云南省州广南二中高一五月期中考试物理

云南省州广南二中2018年五月期中考试高一物理试卷本试卷分第Ⅰ卷和第Ⅱ卷两部分，共100分，考试时间120分钟。学校：___________姓名：___________班级：___________考号：___________题号一二三四总分得分分卷I一、单选题(共8小题,每小题3.0分,共24分)1.将一个物体以初速度v0水平抛出，经过时间t其竖直方向的位移大小与水平方向的位移大小相等，那么t为()A．B．C．D．【答案】B2.1990年5月，紫金山天文台将他们发现的第2752号小行星命名为吴健雄星，该小行星的半径为16km.若将此小行星和地球均看成质量分布均匀的球体，小行星密度与地球相同．已知地球半径R＝6400km，地球表面重力加速度为g.这个小行星表面的重力加速度为()．A．400gB．gC．20gD．g【答案】B3.用弹簧拉着木块在水平面上做匀速直线运动，弹簧拉木块的力与木块拉弹簧的力是()A．一对作用力和反作用力B．一对平衡力C．大小相等、方向相同，作用在一条直线上D．大小相等、方向相反，作用在同一物体上【答案】A4.如图所示，在距地面高2L的A点以水平初速度v0=投掷飞標．在与A点水平距离为L的水平地面上点B处有一个气球，选样适当时机让气球以速度v0=匀速上升，在上升过程中被飞镖击中．不计飞镖飞行过程中受到的空气阻力，飞標和气球可视为质点，重力加速度为g．掷飞镖和放气球两个动作之间的时间间隔t应为（）A．B．C．D．【答案】B5.关于抛体运动，下列说法正确的是()A．将物体以某一初速度抛出后的运动B．将物体以某一初速度抛出，只在重力作用下的运动C．将物体以某一初速度抛出，满足合外力为零的条件下的运动D．将物体以某一初速度抛出，满足除重力外其他力的合力为零的条件下的运动【答案】B6.“太空涂鸦”技术就是使低轨运行的攻击卫星在接近高轨侦查卫星时，准确计算轨道向其发射“漆雾”弹，并在临近侦查卫星时，压爆弹囊，让“漆雾”散开并喷向侦查卫星，喷散后强力吸附在侦查卫星的侦察镜头、太阳能板、电子侦察传感器等关键设备上，使之暂时失效．下列说法正确的是()A．攻击卫星在轨运行速率大于7.9km/sB．攻击卫星进攻前的速度比侦查卫星的速度小C．攻击卫星完成“太空涂鸦”后应减速才能返回低轨道上D．若攻击卫星周期已知，结合万有引力常量就可计算出地球质量【答案】C7.关于曲线运动，下列说法正确的是()A．做曲线运动的物体，受到的合外力一定不为零B．物体受到的合外力方向变化，一定做曲线运动C．只要物体做圆周运动，它所受的合外力一定指向圆心D．物体只要受到垂直于初速度方向的恒力作用，就一定能做匀速圆周运动【答案】A8.如图所示，在水平面上，质量为10kg的物块A拴在一水平被拉伸弹簧的一端，弹簧另一端固定在小车上，当它们都处于静止时，弹簧对物块的弹力大小为3N，若小车突然以a＝0.5m/s2的加速度水平向左匀加速运动，则()A．物块A相对于小车向右滑动B．物块A受到的摩擦力方向不变C．物块A受到的摩擦力变小D．物块A受到弹簧的拉力将增大【答案】C二、多选题(共4小题,每小题4.0分,共16分)9.(多选)人类对行星运动规律的认识有两种学说，下列说法正确的是()A．地心说的代表人物是“托勒密”B．地心说的代表人物是“亚里士多德”C．日心说的代表人物是“开普勒”D．地心说和日心说都有其局限性【答案】AD10.(多选)如图所示，套在绳索上的小圆环P下面挂一个重为G的物体Q并使它们处于静止状态．现释放圆环P，让其沿与水平面成θ角的绳索无摩擦的下滑，在圆环P下滑过程中绳索处于绷紧状态(可认为是一直线)，若圆环和物体下滑时不振动，则下列说法正确的是()A．Q的加速度一定小于gsinθB．悬线所受拉力为GsinθC．悬线所受拉力为GcosθD．悬线一定与绳索垂直【答案】CD11.(多选)关于火车转弯，下列说法中正确的是()A．轨道的弯道应是外轨略高于内轨B．轨道的弯道应是内轨略高于外轨C．按规定速率转弯内外轨对车轮均无侧向压力D．按规定速率转弯内外轨对车轮均有侧向压力【答案】AC12.(多选)在物理学的发展过程中，许多物理学家的科学发现推动了人类历史的进步．下列表述符合物理学史实的是()A．开普勒认为只有在一定的条件下，弹簧的弹力才与弹簧的形变量成正比B．伽利略用“月—地检验”证实了万有引力定律的正确性C．卡文迪许利用实验较为准确地测出了引力常量G的数值D．牛顿认为在足够高的山上以足够大的水平速度抛出一物，物体就不会再落回地球上【答案】CD分卷II三、实验题(共2小题,每小题10.0分,共20分)13.(1)“探究加速度与物体质量、物体受力的关系”的实验装置如图(a)所示，在平衡小车与桌面之间摩擦力的过程中，打出了一条纸带如图(b)所示．计时器所用交流电源的频率为50Hz，从比较清晰的点起，每5个点取一个计数点，量出相邻计数点之间的距离．该小车的加速度为________m/s2.(结果保留两位有效数字)(2)甲、乙两同学在同一实验室，各取一套图示的装置放在水平桌面上，在没有平衡摩擦力的情况下，研究加速度a与拉力F的关系，分别得到图(c)中甲、乙两条直线．