江苏省苏州工业园区重点达标名校2024年中考四模物理试题含解析

江苏省苏州工业园区重点达标名校2024年中考四模物理试题注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）1．用钓鱼竿钓鱼的时候，鱼钩已经钩住了鱼．鱼还在水中时，感觉鱼很轻，刚把鱼从水中拉离水面就感觉鱼变“重”了．对于钓鱼解释，下列说法中错误的是A．钓鱼竿是一种费力杠杆B．鱼离开水以后，钓鱼线对钓鱼竿的拉力会增大C．鱼离开水以后，鱼的重力增大，使人感觉鱼变重了D．鱼离开水以后，失去了水的浮力，使人感觉鱼变重了2．在力学发展过程中，许多科学家做出了贡献．通过实验表明：物体的运动并不需要力来维持，运动的物体之所以会停下来，是因为物体受到了摩擦阻力．最初得到该实验结论的科学家是（）A．亚里士多德 B．伽利略 C．牛顿 D．阿基米德3．关于内能及其利用，下列说法正确的是A．温度高的物体内能一定大 B．做功和热传递都可以改变物体的内能C．比热容跟物体吸收或放出的热量有关 D．热机的做功冲程是将机械能转化为内能4．下列实例中，为了减小摩擦的是（）A．足球守门员戴有防滑手套B．骑自行车刹车时用力捏闸C．运动鞋的底部制有凹凸不平的花纹D．给自行车的车轴加润滑油5．带有烘干功能的滚筒洗衣机，要求洗衣和烘干均能独立进行．下列电路设计符合要求的A． B．C． D．6．如下图所示的四幅图中，分别表示远视眼成像情况和矫正做法的是A．②、① B．③、① C．②、④ D．③、④7．三个相同容器内分别盛满不同的液体，现将三个完全相同的小球轻轻放入容器中，小球静止后的状态如图所示，以下判断正确的是（）A．液体的密度关系是ρ甲＞ρ丙＞ρ乙B．液体对容器底部的压强关系是p乙＞p甲＞p丙C．容器对桌面的压强关系是p'甲＞p'乙＞p'丙D．小球受到的浮力大小关系是F乙=F丙＞F甲二、填空题（本大题7小题，共21分）8．现有两个灯泡L1、L2，分别标有“10V10W”和“9V5.4W”的字样。当将它们串联使用时（一盏灯正常发光，另一盏灯发光较暗），电路两端允许加的最大电压是_____V，电路消耗的最大功率是_____W。9．若一个身高1.6m的人站在竖直挂置的大穿衣镜前0.5m处，则此人在镜中的像高是_____m，若此人以0.5m/s的速度远离平面镜，则像的大小_____（选填：“变大”、“变小”、“不变”）．以像为参照物，人远离的速度是_____．10．某科幻小说中描述一种武功“寒冰掌”：发功时伸出手掌，罩在杯口，杯中水即可结成寒冰（假设降到-5℃）．根据物理知识，此时手掌温度应_____（填“低于”、“等于”或“高于”）-5℃，按常理这种武功是不可能练成的，理由是_____.11．在“对电冰箱冷藏室内温度分布情况”探究中，几组同学获得了不同实验数据（如表），经分析_____(选填“小红”、“小明”或“小华”)的数据可能存在错误．为解决测量凝固点不方便的问题，可以采取先将不同的液体放入冷冻室速冻，发生的物态变化是_____，然后再取出测量它们的熔点的方法，从而得到凝固点，能这样做的理由是_____．组别上层中层下层小红15℃13℃12℃小明15℃16℃17℃小华14℃11℃9℃12．一个正方体金属块，为了测量它的密度，采取如下的做法：用刻度尺测量金属块的底面边长．如图所示，边长是_____cm．先将天平测质量时，使天平平衡，砝码如图所示．可计算金属块的密度_____kg/m1．13．如图是某电器设备的部分电路，电源电压U=4.5V保持不变，灯泡L标有“6V6W”字样，已知闭合开关S1和S3时，电路消耗的功率为2.025W．若电压表的量程为0～3V，电流表的量程为0～0.6A，滑动变阻器R2的阻值在0﹣20Ω内可调，只闭合开关S2，在保证电表安全的情况下，灯泡L消耗的电功率的变化范围是_____（不计灯丝电阻随温度的变化）。14．已知一台电流电动机线圈两端的电压为6V，线圈的电阻为，通过电动机的线圈电流为2A，则该电动机正常工作消耗的电能为__________；电流通过线圈产生的热量为___________.三、作图题（共7分）15．如图所示，轻质杠杆AB可绕O点在竖直平面内旋转，请在图中画出物体M所受重力G和使杠杆保持平衡的最小力F的示意图．16．如图，是一名男生奔跑过程中左脚腾空，右脚着地的一瞬间．请画出此刻地面对他的支持力和摩擦力的示意图(A点是作用点)．17．在图所示的电路中，有一根导线尚未连接，请用笔画线代替导线补上，补上后要求：闭合电键S，向右移动变阻器的滑片，电流表的示数变小．（____）四、实验题（本大题共5小题，共20分）18．小宇用如图所示的装置探究“动能的大小与什么因素有关？”