版权说明:本文档由用户提供并上传,收益归属内容提供方,若内容存在侵权,请进行举报或认领
文档简介
教理院计练习题
1.设X1,X2,X3,X4是总体N(〃,。2)的样本,4已知,cr2未知,则不是统计量的是
().
4
(A)X।+5X4;(B)£Xj—〃;
/=1
4
(C)X]-cr;(D).
i=]
解:统计量是不依赖于任何未知参数的连续函数.
・•・选C.
2.设总体X~6(l,p),X-X2,…,X”为来自X的样本,则().
(A)p:(B)1-/2;
(C)C:pkQ_p)z;(D)C:Q-p)kp『k.
解:Xd2…X〃相互独立且均服从B(l,p)故-Bgp)
i=l
即nX-B(n,p)则P(又J)=p(欣=6=C;p“l—p)T
n
:.选C.
3.设X-X2,…,X”是总体N(0,1)的样本,,和S分别为样本的均值和样本标准差,
则().
(A)X/S~t(n-1);(B)X~N(O,1);
(C)(72—1)S"~(n—1);(D)-J~nX~t(n—1).
一1£一一11一1
解:X=-YxiEX=O,DX=-n=-X~N(0,—)B错
nHnnn
(rt—1)S__2(〃一1)T,
s~Z(n-1)■L7T_LS2=(〃_I)S2~72(〃_I)
crr
—Vn~Z(n-l).;.A错.
选C.
4.设X-X2,…,X”是总体Na,,")的样本,又是样本均值,记S:=
1〃
S:=一£(Xj-〃)2,则服从自由度为〃一1的,分布的随机变量是().
(A)7=X-N(B)
_s"V^TT=^^r
(D)T=」一[
S4/yln
isx「反y
解:上——3---------z2(/?-l)册〜N(O,1)
(J(J
T=i。-------〜t(n-1)
:2对
Vn-1
(X—/z)VnX—〃I-[
T-,=------1〜Z(n-l)
[nS:/n-lS?
选B.
5.设X-X2,…,X6是来自N(〃Q2)的样本,底为其样本方差,则。S2的值为().
Iio?
(A)-<T4;(B)-o-4;(C)-<T4;(D)-<72.
3555
5s2
解:X1,X2,,X6~N(〃,b2),〃=6r~/2(5)
b
由/分布性质:D==2x5=10即。S2=Wb4=2b4
选C.
6.设总体X的数学期望为〃,X1,乂2,…,X”是来自X的样本,则下列结论中正确的
是().
(A)X1是"的无偏估计量;
(B)X1是〃的极大似然估计量;
(C)X,是〃的一致(相合)估计量;
(D)X,不是〃的估计量.
解:EX、=EX=RX|是〃的无偏估计量.
选A.
7.设X1,乂2,…,X”是总体X的样本,EX=H,DX=a2,K是样本均值,S?是
样本方差,则().
(A)X~7V//,—;(B)S?与兄独立;
In)
2
(n-l)52
(C)-------;(D)S?是a?的无偏估计量.
<y'
解:已知总体X不是正态总体(A)(B)(C)都不对.
选D.
8.设X],Xz,…,X“是总体Ng,。?)的样本,则()可以作为a?的无偏估计量.
1n
(A)
19v
(c)不;⑴)士沙.
;;
解:EX]=0,DXiEX_(EXj¥=EX=/
E(-Yxf)=--na2=cy2
n।n
选A.
9.设总体X服从区间[-仇网上均匀分布(6〉0),西,…,为样本,
则。的极大似然估计为()
(A)max{%x“};(B)min{X1,…,x,J
(C)max{|x|1)(D)min{|x,I,---,|x„|)
—xe[-仇0]
解:/(%)=<ie
o其它
“1
似然正数g,…,x〃;e)=仃/(x,,e)=函7\X:\<0i=l,2,,n
其它
此处似然函数作为。函数不连续
不能解似然方程求解。极大似然估计
L(6)在夕=X(〃)处取得极大值^=X„=max||X1|,--,|X„|)
选c.
10.设总体X的数学期望为〃,X-X2,,X“为来自X的样本,则下列结论中
正确的是
(A)X,是〃的无偏估计量.(B)X)是〃的极大似然估计量.
(C)X|是〃的相合(一致)估计量.(D)X1不是M的估计量.()
解:EX、=〃,所以X1是〃的无偏估计,应选(A).
