'=ZACC/+NCC'B'=45°+30°=75°,
ZB=ZABzC'=75°.
k
9、如图,正方形的边长为2,边0A,0C分别在x轴与y轴上,反比例函数y=q(k为常数,k手0)的图象
经过正方形的中心D.
(1)直接写出点D的坐标;
(2)求反比例函数的解析式.
【考点】
1
【答案】(1)D(1,1);(2)y=x.
【解析】试题分析:(1)根据正方形的性质即可求得D的坐标;
(2)根据待定系数法即可求得反比例函数的解析式.
解:(1):正方形的边长为2,边0A,0C分别在x轴与y轴上,
.,.A(2,0),C(0,2),B(2,2),
..,点D是正方形的中心,
.,.D(1,1);
k
(2)设反比例函数的解析式为y=x,
且该函数图象过点D(1,1),
k
.,.k=1,
_1
・••反比例函数的解析式为y=x.
10、某商场销售一种笔记本,进价为每本10元,试营销阶段发现:当销售单价为12元时,每天可卖出100
本.如调整价格,每涨价1元,每天要少卖出10本.
(1)写出该商场销售这种笔记本,每天所得的销售利润y(元)与销售单价x(元)之间的函数关系
式(x>10);
(2)若该笔记本的销售单价高于进价且不超过15元,求销售单价为多少元时,该笔记本每天的销售
利润最大?并求出最大值.
【考点】
【答案】(1)y=-10x2+320x-2200;(2)销售单价为15元时,该文具每天的销售利润最大,最大值是
350元.
【解析】试题分析:(1)根据题意列方程即可得到结论;
(2)把y=-10x2+320x-2200化为y=-10(x-16)2+360,根据二次函数的性质即可得到结论.
解:(1)y=(x-10)[100-10(x-12)
=(x-10)(100-Wx+120)=-10x2+320x-2200;
(2)y=-10x2+320x-2200=-10(x-16)2+360,
由题意可得:10<xW15,
,/a=-10<0,对称轴为直线x=16,
••・抛物线开口向下,在对称轴左侧,y随x的增大而增大,
.,.当x=15时,y取最大值为350元,
答:销售单价为15元时,该文具每天的销售利润最大,最大值是350元.
11、如图,AB是。0的直径,AC是。0的切线,BC交。0于点E.
(1)若D为AC的中点,证明DE是。。的切线;
(2)若0A=«,CE=1,求AABC的面积.
【考点】
【答案】⑴见解析;⑵2y
1
【解析】试题分析:(1)连接AE,0E,NAEB=90°,NBAC=90°,在Rt^ACE中,D为AC的中点,则DE=AD=CD上AC,
得出NDEA=NDAE,由0A=0E,得出N0AE=N0EA,贝I]NDE0=NDEA+N0EA=NDAE+N0AE=NBAC=90°,即可得
出结论;
BCAB
(2)AB=2A0=2'/3,由△BCAs^BAE,得出AB=BE,求出BE=3,BC=4,由勾股定理得ACUJBC,-AB<2,
则SAABC=AB«AC代入即可得出结果.
(1)证明:连接AE,0E,如图所示:
;AB是。。的直径,
ZAEB=90°,
,,-AC是。0的切线,
/.ZBAC=90°,
..■在Rt^ACE中,D为AC的中点,
,■.DE=AD=CD=AC,
ZDEA=ZDAE,
,.,OA=OE,
Z0AE=Z0EA,
ZDEO=ZDEA+ZOEA=ZDAE+ZOAE=ZBAC=90°,
/.OE±DE,
■.,OE为半径,
・•.DE是。。的切线;
(2)解:;A0=,
.,.AB=2A0=2,
■.,ZCAB=ZAEB=90°,ZB=ZB,
.,.△BCA^ABAE,
BCAB
/.AB=BE,即AB2=BE・BC=BE(BE+EC),
(2'/3)2=BE2+BE,
解得:BE=3或BE=-4(不合题意,舍去),
,,,BE=3,
.,.BC=BE+CE=3+1=4,
.,.在RtZkABC中,AC=7BC2-AB2=742-(2V3)=2,
1
.,.SAABC=2AB・AC=X2X2=2'瓜
12、已知关于x的一元二次方程mx2-mx+1=0有两个相等的实数根,求m的值.
【考点】
【答案】4
【解析】试题分析:根据一元二次方程的定义及判别式的意义得到m手0且4=(-m)2-4mX1=0,然后解
方程即可得到满足条件的m的值.
解:根据题意得,小羊0且△=(-m)2-4mX1=0,
解得m1=0(舍去),m2=4,
则m的值为4.
13、如图,已知抛物线y=x2-2x-3与x轴交于A,B两点(点A在点B的左侧),与y轴交于点C,该抛
(1)求A,B两点的坐标;
(2)设点P在x轴下方的抛物线上,当NABP=NCDB时,求出点P的坐标;
(3)以0B为边最第四象限内作等边△OBM.设点E为x轴的正半轴上一动点(OE>OH),连接ME,把
线段ME绕点M顺时针旋转60°得MF,求线段DF的长的最小值.
【考点】
【答案】⑴A(-1,0),B(3,0);(2)P(2,-3);(3)线段DF的长的最小值存在,最小值是
2+V3.
【解析】试题分析:(1)令y=0,求得关于x的方程x2-2x-3=0的解即为点A、B的横坐标;
(2)设P(x,x2-2x-3),根据抛物线解析式求得点D的坐标为D(1,-4);结合坐标与图形的
性质求得线段CD=JQCB=3,BD=2而;所以根据勾股定理的逆定理推知NBCD=90°,则易推知相似三角形
△BCD^APNB,由该相似三角形的对应边成比例来求x的值,易得点P的坐标;
(3)正确做出等边AOBM和线段ME所对应的旋转线段MF,如图2.过点B,F作直线交对称轴于点G.构
建全等三角形:△£()“丝△FBM,由该全等三角形的性质和图形中相关角间的和差关系得到:
N0BF=120°为定值,即BF所在直线为定直线.过D点作DKLBF,K为垂足线段DF的长的最小值即为
DK的长度.
解:(1)令y=0,得x2-2x-3=0,
解得x1=-1,x2=3,
/.A(-1,0),B(3,0)
(2)设P(x,x2-2x-3),
如图1,过点P作PN^x轴,垂足为N.
连接BP,设NNBP=NCDB.
令x=0,得y=x2-2x-3=-3,
/.C(0
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