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文档简介

专题21圆锥曲线——弦中点与第三定义(点差法)中点弦模型(圆锥曲线中的垂径定理) 椭圆垂径定理:已知A,B是椭圆上任意2点,且弦不平行轴,M为线段AB中点,则有证明(点差法):设,,则,,,∵A,B在椭圆上,代入A,B坐标得① ②两式相减得:,整理得∴【思考】①椭圆焦点在轴上时,结论是否仍然成立?;②在双曲线中是否有类似的性质?设,,则,仍有,,∵A,B在椭圆上,代入A,B坐标得① ②两式相减得:,整理得∴可以看到,这一等式建立了二次曲线弦的斜率与弦的中点坐标之间关系式.也就是说,已知弦的中点,可求弦的斜率;已知斜率,可求弦的中点坐标.同时也不难得出这样的经验,当题目问题涉及到弦的斜率与弦的中点时,就可以考虑“点差法”.诸如求中点弦的方程,弦中点的轨迹,垂直平分线等等,这些都是较为常见题型.∵A,B在双曲线上,代入A,B坐标得 ① ②两式相减得:,整理得∴ 注:抛物线中同样存在类似性质: 第三定义 那么点差法是不是只能解决同时与中点和斜率有关的问题呢?其实不然.其实点差法的内核还是“设而不求、整体代换”的思想,建立的是曲线上两点横纵坐标和差之间的联系,这其实也是第三定义的体现.第三定义:平面内与两个定点,的斜率乘积等于常数的点的轨迹叫做椭圆或双曲线(不含两个顶点).其中两定点分别为椭圆或双曲线的顶点.当常数大于-1小于0时为椭圆,此时;当常数大于0时为双曲线,此时.【第三定义推广】:平面内与两个关于原点对称的点,的斜率乘积等于常数的点的轨迹叫做椭圆或双曲线.当常数大于-1小于0时为椭圆,此时;当常数大于0时为双曲线,此时.【证明】是椭圆上的一组对称点,P为椭圆上任意点,则有证明(点差法):设,,,,,∵P,A在椭圆上,代入坐标得① ②两式相减得:,整理得∴法二:通过椭圆的垂径定理转换 中点弦和第三定义本质上是一样的【思考1】在双曲线中是否有类似的性质?设,,,,,① ②两式相减得:,整理得∴法二:双曲线垂径定理设,∵P,B在双曲线上,代入双曲线方程得① ②两式相减得:,整理得∴2022年全国甲卷(理)T10——第三定义椭圆的左顶点为A,点P,Q均在C上,且关于y轴对称.若直线的斜率之积为,则C的离心率为(

)A. B. C. D.【答案】A【分析】设,则,根据斜率公式结合题意可得,再根据,将用表示,整理,再结合离心率公式即可得解.【详解】[方法一]:设而不求设,则则由得:,由,得,所以,即,所以椭圆的离心率,故选A.[方法二]:第三定义设右端点为B,连接PB,由椭圆的对称性知:故,由椭圆第三定义得:,故所以椭圆的离心率,故选A.2023全国乙卷·理11·文12设A,B为双曲线上两点,下列四个点中,可为线段AB中点的是(

