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第=page11页,共=sectionpages11页2023-2024学年江苏省南通市如皋中学高一(下)调研数学试卷(一)一、单选题:本题共8小题,每小题5分,共40分。在每小题给出的选项中,只有一项是符合题目要求的。1.若α=6,则角α的终边在(
)A.第一象限 B.第二象限 C.第三象限 D.第四象限2.已知复数z=(1+i1−i)2025,则zA.−1 B.−i C.1 D.i3.设角θ的终边经过点P(4a,−3a)(a≠0),则sin(π2+θ)+A.±75 B.±15 C.4.在锐角△ABC中,AD为BC边上的高,tanC=2tanB,AD=xAB+yAC,则x−yA.−12 B.12 C.−5.在△ABC中,角A,B,C的对边分别为a,b,c,已知sinA=217,(a+b−c)(a+b+c)=ab,则tanB的值为A.37 B.35 C.6.在平行四边形ABCD中,∠BAD=2π3,AB=2,F为CD的中点,BC=3BE,且AE⋅AFA.3 B.4 C.6 D.87.函数f(x)=sin(ωx+φ)(其中ω>0,|φ|<π)的部分图象如图所示.若将函数f(x)图象上所有点向右平移θ个单位,所得函数图象关于y轴对称,则θ的值可能为(
)A.π6
B.512π
C.π8.已知函数f(x)=3sin2ωx+2cos2ωx(ω>0)的定义域为[0,π],在定义域内存在唯一x0,使得A.[112,1312] B.[二、多选题:本题共3小题,共18分。在每小题给出的选项中,有多项符合题目要求。9.已知向量e1,e2不共线,且OA=2λe1+e2,OB=−2e1+3e2A.0 B.1 C.2 D.310.在△ABC中,角A,B,C的对边分别为a,b,c,则下列说法正确的有(
)A.若A>C,则sinA>sinC
B.若△ABC为锐角三角形,则sinA<cosC
C.若△ABC为斜三角形,则tanA+tanB+tanC=tanAtanBtanC
D.若asinA=b11.若5cos2α=tan(π4+α),则A.−1 B.1 C.2 D.1三、填空题:本题共3小题,每小题5分,共15分。12.用一根长度为1的绳子围成一个扇形,当扇形面积最大时,其圆心角的弧度数为______.13.已知向量a=(1,sin(π12+x)),b=(sin(5π1214.锐角△ABC的角A,B,C的对边分别为a,b,c,满足cosCc=cosB−cosCc−b,则四、解答题:本题共5小题,共77分。解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤。15.(本小题13分)
已知sinα+2cosαsinα−cosα=4.
(1)求tan2α及sinαcosα的值;
(2)若π<α<2π,0<β<π,cosβ=−16.(本小题15分)
已知函数f(x)=sin(2x−π6)+2cos2x(x∈R).
(1)求f(x)的对称中心及单调递减区间;
(2)将f(x)图象上所有点的横坐标变成原来2倍(纵坐标不变)得到函数g(x)17.(本小题15分)
△ABC的内角A,B,C的对边分别为a,b,c,已知asinA+B2=csinA.
(1)求C;
(2)若△ABC面积为103,tanA=418.(本小题17分)
如图,点P,Q分别是矩形ABCD的边DC,BC上的两点,AB=3,AD=2.
(1)若DP=λDC,CQ=λCB,0≤λ≤1,求AP⋅AQ的范围;
(2)若∠PAQ=π4,求AP⋅AQ的最小值;
(3)若DP=2PC,连接AP交BC的延长线于点T,Q为BC的中点,试探究线段19.(本小题17分)
在凸四边形ABCD中,DC=2AD.
(1)若A,B,C,D四点共圆,∠ADC=2π3,AC=7,AB=BC+AD.
①求四边形ABCD的面积;
②求AB⋅AD的值;
(2)若DA⊥AB,∠ADC=∠BCD,参考答案1.D
2.A
3.A
4.C
5.B
6.B
7.B
8.C
9.AC
10.ACD
11.ACD
12.2
13.[14.(15.解:(1)因为sinα+2cosαsinα−cosα=4,所以tanα+2tanα−1=4,解得tanα=2,
所以tan2α=2tanα1−tan2α=2×21−22=−43,
sinαcosα=sinαcosαsin2α+cos2α=tanαtan2α+116.解:(1)f(x)=sin(2x−π6)+2cos2x=32sin2x−12cos2x+1+cos2x
=32sin2x+12cos2x+1=sin(2x+π6)+1,
令2x+π6=kπ(k∈Z),解得x=−π12+k2π(k∈Z),
令2kπ+π2≤2x+π6≤2kπ+3π2(k∈Z),解得kπ+π6≤x≤kπ+17.解:(1)因为asinA+B2=csinA,
由正弦定理得sinAsinA+B2=sinCsinA,
因为A∈(0,π),可得sinA>0,
又因为A+B2=π2−C2,可得sin(A+B2)=cosC2,
所以sinA+B2=cosC2=sinC=2sinC2cosC2,
即cosC2=2sinC2cosC2,
又因为C2∈(0,π2),可得cosC2>0,
所以sinC2=12,所以C2=π6,故C=π3;
(2)由(1)知,C=π3,由△ABC面积为103,
可得12absinC=318.解:(1)因为AB=3,AD=2,所以|DP|=λ|DC|=3λ,|CQ|=λ|CB|=2λ,
则|BQ|=2−2λ,
所以AP⋅AQ=(AD+DP)⋅(AB+BQ)=AD⋅AB+AD⋅BQ+DP⋅AB+DP⋅BQ
=0+2(2−2λ)+3λ×3+0=5λ+4,
因为0≤λ≤1,所以AP⋅AQ∈[4,9];
(2)如图所示,以A点为坐标原点,AB为x轴,建立直角坐标系,
设∠QAB=α∈[0,π4],0≤tanα≤23,
则Q(3,3tanα),P(2tan(π4−α),2),
所以AP⋅AQ=6tan(π4−α)+6tanα=6×1−tanα1+tanα+6tanα
=121+tanα+6tanα−6=6(21+tanα+tanα+1)−12
≥1221+tanα⋅(tanα+1)−12=12219.解:(1)①因为A,B,C,D四点共圆且∠ADC=2π3,所以∠ABC+∠ADC=π,可得∠ABC=π3,
在△ADC中,由余弦定理AC2=DA2+DC2−2DA⋅DCcos∠ADC,
结合DC=2AD,可得7=DA2+4DA2−2DA×2DA×(−12),解得DA=1(负值舍去),所以DC=2AD=2,
则S△ADC=12DA⋅DCsin∠ADC=12×1×2×32=32,
在△ABC中由余弦定理AC2=BA2+BC2−2BA⋅BCcos∠ABC,
将AB=BC+AD
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