11.设玉,工2,,%为正态总体N(〃,4)的一个样本,元表示样本均值,则"的
置信度为1-。的置信区间为
(A)(%-Wa/2-y=,X+U
7na/2
(B){x—ux_a/2—j=,x+ua/2
(D)(x—ua/2—,x+ua/2
解:因为方差已知,所以〃的置信区间为
(X-%/23,又+%/2
应选D.
12.设总体X~N(日,。2),其中/已知,则总体均值p的置信区间长度L与置信度1-a
的关系是
(a)当1-a缩小时,L缩短.
(b)当1-a缩小时,L增大.
(c)当1-a缩小时,L不变.
(d)以上说法均错.
解:当。2已知时,总体均值口的置信区间长度为当La缩小时,L将缩短,故应选(a)
13.设总体X~N(川,),Y~N(田,s?),X和Y相互独立,且山,,口,6?均
未知,从X中抽取容量为m=9的样本,从Y中抽取容量为n2=10的样本分别算得样本方差
为
S/=63.86,522=236.8对于显著性水平。=0.10(0<a<1),检验假设
Ho:CTI2=O22Hi:b/WCT22
则正确的方法和结论是[]
(a)用F检验法,查临界值表知Fo.yo(8,9)=0.40,R).io(8,9)=2.47结论是接受Ho
(b)用F检验法,查临界值表知FO.95(8,9)=O.31,FO.O5(8,9)=3.23结论是拒绝H()
(c)用t检验法,查临界值表知"05(17)=2.11结论是拒绝H()
(d)用Z2检验法,查临界值表知/0.10(17)=24.67结论是接受H()
解:这是两个正态总体均值未知时,方差的检验问题,要使用F检验法。在假设Ho:.2=
O22是双侧检验问题,选(b)
14.机床厂某日从两台机器所加工的同一种零件中分别抽取容量为m和m的样本,并且
已知这些零件的长度都服从正态分布,为检验这两台机器的精度是否相同,则正确的假设是
(a)Ho:日।=日2;Hi:R।W(42
(b)Ho:।=ji2;Hi:।<p2
(c)Ho:ar=O22;H|:OI2^O22
2222
(d)Ho:CT|=C2;H|:CT|<ct2
分析:为检验精度,要检验方差是否相同,故应选(C)
15.在求参数。的置信区间时,置信度为90%是指()
(a)对100个样品,定有90个区间能覆盖。
(b)对100个样品,约有90个区间能覆盖0
(c)对100个样品,至多有90个区间能覆盖。
(d)对100个样品,只能有90个区间能覆盖e
答:选(b)
16.收集了n组数据(x,.,%),=1,2,…,”画出散布图,若n个点基本在一条直线附近
时,称这两变量间具有()
(a)独立的关系(b)不相容的关系
(c)函数关系(d)线性相关关系
答:选(d)
17.设X1,X2,,XD是总体N(〃,4)的样本,S?是样本方差,若Pg?>0=0.01,
贝ija-.
(注:-7)=334,就005a7)=35.7,^,01(16)=32.0,就005a6)=34.2)
16q2
解:P(S2>a)=P{-^->4a}=0.01
4
即/.储16于血亦即4«=32a=8.
18.设测量零件的长度产生的误差X服从正态分布N(〃,cr2),今随机地测量16个零件,
得ZX,=8,EX;=34.在置信度0.95下,〃的置信区间为.
(?005(15)=1.7531,125(15)=2.1315)
解:〃的置信度1一。下的置信区间为
-SS
(X—1)—/=,X+%2(〃一1)—7=
X=0.5,S2=—[^X,2-16X2]=2,S=1.4142,〃=16
15i=i
ZOO25(15)=2.1315.
所以〃的置信区间为(—0.2535,1.2535).
19.最小二乘法的基本特点是使回归值与的平方和为最小,最小二乘法的理论依据是
_____O
答:实际观测值;函数的极值原理。
20.某单因子试验,因子A有2个水平,水平A1下进行5次重复试验,在水平A2下进
行6次重复试验,则总偏差平方和的自由度为()o
答:10
数理统计的基本概念
1.某厂生产玻璃板,以每块玻璃上的泡疵点个数为数量指标,已知它服从均值为;I的
泊松分布,从产品中抽一个容量为〃的样本X1,X2,,X",求样本的分布.