)A. B. C. D.【答案】D【分析】根据点差法分析可得,对于A、B、D:通过联立方程判断交点个数,逐项分析判断;对于C:结合双曲线的渐近线分析判断.【详解】设,则的中点,可得,因为在双曲线上,则,两式相减得,所以.对于选项A:可得,则,联立方程,消去y得,此时,所以直线AB与双曲线没有交点,故A错误;对于选项B:可得,则,联立方程,消去y得,此时,所以直线AB与双曲线没有交点,故B错误;对于选项C:可得,则由双曲线方程可得,则为双曲线的渐近线,所以直线AB与双曲线没有交点,故C错误;对于选项D:,则,联立方程,消去y得,此时,故直线AB与双曲线有交两个交点,故D正确2022·新高考II卷T16——弦中点已知直线l与椭圆在第一象限交于A,B两点,l与x轴,y轴分别交于M,N两点,且,则l的方程为.【答案】【分析】令的中点为,设,,利用点差法得到,设直线,,,求出、的坐标,再根据求出、,即可得解;【详解】[方法一]:弦中点问题:点差法令的中点为,设,,利用点差法得到,设直线,,,求出、的坐标,再根据求出、,即可得解;解:令的中点为,因为,所以,设,,则,,所以,即所以,即,设直线,,,令得,令得,即,,所以,即,解得或(舍去),又,即,解得或(舍去),所以直线,即;故答案为:[方法二]:直线与圆锥曲线相交的常规方法解:由题意知,点既为线段的中点又是线段MN的中点,设,,设直线,,,则,,,因为,所以联立直线AB与椭圆方程得消掉y得其中,∴AB中点E的横坐标,又,∴∵,,∴,又,解得m=2所以直线,即 重点题型·归类精讲重点题型·归类精讲题型一中点弦人教A版(2019)选择性必修第一册习题3.1P14已知椭圆,一组平行直线的斜率是.(1)这组直线何时与椭圆相交?(2)当它们与椭圆相交时,证明这些直线被椭圆截得的线段的中点在同一条直线上.答案(1)直线与椭圆相交.(2)这些直线被椭圆截得的线段的中点均在直线上.解析设这组平行线的方程为.把代人椭圆方程,得,其根的判别式.(1)由,得.所以当这组直线在轴上的截距的取值范围是时,直线与椭圆相交.(2)设直线被椭圆截得的线段的中点为,则,其中是方程的两个实数根.联立和,消去,得.因此当这组直线与椭圆相交时,这些直线被椭圆截得的线段的中点均在直线上.给定双曲线,过点能否作直线m,使m与所给的双曲线相交于A、B两点,且P是线段AB的中点.这样的直线如果存在,求出它的方程,如果不存在.说明理由。分析:点差法解出.但是将代人双曲线方程得一元二次方程,此方程无实根,故满足题设的直线不存在。这种题型只要给出曲线方程,和一个定点坐标,利用点差法肯定能计算出以这一点为中点的直线方程。但是如果忽视对判别式的考察.将得出错误的结果.所以解题时一定要注意点差法的不等价性,即考虑判别式大于零。同时由此题可看到中点弦问题中判断点P的位置非常重要。(1)若中点P在圆锥曲线内。则被点P平分的弦一般存在;(2)若中点肘在圆锥曲线外.则被点P平分的弦可能不存在.已知中心在原点,焦点在轴上,焦距为4的椭圆被直线:截得的弦的中点的横坐标为2,则此椭圆的方程为(

)A. B. C. D.【答案】C【详解】解:由题设,若椭圆方程为,令直线与椭圆交点分别为,,则有①,②, 两式作差可得:,即, 易知,弦的中点,所以,,因为直线:,所以, 故,所以,又,,解得,,故的方程为.已知斜率为的直线与椭圆交于,两点,线段的中点为(),那么的取值范围是(

)A. B. C. D.,或【答案】A【解析】先设,,再由点差法求出,再由点,在椭圆内,求出的范围即可得解.【详解】解:设,,又点,在椭圆上,则,两式相减可得:,又,则,又点,在椭圆内,则,则,所以2023届·安徽省“江南十校”3月一模已知直线与椭圆交于两点,线段中点在直线上,且线段的垂直平分线交轴于点,则椭圆的离心率是.【答案】【分析】利用点差法证明二级结论,再结合,则两式相比可得,即,代入即可求出离心率.【详解】设,其中,显然点在椭圆内,记坐标原点为,直线的斜率分别为,易知三条直线斜率均存在,又,两式相减整理可得,即,又,所以两式相比可得,即,代入,整理可得,所以离心率2023·重庆巴蜀中学适应性月考(六)已知双曲线的左、右焦点分别为,,过作直线l与双曲线的左、右两支分别交于A,B两点,设P为线段AB的中点,若,则双曲线的离心率为.【答案】/【分析】由可得点P,求得,由点差法得,可求得离心率.【详解】如图:,由,,可得点P的坐标为,则直线OP斜率为,直线AB斜率为,另一方面,设则,两式相减得,整理得,即,故已知椭圆的右焦点和上顶点分别为点和点,直线交椭圆于两点,若恰好为的重心,则椭圆的离心率为(

