2022-2023学年河北省沧州市麻坞中学高三物理联考试卷含解析

2022-2023学年河北省沧州市麻坞中学高三物理联考试卷含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1.如图所示，一小球从A点由静止开始沿斜面向下做匀变速直线运动，若到达B点时速度为v，到达C点时速度为2v，则xAB∶xBC等于()

A．1∶1 B．1∶2C．1∶3

D．1∶4参考答案：C2.（单选）如图是密立根油滴实验的示意图.油滴从喷雾器的喷嘴喷出，落到图中的匀强电场中，调节两板间的电压，通过显微镜观察到某一油滴静止在电场中.下列说法正确的是A．油滴带正电

B．油滴带负电C．只要测出两板间的距离和电压就能求出油滴的电量D．该实验测得油滴所带电荷量等于元电荷的整数倍参考答案：【知识点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；共点力平衡的条件及其应用．B4、I1、I2。【答案解析】BD。A、由图知，电容器板间电场方向向下，油滴所受的电场力向上，则知油滴带负电，故A错误；B正确；C、根据油滴受力平衡得：mg=qE=qU/d，得q=mgd/U，所以要测出两板间的距离、电压和油滴的质量才能求出油滴的电量，故C错误．D、根据密立根油滴实验研究知：该实验测得油滴所带电荷量等于元电荷的整数倍，D正确．故本题选择BD答案。【思路点拨】根据油滴受力平衡，判断其电性；根据平衡条件求解油滴的质量，并确定出油滴的电量与哪些因素有关．该实验测得油滴所带电荷量等于元电荷的整数倍．本题关键要抓住油滴受力平衡，从力学的角度进行分析，并要掌握板间场强与电压的关系列式求解选择正确答案。3.据2011年3月14日法新社报道，日本核泄漏事故正在加剧，福岛第一核电站3号机组可能已经出现“堆芯熔毁”现象，3号机组所用核燃料为铀和钚，下列关于该核泄漏事件的分析正确的是（

）

A．铀238俘获中子形成铀239，再经一次β衰变，可成为原子反应堆中的燃料钚239

B．钚的半衰期为24100年，则24100年后泄漏物质中钚原子的总数将降低为原来的

C．衰变时放出的α射线比β射线的贯穿本领强

D．在核泄漏的地区由于受到大剂量辐射，会出现癌症、甲状腺病患者增多的现象参考答案：D4.（单选）如图所示电路中，电源电动势为E、内阻为r，电阻R0为定值电阻，R1为滑动变阻器，A、B为电容器的两个极板。当滑动变阻器R1的滑动端处于某位置时，A、B两板间的带电油滴静止不动。则下列说法中正确的是

A．仅把R1的滑动端向下滑动时，电流表读数增大，油滴向上运动

B．仅把R1的滑动端向上滑动时，电流表读数减小，油滴向上运动C．仅把两极板A、B间距离增大，油滴向上运动，电流表读数不变D．若R0突然断路，油滴仍静止不动，电流表读数变为零.参考答案：B20.目前，在地球周围有许多人造地球卫星绕着它转，其中一些卫星的轨道可近似wie圆，且轨道半径逐渐变小。若卫星在轨道半径逐渐变小的过程中，只受到地球引力和薄气体阻力的作用，则下列判断正确的是A.卫星的动能逐渐减小B.由于地球引力做正功，引力势能一定减小C.由于气体阻力做负功，地球引力做正功，机械能保持不变D.卫星克服气体阻力做的功小于引力势能的减小参考答案：BD二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6.右图为一道路限速标志牌。《道路交通安全法》明确规定，机动车上道路行驶，不得超过限速标志牌标明的最高时速。质量为1200kg的某汽车在公路上行驶，轮胎与路面间的最大静摩擦力为16000N。若该汽车经过半径为30m的水平弯路时，汽车行驶的速度不得高于

m/s；若该汽车驶上圆弧半径为40m的拱形桥桥顶时，汽车行驶的速度不得高于

m/s。(取g=10m/s2)参考答案：20，207.电源的输出功率P跟外电路的电阻R有关。如图所示，是研究它们关系的实验电路。为了便于进行实验和保护蓄电池，给蓄电池串联了一个定值电阻R0，把它们一起看作新电源（图中虚线框内部分）。新电源的内电阻就是蓄电池的内电阻和定值电阻R0之和，用r表示，电源的电动势用E表示。