解样本(X-X2,,X“)的分量独立且均服从与总体相同的分布,故样本的分布为
nn叫
p(x,=kt,x2=k2,,x“=z")=np(x,=()=nh
Aki=0,1,,i=1,2,,n,
kx\k2\kn\'
2.加工某种零件时,每一件需要的时间服从均值为1/zi的指数分布,今以加工时间为
零件的数量指标,任取〃件零件构成一个容量为〃的样本,求样本分布。
解零件的加工时间为总体X,则*~£(4),其概率密度为
于是样本(X-X2,,X“)的密度为
/(5,工2,,当)=口曲的=<4"e•,x,.>0«=1,2,,n
0,其它.
3.证明若X~/2(〃),则EX=〃,DX=2n.
证因乂~/(〃),所以x可表示的x=£x;,其中X-X2,,X〃相互独立,且
/=1
均服从N(O,1),于是
EX=£EX;=X[DX,+(盟)2]=£1=〃
/=1i=l/=1
DX可DX;=-(EX:)?]=-4=3^-l]
/=1/=1i=l”72几
=£(3-1)=2几
i=l
4.已知X~f(〃),求证X2~F(1,n).
Z,
证X~t(n,则X可表示为X=—其中Z~N(O,1),y~%2(〃)且z,y相
互独立,于是
72
x2=-F(l,n).
Yin
5.设*,X?,X3,X4是来自正态总体N(0,22)的简单随机样本,
22
X=a(Xt-2X2)+b(3X3-4X4),求常数。涉,使得X~/(2).
Y__2X1
22
解X,-2X2~N(0,20),1「2一N(O,1),—(X,-2X,)~Z(l),
-2V520
3X—4Y1
3X,-4X4~N(0』0)_\一~N(0,l),—(3X-4X)2~Z2(1),
lu10034
所以当a='-,〃=—!—时.
20100
222
X=«(X,-2X2)+^(3X3-4X4)~Z(2)
6.设X-,X“,X,,+”,X"+,”是分布N(0,fy2)的容量为〃的样本,试求下列统计量
的概率分布:
而£X,
(1)i=l(2)■'=1
In+tnn+m
司Zx;
Vi=n+\
fx,~N(0,,,Jfx,~N(0,l),
解
i=l71=1
y2111+in
X,~N(0,。2),—⑴,一
bb/=M+1
所以
而fX,
(1)i=lT(a);
n+m1n+m
Ji=n+]bi=〃+]
1n
4zx;/〃
C2)Y2=n+nt果含--------2〃,〃?)•
〃2X;上工X;lm
i-n+lGi=n+\
_|〃
7.设X,,X“,X”“是来自总体N(〃寸的样本,x=-V,
n
X〃“j十】-X\n—\,,.
S*2」£(X,-N)2,试求统计量T—J——的分布。
nSn+\
x„-X~MOA^CT22
解+12~z(»-i)
nb
于是
X严—X~N(O,1)
'n+1
----ar
n
x“+「x
7=X©二又回J〃+l/〃<7
〜t(n-l)
S几十1吗(〃-1)
(7
8.从正态总体N(3.4,62)中抽取容量为〃的样本,如果要求样本均值位于区间(1.4,
5.4)内的概率不小于0.95,问样本容量〃至少应多大?
解0.9军尸(1<L»X,<季杰)5;(3#—①):]脑。
=20)(乎)一1
即
①(手)>0.975,查正态分表得^y>1.96即n>34.57.
故样本容量至少应为35。
9.求总体N(20,3)的容量分别为10,15的两个独立样本均值差的绝对值大于0.3的概
率。
___3-3
解设男和兄为两个独立样本的均值,则xx〜NQ0,—),X2~NQ0,—)
_15--1
于是X,-X2~N(0,—)即X,-X2~N(0,-)
P(|X,-X2|>0.3)=1一P(|兄一X2|<0.3)
...0.3、..—0.3、
=1-6―r)+O(r)
1/V21/V2
=2-20(0.42)=2-2x0.6628=0.6744.
参数估计
1.对某一距离进行5次测量,结果如下:
2781,2836,2807,2765,2858(米).
己知测量结果服从NRd),求参数〃和b?的矩估计.
_1"_
解〃的矩估计为A=又,4的矩估计为<T2=-y(x,.-x)2=
X=1(2781+2836+2807+2765+2858)=2809.0,
S*?=1x5854.0=1170.84
5
所以
〃=2809,夕=H70.8
2.设总体X具有密度
f(x;。)={0'x>C,
・°,其他.