)A. B.C. D.【答案】C【分析】由题设,利用为的重心,求出线段的中点为,将B代入直线方程得,再利用点差法可得,结合,可求出,进而求出离心率.【详解】由题设,则线段的中点为,由三角形重心的性质知,即,解得:即代入直线,得①.又B为线段的中点,则,又为椭圆上两点,,以上两式相减得,所以,化简得②2023·福建厦门二模不与x轴重合的直线l过点N(,0)(xN≠0),双曲线C:(a>0,b>0)上存在两点A、B关于l对称,AB中点M的横坐标为.若,则C的离心率为.【答案】2【分析】由点差法得,结合得,代入斜率公式化简并利用可求得离心率.【详解】设,则,两式相减得,即,即,所以,因为是AB垂直平分线,有,所以,即,化简得,故①②及,解得:,即离心率湖北省八市2023届高三下学期3月联考已知抛物线的焦点为,过点的直线与该抛物线交于两点,的中点纵坐标为,则.【答案】或【分析】由题可设直线的方程为,,与抛物线联立可得交点坐标关系,根据相交弦长公式及中点坐标公式即可求得的值.【详解】抛物线的焦点,设直线的方程为,,所以,则,联立,消去得:,恒成立,所以,所以,则,又,整理得:,所以,解得或.题型二第三定义课本习题设,两点的坐标分别为,.直线,相交于点.(1)若直线与的斜率之积是,求点的轨迹方程.(2)若直线与的斜率之积是,求点的轨迹方程【答案】(1)点的轨迹是除去,两点的椭圆【分析】分析:设点的坐标为,那么直线,的斜率就可用含,的关系式分别表示.由直线,的斜率之积是,可得出,之间的关系式,进而得到点的轨迹方程.【解析】设点的坐标为,因为点的坐标是,所以直线的斜率同理,直线的斜率由已知,有化简,得点的轨迹方程为∴点的轨迹是除去,两点的椭圆.(2)同理可得化简,得点的轨迹方程为∴点的轨迹是除去,两点的双曲线.已知双曲线的左、右顶点分别为,抛物线与双曲线交于两点,记直线,的斜率分别为,则为.【答案】【分析】利用对称性可得,再设结合双曲线的标准方程计算.【详解】由题意,,由于双曲线与都关于轴对称,因此它们的交点关于轴对称,所以,设,则,,.故答案为:.已知椭圆的左、右焦点分别为,,A为椭圆C的左顶点,以为直径的圆与椭圆C在第一、二象限的交点分别为M,N,若直线AM,AN的斜率之积为,则椭圆C的标准方程为(