①写出新电源的输出功率P跟E、r、R的关系式：

。（安培表、伏特表看作理想电表）。

②在实物图中按电路图画出连线，组成实验电路。

③表中给出了6组实验数据，根据这些数据，在方格纸中画出P-R关系图线。根据图线可知，新电源输出功率的最大值约是

W，当时对应的外电阻约是

．U（V）3.53.02.52.01.51.0I（A）0.20.30.40.50.60.7

参考答案：①；②如图所示；③（1.0—1.1）W；R＝5欧；8.一列简谐横波沿x轴正方向传播，从波源质点O起振时开始计时，0.2s时的波形如图所示，该波的波速为＿＿＿m/s；波源质点简谐运动的表达式y=＿＿＿cm．参考答案：10

－10sin5πt

9.如图所示电路，电池组的内阻r＝4W，外电阻R1＝2W，当滑动变阻器R2的电阻调为4W时，电源内部的电热功率为4W，则电源的最大输出功率为______W。欲使R2的电功率达到最大值，则R2应调为______W。参考答案：6.25，610.一探测飞船，在以X星球中心为圆心、半径为r1的圆轨道上运动，周期为T1，则X星球的质量为M＝__________；当飞船进入到离X星球表面更近的、半径为r2的圆轨道上运动时的周期为T2＝___________。（已知引力常量为G）参考答案：，T111.为了定性研究阻力与速度的关系，某同学设计了如图所示的实验。接通打点计时器，将拴有金属小球的细线拉离竖直方向—个角度后释放，小球撞击固定在小车右端的挡板，使小车和挡板一起运动，打点计时器在纸带上打下了一系列的点，用刻度尺测出相邻两点间的距离，可以判断小车所受的阻力随速度的减小而____________（填“增大”或“减小”），判断的依据是_______________________。参考答案：减小，相邻相等时间内的位移差减小12.一质点由位置A向北运动了4m，又转向东运动了3m，到达B点，然后转向南运动了1m，到达C点，在上述过程中质点运动的路程是

m，运动的位移是

m。参考答案：8，13.用电压表和电流表测定两节完全相同的电池的电动势和内电阻。先用如图所示的电路测量一节电池的电动势和内阻，理想电压表和理想电流表的读数分别为U1和I1。将两节相同电池串联后接入该电路，测得理想电压表和理想电流表的读数分别为U2和I2。串联电池组的总电动势=_________，总内阻=__________。参考答案：，三、简答题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14.（简答）质量,M=3kg的长木板放在光滑的水平面t..在水平悄力F=11N作用下由静止开始向右运动.如图11所示,当速度达到1m/s2将质量m=4kg的物块轻轻放到本板的右端.已知物块与木板间摩擦因数μ=0.2,物块可视为质点.(g=10m/s2,).求：(1)物块刚放置木板上时,物块和木板加速度分别为多大？(2)木板至少多长物块才能与木板最终保持相对静止？(3)物块与木板相对静止后物块受到摩擦力大小？参考答案：(1)1(2)0.5m（3）6.29N牛顿运动定律的综合应用；匀变速直线运动的位移与时间的关系．解析：(1)放上物块后，物体加速度

