2022年北京南独乐河中学高三物理月考试题含解析

2022年北京南独乐河中学高三物理月考试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1.下列说法正确的是（）A.对于悬浮在液体中的微粒，液体温度越高，单位时间内跟它相撞的液体分子数越多B.单晶体有固定的熔点，多晶体和非品体没有固定的熔点C.在高温条件下利用分子的扩散，可以在纯净的半导体材料中掺入其他元素D.一块0℃的冰逐渐熔化成0℃的水的过程中。分子势能会增加E.达到热平衡的两个系统，分子平均速率相同参考答案：ACD【详解】A．对于悬浮在液体中的微粒，液体温度越高，单位时间内跟它相撞的液体分子数越多，故A正确；B．单晶体和多晶体都有固定的熔点，故B错误；C．利用分子的扩散，可以在半导体材料中掺入其他元素，故C正确；D．一块0℃的冰逐渐熔化成0℃的水的过程中，冰晶结构被破坏，分子势能会增加，故D正确；E．达到热平衡的两个系统，温度相同，分子平均相同，但分子平均速率不一定相同，故E错误。2.如图所示，在高处有小球，速度水平抛出，与此同时，地面上有个小球以速度竖直上抛，两球在空中相遇，则（

）A.从它们抛出到相遇所需的时间是B.从它们抛出到相遇所需的时间是C.两球抛出时的水平距离为D.两球抛出时的水平距离为参考答案：BDA．两球相遇时竖直方向有：，解得．故A错误，B正确；C．两球抛出时的水平距离．故C错误，D正确．故选：BD．3.（多选）作用于O点的三力平衡,设其中一个力的大小为F1沿y轴正方向,力F2大小未知,与x轴负方向夹角为如图所示,下列关于第三个力F3的判断正确的是(

)A.力F3只能在第四象限

B.力F3与F2夹角变小,但F3与F2的合力不变C.的最小值为cos

D.力可在第一象限的任意区域参考答案：BC4.如图所示，具有圆锥形状的回转器（陀螺），半径为R，绕它的轴在光滑的桌面上以角速度快速旋转，同时以速度v向左运动，若回转器的轴一直保持竖直，为使回转器从左侧桌子边缘滑出时不会与桌子边缘发生碰撞，v至少应等于

A．

B．C．

D．

参考答案：D5.图9中理想变压器的原线圈接u＝311sin100πt(V)的交变电压，副线圈与阻值为R1的电阻接成闭合电路；图10-中阻值为R2的电阻直接接到电压为U＝220V的直流电源上，结果发现R1与R2消耗的电功率恰好相等，则变压器原、副线圈的匝数之比为()．图9图10-A.

B.

C.

D.参考答案：由u＝311sin100πt(V)可知，原线圈接入交变电压的最大值为Umax＝311V，故有效值为U1＝220V．又＝，R1消耗的电功率P1＝.R2消耗的电功率P2＝.又U＝220V＝U1，P1＝P2.联立解得＝.答案C二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6.如图甲所示，质量为m、边长为l的正方形金属线框位于绝缘光滑水平面上，线框右边紧贴着竖直向下的有界匀强磁场的边界OO/．线框在水平向右的外力F作用下从静止开始做匀加速直线运动，外力F随时间t呈线性变化，如图乙所示，图中的F0、t0均为已知量．在t＝t0时刻，线框左边恰到达OO/．此时线框受到的合力为_______或__________（写出两种表达）；在t＝t0时刻，线框的发热功率与外力F的功率之比P热：PF＝_______．参考答案：F0

或

；

3:57.如图为“用DIS（位移传感器、数据采集器、计算机）研究加速度和力的关系”的实验装置。（1）在该实验中必须采用控制变量法，应保持___________不变，用钩码所受的重力作为___________，用DIS测小车的加速度。（2）改变所挂钩码的数量，多次重复测量。在某次实验中根据测得的多组数据可画出a-F关系图线（如图所示）。