则甲、乙用的小车与木板间的动摩擦因数的关系为μ甲________μ乙．(选填“大于”、“小于”或“等于”)【答案】(1)0.15(2)大于【解析】(1)连续相等时间内的位移之差为：Δx＝0.15cm，根据Δx＝aT2得小车的加速度：a＝＝＝0.15m/s2(2)根据牛顿第二定律得：F－μmg＝ma，得：a＝－μg可知纵轴截距的绝对值为μg，由图线可知μ甲g＞μ乙g，所以μ甲＞μ乙．14.两个相同的小车并排放在光滑水平桌面上，小车前端系上细线，线的另一端跨过定滑轮各挂一个砝码盘，砝码盘里分别放有不同质量的砝码(图甲)．小车所受的水平拉力F的大小可以认为等于砝码(包括砝码盘)所受的重力大小．小车后端也系有细线，用一只夹子夹住两根细线(图乙)，控制两辆小车同时开始运动和结束运动．由于两个小车初速度都是零，运动时间又相同，因为x＝，即x∝a，所以只要测出两小车位移x之比就等于测出它们的加速度a之比．实验结果是：当两小车质量相同时，________________________；当拉力F相等时，________________________.实验中用砝码(包括砝码盘)所受的重力G＝mg的大小作为小车所受拉力F的大小，这样做会引起实验误差，为了减小这个误差，G与小车所受重力Mg之间需要满足的关系是：______.【答案】加速度与拉力成正比加速度与质量成反比G≪Mg【解析】实验过程中，当两小车质量相同时，砝码(包括砝码盘)重力越大，相同时间内位移越大，则加速度越大，进行实验时会发现，加速度与所受拉力成正比；若砝码重力不变，即拉力不变时，质量越大的小车，相同时间内位移越小，即加速度越小，进行测量分析知，加速度与质量成反比．如果砝码(包括砝码盘)的重力G远小于小车的重力Mg时，G近似等于拉力F.四、计算题(共4小题)15.如图所示，重40N的物体与竖直墙间的动摩擦因数为0.2，若在与水平线成45°角的斜向上的推力F作用下沿竖直墙匀速上滑，则F多大？【答案】71N【解析】以物体为研究对象，其受力如图所示，取沿墙面方向为y轴，垂直墙面方向为x轴，由平衡条件知：FN－Fcosθ＝0，①Fsinθ－G－Ff＝0，②其中Ff＝μFN.③由①②③得F＝≈71N.16.如图所示，长L＝9m的木板质量为M＝50kg，木板置于水平地面上，木板与地面间的动摩擦因数为μ＝0.1，质量为m＝25kg的小孩立于木板左端，木板与人均静止，人以a1＝4m/s2的加速度匀加速向右奔跑至板的右端，求：(1)木板运动的加速度a2的大小；(2)小孩从开始奔跑至到达木板右端所经历的时间．【答案】(1)0.5m/s2(2)2s【解析】(1)设人对木板的摩擦力为Ff.对人，由牛顿第二定律得：Ff＝ma1＝25×4N＝100N；对木板，由牛顿第二定律得：Ff－μ(M＋m)g＝Ma2，解得：a2＝＝0.5m/s2，(2)人向右加速的同时木板向左加速，设人从左端跑到右端时间为t.由运动学公式得：L＝a1t2＋a2t2解得：t＝＝s＝2s.17.在倾斜角为θ的长斜面上，一带有风帆的滑块从静止开始沿斜面下滑，滑块(连同风帆)的质量为m，滑块与斜面间的动摩擦因数为μ、风帆受到向后的空气阻力与滑块下滑的速度v大小成正比，即f＝kv.滑块从静止开始沿斜面下滑的v－t图象如图所示，图中的倾斜直线是t＝0时刻速度图线的切线．(1)由图象求滑块下滑的最大加速度和最大速度的大小．(2)若m＝2kg，θ＝37°，g＝10m/s2，求出μ和k的值．(sin37°＝0.6，cos37°＝0.8)【答案】(1)3m/s22m/s(2)μ＝0.375k＝3N·s/m【解析】(1)由图象可知滑块做加速度减小的加速运动，最终可达最大速度vm＝2m/s，t＝0时刻滑块的加速度最大，即为v－t图线在O点的切线的斜率：a＝＝3m/s2(2)根据牛顿第二定律mgsinθ－μmgcosθ－kv＝ma将θ＝37°，t＝0时v＝0、a＝3m/s2代入得μ＝0.375将θ＝37°及滑块达最大速度vm＝2m/s时a＝0代入得k＝3N·s/m.18.如图所示，传送带与地面的夹角为θ＝30°，两轴心间距离AB的长L＝6m，传送带以v＝5m/s的速率顺时针转动，当t＝0时在A点无初速度释放一煤块(可视为质点)．煤块与传送带间的动摩擦因数为μ＝，g＝10m/s2，问：(1)煤块刚开始运动时的加速度多大；(2)煤块从开始运动到与传送带共速所用时间；(3)若传送带运动过程中被卡住突然停止运动，此时煤块开始做减速运动，且恰好能到达B点，求煤块开始减速的时刻．【答案】(1)2.5m/s2(2)2s(3)2s【解析】(1)设煤块刚滑上传送带时加速度为a1，煤块受力如图所示，根据牛顿第二定律，沿传送带方向有：mgsinθ－Ff＝ma1垂直传送带方向：mgcosθ＝FN又Ff＝μFN由以上三式得：a1＝g(sinθ－μcosθ)＝10×(0.5－×)m/s2＝－2.5m/s2，方向沿传送带向上．(2)煤块速度从0增加至传送带速度v所用时间设为t1，则有：a1t1＝v所以：t1＝＝s＝2s(3)煤块从开始运动到与传送带共速过程中的位移：x1＝t1＝×