)A. B. C. D.【答案】B【分析】设出两点的坐标,根据已知条件列方程组,求得,从而求得椭圆的标准方程.【详解】设,则,依题意,,解得,所以椭圆的标准方程为.2024届·湖北省腾云联盟高三联考(10月)已知,是椭圆的左右顶点,是双曲线在第一象限上的一点,直线,分别交椭圆于另外的点,.若直线过椭圆的右焦点,且,则椭圆的离心率为.【答案】【分析】由直线斜率公式结合点在曲线上可得,从而求得,进而结合正切的定义即可求解.【详解】由题意可知,,设,可得直线的斜率分别为,,因为点在双曲线上,则,整理得,所以,设点,可得直线,的斜率,,因为点在椭圆上,则,整理得,所以,即,则,所以直线与关于轴对称,又因为椭圆也关于轴对称,且,过焦点,则轴,又,则,所以,整理得,即,解得,或(舍去),所以椭圆的离心率为.故答案为:.2023届宁波二模T7——2条焦点弦平行设椭圆的右焦点为,点在椭圆外,P,Q在椭圆上,且P是线段AQ的中点.若直线PQ,PF的斜率之积为,则椭圆的离心率为()A.B.C.D.【答案】B【分析】利用中点弦问题,结合点差法可得,即可求离心率.【详解】如图,取的中点为,连接,则由题意可得,,所以相似,所以,因为直线PQ,PF的斜率之积为,所以,设,则有,两式相减可得,即,即,即,所以椭圆的离心率为2023届·浙江省杭州市桐庐中学高三上学期1月期末已知椭圆C:,经过原点O的直线交C于A,B两点.P是C上一点(异于点A,B),直线BP交x轴于点D.若直线AB,AP的斜率之积为,且,则椭圆C的离心率为.【答案】【分析】设点的坐标,求斜率,由题知,两式相减,化简得,结合,知,再利用及离心率公式即可求解.【详解】设,,,则直线AP的斜率为,BP的斜率为,由题知,两式相减得,即,即,即,又,则,即,即,则,所以,即,则椭圆C的离心率为.2023届·八省(T8)第一次联考已知椭圆,直线l过坐标原点并交椭圆于两点(P在第一象限),点A是x轴正半轴上一点,其横坐标是点P横坐标的2倍,直线交椭圆于点B,若直线恰好是以为直径的圆的切线,则椭圆的离心率为(

)A. B. C. D.【答案】D【分析】设,则由直线恰好是以为直径的圆的切线,可得,再利用点差的方法可得,即得,从而可得的关系,即可求得椭圆离心率.【详解】依题意,设,直线的斜率一定存在,分别为,直线恰好是以为直径的圆的切线,则,则,则,∴,∵,两式相减得,∴,即,∴,∴,∴,∴椭圆的离心率2023届·武汉华中师大一附中校考期末已知双曲线,直线过坐标原点并与双曲线交于两点(在第一象限),过点作的垂线与双曲线交于另一个点,直线交轴于点,若点的横坐标为点横坐标的两倍,则双曲线的离心率为(

)A. B. C. D.【答案】C【分析】设,,根据垂直关系及坐标可得直线的方程,联立可求得点坐标,代入双曲线方程中,结合在双曲线上,可化简整理得到,由离心率可求得结果.【详解】由题意知:直线斜率存在且不为零,则可设直线,设,则,,,,则直线,又,直线,由得:,即,在双曲线上,,又在双曲线上,即,,,即,,,又,,双曲线离心率.山东省青岛莱西市2023届高三上学期质量检测(二)已知双曲线与直线相交于,两点,点为双曲线上的一个动点,记直线,的斜率分别为,,若,且双曲线的右焦点到其一条渐近线的距离为1,则双曲线的离心率为.【答案】【分析】设点,,,利用点差法求得直线的斜率,得到,再由点到直线的距离求得,得出、,即可求出离心率.【详解】设点,,,则且,两式相减,得,所以,因为,所以,所以,所以双曲线的渐近线方程为,即,因为焦点到渐近线的距离为,所以,可得,又因为,所以,所以双曲线的离心率.江苏省盐城中学2023届高三三模数学试题已知、是椭圆与双曲线的公共顶点,是双曲线上一点,,交椭圆于,.若过椭圆的焦点,且,则双曲线的离心率为(

)A.2 B. C. D.【答案】D【分析】设出点P,M的坐标,借助双曲线、椭圆的方程及斜率坐标公式可得轴,再利用和角的正切公式求出a,b的关系作答.【详解】如图,设,点共线,点共线,所在直线的斜率分别为,点在双曲线上,即,有,因此,点在椭圆上,即,有,直线的斜率,有,即,于是,即直线与关于轴对称,又椭圆也关于轴对称,且过焦点,则轴,令,由得,显然,,,解得,所以双曲线的离心率.2023届·武汉市二月调研——斜率大乱斗设F为双曲线的右焦点,A,B分别为双曲线E的左右顶点,点P为双曲线E上异于A,B的动点,直线l:x=t使得过F作直线AP的垂线交直线

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