①

分析此图线的OA段可得出的实验结论是_________________________________。②（单选题）此图线的AB段明显偏离直线，造成此误差的主要原因是A．小车与轨道之间存在摩擦

B．导轨保持了水平状态C．所挂钩码的总质量太大

D．所用小车的质量太大参考答案：（1）小车的总质量，小车所受外力，（4分）（2）①在质量不变的条件下，加速度与外力成正比，②C，8.已知氢原子的基态能量为（），激发态能量，其中．已知普朗克常量为，真空中光速为，吸收波长为

▲

的光子能使氢原子从基态跃迁到的激发态；此激发态原子中的电子再吸收一个频率为的光子被电离后，电子的动能为

▲

．参考答案：

（2分）9.(5分)一探照灯照射在云层底面上，这底面是与地面平行的平面，如图所示，云层底面高h，探照灯以角速度ω在竖直平面内匀速转动，当光束转过与竖直线夹角为θ时，此刻云层底面上光点的移动速度等于

。参考答案：

答案：hω/cos2θ10.如图所示，一根长L的光滑绝缘细直杆MN，竖直固定在场强为E与水平方向成θ角的倾斜向上的匀强电场中。杆的下端M固定一个带正电小球A，电荷量Q；另一带正电小球B质量为m、电荷量为q，穿在杆上可自由滑动。现将小球B从杆的上端N静止释放，静电力常量为k。小球B可静止的位置距M端的高度h为_______________。参考答案：答案：11.如图所示，半圆形玻璃砖半径为8cm，使直径AB垂直于屏幕并接触于B点，当激光束a以i＝30°的入射角射向玻璃砖的圆心O时，在屏幕上M点出现光斑，测得M到B的距离为8cm。则玻璃砖的折射率为________。要使激光束不能从AB面射出，则入射角i至少应为___________。参考答案：

(1).

(2).45°【分析】先根据几何关系求解光线的折射角，然后根据折射定律求解折射率；要使激光束不能从AB面射出，则入射角大于临界角，根据求解临界角.【详解】因MB=OB=8cm，可知折射角为r=450，根据光的折射定律可得：；临界角，可得C=450，即要使激光束不能从AB面射出，则入射角i至少应为450.12.太空宇航员的航天服能保持与外界绝热，为宇航员提供适宜的环境。若在地面上航天服内气体的压强为p0，体积为2L，温度为T0，到达太空后由于外部气压降低，航天服急剧膨胀，内部气体体积增大为4L。所研究气体视为理想气体,则宇航员由地面到太空的过程中，若不采取任何措施，航天服内气体内能

（选填“增大”、“减小”或“不变”）。为使航天服内气体保持恒温，应给内部气体

（选填“制冷”或“加热”）。参考答案：减小

；

加热13.一个学生在做平抛实验中，只画出了如图所示的一部分曲线，他在曲线上任取水平距离均为△S的三点A、B、C，并测得△S=0.2m，又测出它们竖直之间的距离分别为S1=0.1m、S2=0.2m利用这些数据，这个学生求得物体抛初速度为

m／s，物体到B点的竖直分速度为

m/s，A点离抛出点的高度为

m.（取g=10m／s2）参考答案：2

1.5

0.125三、简答题：本题共2小题，每小题11分，共计22分14.动画片《光头强》中有一个熊大熊二爱玩的山坡滑草运动，若片中山坡滑草运动中所处山坡可看成倾角θ=30°的斜面，熊大连同滑草装置总质量m=300kg，它从静止开始匀加速下滑，在时间t=5s内沿斜面滑下的位移x=50m．（不计空气阻力，取g=10m/s2）问：（1）熊大连同滑草装置在下滑过程中受到的摩擦力F为多大？（2）滑草装置与草皮之间的动摩擦因数μ为多大（结果保留2位有效数字）？参考答案：（1）熊大连同滑草装置在下滑过程中受到的摩擦力F为300N；（2）滑草装置与草皮之间的动摩擦因数μ为多大为0.12．考点： 牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题： 牛顿运动定律综合专题．分析： （1）根据匀变速直线运动的位移时间公式求出下滑的加速度，对熊大连同滑草装置进行受力分析，根据牛顿第二定律求出下滑过程中的摩擦力．（2）熊大连同滑草装置在垂直于斜面方向合力等于零，求出支持力的大小，根据F=μFN求出滑草装置与草皮之间的动摩擦因数μ．解答： 解：（1）由运动学公式S=，解得：a==4m/s沿斜面方向，由牛顿第二定律得：mgsinθ﹣f=ma