“,求。的
其中参数0<。<1,。为己知常数,且C>0,从中抽得一个样本,x,,x2,X
矩估计
p+0011
解M=EX='exf>(be
e7
i
------1―LL)------------
。一1\-e
解出。得
从
于是。的矩估计为
6>=1—£.
X
3.设总体的密度为
(a+l)xa,0<x<l,
f(x;a)=<
0其他.
试用样本X1,X2,,X“求参数a的矩估计和极大似然估计.
解先求矩估计:
//,=EX=f(a+V)xf+'dx="+1xff+2|_a+1
'J0a+2loa+2
解出。得
a=E阴
Ai-1
所以a的矩估计为
1-2X
a=
X-l
再求极大似然估计:
L(X-,X,;a)=fl(a+l)¥=(a+l)"(x/2当尸,
Z=1
n
InL=/?ln(6z+1)+Inxz,
i=\
dlnLn八
-----=-----+>\nx0,
daa+1普i
解得a的极大似然估计:
a=-(l+^T^—)•
Elnxf-
/=1
4.设总体X服从指数分布
邛"功,x>e,
/(x;e)=,
o,其他.
试利用样本x,,x2,,x“求参数。的极大似然估计.
n-2既+""
解L(X1,,X“;e)=ne~(Xi~9}=e,x,.>6,z=l,2,,n.
i=\
\nL=nd-^Xt
i=l
dlnL八
-----=〃wO
d0
由极大似然估计的定义,o的极大似然估计为e=%)
5.设x-X2,,x“来自几何分布
P(X=6=p(l-p)i,Z=l,2,,0<p<l,
试求未知参数p的极大似然估计.
n
n-〃
解L(x,,为"RP廿"AP"一4产),
i=\
InL=〃Inp+(ZXj-n)ln(l-p),
/=i
______0,
dpp1-p
解似然方程
一〃+£x,
〃_i=l
p1-p'
得p的极大似然估计
1
p=*
6..设X-X2,,X“是来自参数为X的泊松分布总体的样本,试证对任意的常数人,
统计量kx+(l-k)S2是2的无偏估计量。
证E(kX+(\-k)S2)=kEX+(1-k)ES2=k^+A-kA=A
(此处利用了又是EX的无偏估计,S2是DX的无偏估计),所以对任意的
忒+(1-幻S?是;I的无偏估计。
7.设总体X~N(〃Q2),X-X,,X3是来自X的样本,试证估计量
131
1XX1
--+X=-X
5-233+-X.+—X.,
+42123
X11012
AI外1
12-A
--+一
362•
都是〃的无偏估计,并指出它们中哪一个最有效.
131131
证Eu.=—EX]+—EX.+-EX,=(—+—+—)〃=〃
'5102235102
广,115、
"2=(3+^+/〃=〃
L/111、
E〃3=(彳+/+1)〃=〃
3o2
故〃],//2,/z3都是fJ.的无偏估计.
1917Q
Du.=—DX,+—DX,+-DX.—cr2=0.39cr2,
1251100243100
八/125、,50,
DR,=(-+—+——)cr=——a~=0.3474,
2916144144
14,、
—O-2=0.389o-2.
36
所以〃2最有效.
]fl
8.设总体X的数学期望〃=£X已知,试证统计量一Z(X,是总体方差
n,=i
cr2=DX的无偏估计.
证E(—Z(X,一〃)2)=—2>&-〃)2=6:,证毕.
〃,=in,=1
9.从一批钉子中抽取中枚,测得长度(单位:厘米)为2.14,2.10,2.13,2.15,2.13,2.12,
2.13,2.10,2.15,2.12,2.14,2.10,2.13,2.11,2.14,2.11,设钉长分布为正态,试在下列情况下,
求总体期望〃的置信度为0.90的置信区间。
(1)已知b=0.01厘米;(2)cr为未知.
解X=2.125,S2=0.0029,5=0.017
(1)4的置信区间为(X—"()05—尸,X+M005—7=)
7ny/n
X=2.125,w005=1.645,cr=0.01,n=16
〃的置信区间为(2.121,2.129);
(2)〃的置信区间为(又一X+ZOO5(15)4-)
\Jnytn
r0.05(15)=1.7531
〃的置信区间为(2.1175,2.1325).