的实验步骤如下：将质量为m的小球从光滑斜面上的A处静止释放，滚下后与放在水平面上的木块相碰，木块在水平面上移动一段距离后静止，如图甲所示；将质量为m的小球从光滑斜面上的B处静止释放，滚下后与放在水平面上的木块相碰，木块在水平面上移动一段距离后静止，如图乙所示；将质量为2m的小球从光滑斜面上的B处静止释放，滚下后与放在水平面上的木块相碰，木块在水平面上移动一段距离后静止，如图丙所示。根据上述三次实验，回答下列问题：①实验中小球动能的大小是通过观察比较_____反映出来的，这里用到了物理学研究问题的一种_____方法（选填“直接测量”、“放大”或“转换”）；②为了探究动能的大小与物体运动速度的关系，应选用_____两个图来分析，并由此得出的实验结论是_____；③分析乙、丙两图，得到的实验结论是_____；其中小球在光滑斜面上从B处滚到底端的过程中，小球的_____能转化为动能。19．如图甲所示，将扬声器对准烛焰，播放音乐，看到烛焰晃动，说明声波可以传递_________．扬声器的工作原理与如图中________（填“乙”或“丙”）装置的原理相同．20．图为利用U型压强计验证“在受力面积不变时压强与压力的定量关系”的装置．实验前，橡皮膜朝上，金属盒水平固定，玻璃管中液面相平．实验中，改变叠放在橡皮膜中央的硬币数（规格相同），测得有关数据如下表．实验中当液面高度差为h时，盒内外气压差为_________．已知玻璃管内液体密度为ρ，g为已知常量．U形玻璃管足够长时，选用密度_______（填“较大”或“较小”）的液体可以减小实验误差．分析实验数据，可得到的实验结论是：在实验误差允许范围内，_____________．21．在“测定小灯泡电功率”的实验中,小灯泡的额定电压为2.5V,小叶正确连接图甲电路,进行实验（1）闭合开关后,发现电流表指针如图乙,出现这种情况的原因是_____________________（2）修正上述错误后,小叶将开关闭合,调节滑动变阻器的滑片至某一位置,分别读出此时两个电表的示数．要测小灯泡的额定功率,小叶应进行的操作是________________（3）小叶将测得的各组数据作出如图丙图线,则可知小灯泡的额定功率是_____________22．（海南省2015年初中毕业生学业水平考试）图甲是用伏安法测未知电阻R的实验图。（1）请用笔画线代替导线，将图甲中实物电路连接完整_____________（2）闭合开关，将滑片P向左滑动时，此时电压表示数为2.4V，电流表示数如图乙所示其读数为I=A，则未知电阻R=_________Ω。（3）若实验中只有一个电压表和一个已知电阻R0，小明设计了如图丙所示的电路，同样可以测量未知电阻Rx，请在空格内将实验步骤补充完整①闭合S、断开S1，用电压表测出待测电阻Rx两端的电压为U1②___________，用电压表测出电源的电压U③请写出用测量值U、U1及R0来表示Rx的表达式：Rx=____________五、计算题（本大题共2小题，共13分）23．某小汽车的质量为1.8t，在平直的公路上进行百米加速测试时的v–t图像如图所示，测试过程中，汽车速度从0加速到90km/h时行驶的路程是100m。假设测试过程中汽车所受到的阻力始终为重力的0.2倍，汽车发动机的功率恒定不变。（g取10N/kg）求:在0～10s内汽车的平均速度是多大?10s以后汽车发动机产生的牵引力是大?汽车发动机的功率是多少?在0～10s内汽车发动机产生的牵引力所做的功是多少?24．如图是某电热饮水机内部的电路原理图，如表是其说明书上收集到的数据。该电热饮水机有加热和保温两种工作状态（由机内温控开关S0自动控制），其内部有一个热水箱，热水箱中的水温达到90℃时，温控开关S0就会自动断开，停止加热进入保温状态；当水温降至60℃时，温控开关S0又会自动闭合重新加热。求：水桶容量20L热水箱容量2L额定电压220V加热时的功率440W保温时的功率40W电热饮水机加热时电流的大小；当热水箱里装满水时（按2L计算），水的质量为多少？（提示：1L＝1×10﹣3m3；ρ水＝1.0×103kg/m3）当热水箱里温度降至60℃时，温控开关自动闭合重新加热700s至90℃这一过程中，水吸收的热量是多少？消耗的电能是多少？[c水＝4.2×103J/（kg•℃）]结合第（3）问的计算结果，请简述水吸收的热量和消耗的电能不相等的原因；正常加热时R1的电阻值是多少？六、综合能力题（本大题共3小题，共18分）25．某兴趣小组设计了如图甲所示的汽车转向指示灯电路模型．接通相应指示灯后,该指示灯会亮、暗(微弱发光)交替闪烁发光．电路中电源电压恒为6伏,指示灯规格为“6