解得：f=300N

（2）在垂直斜面方向上：N﹣mgcosθ=0

又f=μN

联立解得：μ=答：（1）熊大连同滑草装置在下滑过程中受到的摩擦力F为300N；（2）滑草装置与草皮之间的动摩擦因数μ为多大为0.12．点评： 解决本题的关键知道加速度是联系力学和运动学的桥梁，通过加速度可以根据力求运动，也可以根据运动求力．15.如图所示，在滑雪运动中一滑雪运动员，从倾角θ为37°的斜坡顶端平台上以某一水平初速度垂直于平台边飞出平台，从飞出到落至斜坡上的时间为1.5s，斜坡足够长，不计空气阻力，若g取10m/s2，已知sin37°=0.6，cos37°=0.8．求：(1)运动员在斜坡上的落点到斜坡顶点(即飞出点)间的距离；(2)运动员从斜坡顶端水平飞出时的初速度v0大小.参考答案：18.75m

试题分析：（1）根据位移时间公式求出下落的高度，结合平行四边形定则求出落点和斜坡顶点间的距离。（2）根据水平位移和时间求出初速度的大小。（1）平抛运动下落的高度为：则落点与斜坡顶点间的距离为：（2）平抛运动的初速度为：【点睛】解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式和数学公式进行求解，并且要知道斜面的倾角是与位移有关，还是与速度有关。四、计算题：本题共3小题，共计47分16.如图，甲车上表面光滑，质量m甲=3kg，右端放一个质量为m=1kg的小物体（可以看成质点），甲车和小物体静止在光滑水平面上#乙车质量为m乙=4kg，以5m/s的速度向左运动，与甲车碰撞后甲车获得4m/s的速度，小物体滑到乙车上；若乙车上表面粗糙而且足够长，则：①乙车与甲车碰撞后，乙车的速度为多大？②最终小物体在乙车上相对静止时的速度为多少？小物体在乙车上表面相对滑行的过程中，小物体受到的合外力的冲量I合多大？参考答案：解：①甲、乙碰撞过程动量守恒，设向左为正方向，根据动量守恒定律得：m乙v乙=m甲v甲′+m乙v乙′，代入数据得：v乙′=2m/s②小物体m在乙上滑动至有共同速度v，对小物体与乙车运用动量守恒定律得：m乙v乙′=（m+m乙）v解得：v=1.6m/s对小物体应用动量定理：I合=△P=mv代入数据得I合=1.6N?m答：①乙车与甲车碰撞后，乙车的速度为2m/s；②最终小物体在乙车上相对静止时的速度为1.6m/s，小物体在乙车上表面相对滑行的过程中，小物体受到的合外力的冲量I合为1.6N?m．【考点】动量守恒定律；机械能守恒定律．【分析】①甲、乙碰撞后动量守恒，根据动量守恒定律求出碰后乙的速度；②小物体和乙车作用过程中，整体动量守恒，根据动量守恒定律求出两者的共同速度，对小物体应用动量定理求解小物体受到的合外力的冲量I合．17.总质量为80kg的跳伞运动员从离地500m的直升机上跳下，经过2s拉开绳索开启降落伞，如图所示是跳伞过程中的v-t图，试根据图像求：（g取10m/s2）（1）t＝1s时运动员的加速度和所受阻力的大小；（2）估算14s内运动员下落的高度及克服阻力做的功；（3）估算运动员从飞机上跳下到着地的总时间。参考答案：解：（1）a＝＝8m/s2，（3分）mg－f＝ma，f＝mg－ma＝160N，（3分）（2）大约是39.5格，所以h＝