10.生产一个零件所需时间(单位:秒)X~N(〃,cr2),观察25个零件的生产时间,
得又=5.5,5=1.73,试以0.95的可靠性求〃和<y2的置信区间.
S又+%025(24)4)
解4的置信区间为(区一Go25(24)
五'yjn
其中又=5.5,。025(24)=2.0639,S=1.73,〃=25.
所以〃的置信度0.95下的置信区间为
173173
(5.5-2.0639xm,5.5+2.0639x手)=(4.7858,6.2141)
cr?的置信区间为
"(K-1)S2(n-l)S2"
/2(〃T)'犹a/2(〃T),
2
S=2.9929,君必(24)=39.364,^,975(24)=12.401
所以的置信区间为
(24x2.992924.29929
139.36412.401=(1.8248,5.7922).
11.零件尺寸与规定尺寸的偏差X~N(〃,b?),令测得10个零件,得偏差值(单位:
微米)2,1,-2,3,2,4,-2,5,3,4,试求〃的无偏估计值和置信度为0.90的置信区间。
_110
解4的无偏估计为X=—=2
10/•=]
1”
的无偏估计为S?=-y%,2-wx4=5.778
QJ'
vL<=i」
〃的置信区间为
(又一功.05(9)^^,又一‘。。5(9)^^)
X=2,5=2.404,r005(9)=1.8331710=3.1623
所以〃的置信度为0.90的置信区间为
94049404
(2-1.8331X-,2+1.8331x,)=(0.6064,3.3935);
3.16233.1623
ba的置信区间为
"(n-l)S2(〃-西、
/2("T)ZL/2(»-1)?
忌05(9)=16.919,於95(9)=3.325
所以cr?的置信度0.90下的置信区间为
52.00252002、U(3.075,15.6397).
16.9193.325J
12.对某农作物两个品种计算了8个地区的单位面积产量如下:
品种A:86,87,56,93,84,93,75,79;
品种B:80,79,58,91,77,82,74,66.
假定两个品种的单位面积产量,分别服从正态分布,且方差相等,试求平均单位面积产
量之差在置信度为0.95下的置信区间.
解此题是在b:=<7;的条件下求从-4的置信区间.
从-〃2的置信区间为
(N—F一a2(4+n2-25+—,N-P+Q/2(/+^-2)5,P-+^-
)HJ—
_1818
其中X=-^X.=81.625,S;=_(ZX;-8(81.625)2)=145.60
8i=\71•=]
_1818
P=—Z工=75.875,3;=—(£匕2-8x(75.875)2)=102.13
8z=i7i=]
s/(8-1)x145.60+(8-1)x102.131111
o...=J---------------------------=11.129,J—+—=—
V147nl电2
a=0.05,Z0025(14)=2.1448.
所以4的置信度为0.95下的置信区间为
(81,625-75.875-2.1448x11.129x1,81.625-75.875+2.1448x11.129x-)
22
=(-6.185,17.685).
13.设A和B两批导线是用不同工艺生产的,今随机地从每批导线中抽取5根测量电
阻,算得S:=S:=1.07x10-7,s;=S;=5.3x10-6,若A批导线的电阻服从N(4,8)
2
分布,8批导线的电阻服从N(〃2,。;),求与的置信度为0.90的置信区间.
。2
2
解与的置信区间为
's;/s;s;S
3,2(/T,〃2T)耳”2(%—1,”2一1)
其中S;=1.05!Il)52=£.36丘,%,49,=(4
外(4,4)=——!——=0.1565.
小5(4,4)
2
所以出的置信度0.90下的置信区间为
o-;
1.07/531.07/53
=(0.0032,0.1290).
6.39'0.1565
14.从一台机床加工的轴中随机地取200根测量其椭圆度,由测量值(单位:毫米)计
算得平均值又=0.081,标准差S=0.025,求此机床加工的轴之平均椭圆度的置信度为
0.95的置信区间。
解因总体不是正态的,所以该题是大样本区间估计,设平均桶圆度为〃,由中心极
限定理驾3近似服从N(0,1),对于给定的a,查正态分布表,求出临界值此,2使
yjrtS
.nX—n/.in/vSr;
1一a=2n/(一"a/2<-<“a/2)=尸(X一〃a/2~~T<〃<X+
\JnS7n
即〃的置信区间为
_c_cnnos()()75
(X—w—j=,X+u—7=)—(0.081—1.96—广,0.081+1.96—产)
4ny/n10V210V2
=(0.0775,0.0845).