板的加速度

(2)当两物体达速度相等后保持相对静止，故

∴t=1秒

1秒内木板位移物块位移，所以板长L=x1-x2=0.5m（3）相对静止后，对整体

，对物块f=ma∴f=44/7=6.29N（1）由牛顿第二定律可以求出加速度．

（2）由匀变速直线运动的速度公式与位移公式可以求出位移．

（3）由牛顿第二定律可以求出摩擦力．15.（4分）试通过分析比较，具有相同动能的中子和电子的物质波波长的大小。参考答案：粒子的动量，物质波的波长由，知，则。解析：物质波的的波长为，要比较波长需要将中子和电子的动量用动能表示出来即，因为，所以，故。四、计算题：本题共3小题，共计47分16.如图所示，在倾角为θ的光滑物块P斜面上有两个用轻质弹簧相连的物块A、B；C为一垂直固定在斜面上的挡板．P、C总质量为M，A、B质量均为m，弹簧的劲度系数为k，系统静止于光滑水平面．现开始用一水平力F从零开始增大作用于P．（物块A一直没离开斜面，重力加速度为g）求：（1）物块B刚要离开C时力F．（2）从开始到此时物块A相对于斜面的位移D．参考答案：解：（1）物体B刚要离开C时，与挡板间的弹力为零，对AB以及弹簧整体分析，整体受重力和支持力，则整体的加速度a=再对A、B、C、P整体分析，根据牛顿第二定律得，F=（M+2m）a=（M+2m）gtanθ．（2）开始时，A处于平衡，有mgsinθ=kx，则弹簧的形变量物块B刚要离开C时，弹簧处于原长，则A相对于斜面的位移D=x=．答：（1）物块B刚要离开C时力F的大小为（M+2m）gtanθ．（2）从开始到此时物块A相对于斜面的位移D为．【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】先对斜面体和整体受力分析，根据牛顿第二定律求解出加速度，再分别多次对物体A、B或AB整体受力分析，然后根据牛顿第二定律，运用合成法列式分析求解．17.如图所示的坐标平面内，在y轴的左侧存在垂直纸面向外、磁感应强度大小B1=0.20T的匀强磁场，在y轴的右侧存在垂直纸面向里、宽度d=12.5cm的匀强磁场B2．某时刻一质量m=2.0×10-8kg、电量q=+4.0×10-4C的带电微粒（重力可忽略不计），从x轴上坐标为（-0.25m，0）的P点以速度v=2.0×103m/s沿y轴正方向运动．试求：（1）微粒在y轴的左侧磁场中运动的轨道半径；（2）微粒第一次经过y轴时速度方向与y轴正方向的夹角；（3）要使微粒不能从右侧磁场边界飞出，B2应满足的条件参考答案：（1）设微粒在y轴左侧做匀速圆周运动的半径为r1，转过的圆心角为θ

代入数据得

r1=0.5m

（2）粒子在磁场中运动的轨迹如图有几何关系得

θ=60°

（3）设粒子恰好不飞出右侧磁场时，磁感应强度为B0，运动半径为r2，其运动轨迹如图有几何关系得

r2=0.25m由得

B0=0.4T

所以磁场满足B0≥0.4T18.如图所示，轻杆AB长l，两端各连接A、B小球，质量均为m，杆可以绕距B端处的O轴在竖直平面内自由转动．轻杆由水平位置从静止开始转到竖直方向，求：（1）此过程中杆对A球做的功是多少．（2）在竖直方向时转轴O受的作用力大小及方向．（重力加速度为g，不计一切阻力）参考答案：考点：动能定理的应用；机械能守恒定律．专题：动能定理的应用专题．分析：（1）转动过程中，两球组成的系统只有重力做功，机械能守恒，根据机械能守恒定律和两球速度关系，即可求出竖直方向时A球的速度，再运用动能定理求解杆对A球做的功．（3）在竖直方向时，对A和B进行受力分析，根据向心力公式列式杆对两球的作用力，即可得到转轴O受的作用力大小及方向．解答：解：（1）转动过程中，两球组成的系统只有重力做功，机械能守恒，则得：

mgl﹣mgl=+两球的角速度相等，由v=ωr，得：vA=2vB对A球，由动能