15.在一批货物的容量为100的样本中,经检验发现16个次品,试求这批货次品率的
置信区间(置信度近似为0.95)
解设次品率为p,100件产品中的次品数为X,由教材163页知,p的置信区间为
(Pi,小),其中
19
16
a=103.84,0=35.84,c=2.56
于是p的置信度近似为0.95的置信区间为
(0.101,0.244).
假设检验
1.一台包装机装奶粉,额定标准重量为500g,根据以往经验,包装机的实际装袋重量服
从正态N(〃,cr;),其中%=15g,为检验包装机工作是否正常,随机抽取9袋,称得奶粉
净重数据如下(单位:g)
497506518524488517510515516
若取显著性水平£=0.05,问这包装机工作是否正常?
解建立假设
“<):〃=500;:〃工500
检验统计量为
a
当“0成立时,有U~N(0』),否定域为:Uu\>ua>
.2,
由P“U|>"a=£=0.05,查标准正态分布表,得%=”0.025=196
.2)2
将样本观测值带入计算得M=2.02>1.96
故否定”o,接受认为产品重量均值不再等于500克.亦即认为包装机工作不正常.
2.糖厂用自动打包机打包,每包标准重量为100公斤,每天开工后要检验一次打包机工作
是否正常,某日开工后测得9包重量(单位:公斤)如下:
99.3,98.7,100.5,101.2,98.3,99.7,99.5,102.1,100.5
问该日打包机工作是否正常=0.05;已知包重服从正态分布)?
解又=99.9,S2=1(22(X,.-X)2)=1.47,S=1.21,
8,=i
问题是检验假设"o:〃=1°0
“°的否定域为|f|N%2(8).
其中
,又一100/-99.98-100„八小
t=-------,9=----------x3=-0.05
S1.21
^(8)=2.306
因为
111=0.05<2.306=b()25(8)
所以接受"o,即该日打包机工作正常.
3.设某机器生产的零件长度(单位:cm)X~NRd),今抽取容量为16的样本,测得
样本均值彳=10,样本方差/=0.16.(1)求〃的置信度为0.95的置信区间;(2)
2
检验假设H0:o-<0.1(显著性水平为0.05).
(附注)垢5(16)=L746,05(15)=1.753,?0025(15)=2.132,
公05(16)=26.296,Z^05(15)=24.996,总出(⑸=27.488.
解:(1)〃的置信度为1一。下的置信区间为
(XX+%2(〃-1)_4=)
7n7n
X=10,5=0.4,〃=16,a=0.05,Zo025(15)=2.132
所以〃的置信度为0.95的置信区间为(9.7868,10.2132)
2
(2):才40.1的拒绝域为Z2/(〃一1).
15V2
z2=-=15x1.6=24,忌3(15)=24.996
因为/=24<24.996=/05(15),所以接受儿.
4.某批矿砂的5个样品中银含量经测定为X(%):3.25,3.27,3.24,3.26,3.24
设测定值服从正态分布,问能否认为这批矿砂的银含量为3.25(。=0.01)?
解问题是在。2未知的条件下检验假设“0:〃=3.25
Ho的否定域为
口>%2(4)
_]5_
X=3.252,S2=-(^X,.-5xX2)=0.00017,5=0.013
4;=i
W(4)=4^041
X-3.25后3.252-3.25.»cu
t=--------J5=-----------x2.24=0.345
S0.013
因为
|r|=0.345<4,604l=r0005(4)
所以接受4°,即可以认为这批矿砂的锲含量为3.25.
5.按照规定,每100克罐头番茄汁中,维生素。的含量不得少于21毫克,现从某厂生
产的一批罐头中抽取17个,测得维生素C的含量(单位:毫克)如下
22,21,20,23,21,19,15,13,16,
23,17,20,29,18,22,16,25.
已知维生素C的含量服从正态分布,试检验这批罐头的维生素含量是否合格。(a=0.025)
解设X为维生素C的含量,则X~N(〃,cr2),X=20,S2=419.625,5=20.485,
n=17.问题是检验假设:
(1)"o:〃之21.
(2)选建统计量,并计算其值:
二J6二型3旧二《2。
S20.485
(3)对于给定的a=0.025查t分布表求出临界值ta(〃)=fog(16)=2.2.
(4)因为Too25(16)=-2.2O<-O.2O=f。所以接受“°,即认为维生素含量合格.
6.某种合金弦的抗拉强度X~N(〃,(T2),由过去的经验知〃410560(公斤/厘米2),
今用新工艺生产了一批弦线,随机取10根作抗拉试验,测得数据如下:
10512,10623,10668,10554,10776,
10707,10557,10581,10666,10670.
问这批弦线⑰抗拉强度是否提高了?(a=0.05)
解又=1063,S?=6558.89,5=80.99,n=10.问题是检验假设
Ho://<10560
(1)Ho:/z<10560.
(2)选统计量并计算其值.
X-10560广10631.4-10560
-------------7n=V10
80.99
=2.772
(3)对于a=0.05,查f分布表,得临界值Q(9)=Da(9)=1533.
(4)因6)5(9)=1-833<2.772=/,故否定即认为抗拉强度提高了。
7.从一批轴料中取15件测量其椭圆度,计算得5=0.025,问该批轴料椭圆度的总体
方差与规定的b?=0.0004有无显著差别?(。=0.05,椭圆度服从正态分布)。
解S=0.025S=0.000/6S,,问题是检验假设"0=0.0004.
(1)“0:/=cr;=0.0004.
(2)选统计量力2并计算其值
(“—1»214x0.00065
222.75
z~c^~0.0004
(3)对于给定的a=0.05,查力?分布表得临界值
/,2(14)=万025a4)=26.119,沈a加4)=忌975a4)=5.629.
(4)因为%:975=5.629<22.75=/〈/ms=26.119所以接受儿,即总体方差与规
定的b?=0.0004无显著差异。
8.从一批保险丝中抽取10根试验其熔化时间,结果为
42,65,75,78,71,59,57,68,54,55.
问是否可以认为这批保险丝熔化时间的方差不大于80?(a=0.05,熔化时间服从正态分
布).
解又=62.,52=121.82,〃=10,问题是检验假设“0480.
(1):cr2<80=b;;
(2)选统计量/并
温馨提示
- 1. 本站所有资源如无特殊说明,都需要本地电脑安装OFFICE2007和PDF阅读器。图纸软件为CAD,CAXA,PROE,UG,SolidWorks等.压缩文件请下载最新的WinRAR软件解压。
- 2. 本站的文档不包含任何第三方提供的附件图纸等,如果需要附件,请联系上传者。文件的所有权益归上传用户所有。
- 3. 本站RAR压缩包中若带图纸,网页内容里面会有图纸预览,若没有图纸预览就没有图纸。
- 4. 未经权益所有人同意不得将文件中的内容挪作商业或盈利用途。
- 5. 人人文库网仅提供信息存储空间,仅对用户上传内容的表现方式做保护处理,对用户上传分享的文档内容本身不做任何修改或编辑,并不能对任何下载内容负责。
- 6. 下载文件中如有侵权或不适当内容,请与我们联系,我们立即纠正。
- 7. 本站不保证下载资源的准确性、安全性和完整性, 同时也不承担用户因使用这些下载资源对自己和他人造成任何形式的伤害或损失。
最新文档
- 冀教版小学四年级信息技术教案全册
- 2024年非公路矿用车项目资金筹措计划书代可行性研究报告
- 2024至2030年中国肉毒素行业深度调研及投资战略分析报告
- 2024至2030年中国合成甲酚行业发展预测及投资策略报告
- 2024-2025学年统编版(2024)道德与法治小学一年级上册教学设计
- 2024至2030年全球及中国内河航标浮标行业深度研究报告
- 2024至2030年全球与中国EMI屏蔽片市场现状及未来发展趋势
- 日用陶瓷生产设备与工艺考核试卷
- 棉麻纺织品安全标准考核试卷
- 建筑陶瓷色彩与纹理设计考核试卷
- 音乐节电竞嘉年华合作协议模版
- 卫生法律法规概述课件
- GB/T 6434-2022饲料中粗纤维的含量测定
- 危重症患者转运指南-课件
- 副井跑车防护安装施工安全技术措施
- 气动调节阀的结构与原理演示文稿
- 中国重卡出口存在问题及发展对策以中国重汽为例
- 课堂互动讲课稿课件
- 【作文技法专题】点面结合
- 2023年上海市闵行区初三“一模”(线上)语文试卷及参考答案
- 汽车租赁服务应急预案
评论
0/150
提交评论