V3

W”,R0为定值电阻,电磁铁线圈及衔铁的阻值忽略不计．

若让左转、右转指示灯同时工作,转向开关应与触点___接通．(填“1和2”“2和3”“3和4”或

“4

和

5”)当转向开关与触点“2和3”接通时,右转指示灯两端实际电压变化规律如图乙所示．已知当右转指示灯微弱发光时,其两端实际电压为Ux,消耗的实际功率为额定功率的．

求:①右转指示灯闪烁交替工作30秒消耗的电能_______________．

②定值电阻R0的阻值______________．(指示灯的电阻不变)26．2015年10月，我国研发的平流层飞艇“圆梦”号（如图甲）首飞成功．飞艇依靠浮力可升到20km高的平流层，其推进系统有太阳能电池提供能量．推进器产生的推力与气流对飞艇的水平作用力平衡，可使飞艇长时间悬停．飞艇气囊内的气体密度比艇外的空气密度______（选题“大”、“小”）．若飞艇的气囊体积为3×104m3，则飞艇在平流层受到的浮力约为_______N．（平流层空气密度取0.06kg/m3，g取10N/kg）飞艇悬停时，推进器将空气推向后方获得向前的推力，说明_______________________；飞艇所受空气阻力与风速的关系如图乙，推进器的功效（功效是指推进器的推力与功率的比值）为0.01N/W，当平流层风速为40m/s时，飞艇推进器的功率为________W．27．如图所示为某型“无人机”，它具有4个旋翼，可通过无线电进行操控，其在拍摄调查、无人配送等方面具有广阔的前景。制作无人机的材料应具有___小、硬度大的特点，起飞时，增大四个旋翼的转速，使吹向下方的风量增加，无人机就会上升，这是因为力的作用是___.在空中飞行时，只要增加___侧两个旋翼的转速，就能使无人机右侧抬升，向左倾斜飞行。该机一个旋翼的电动机额定功率为30W，额定电压为15V，电动机正常工作时，通过的电流为多少___A?该机所需的能量是由一块输出电压为15V，容量为5000mA⋅h的电池提供。若电能的80%用于飞行，飞行时的实际功率为100W，则该机最多能飞行多少时间______?

参考答案一、单项选择题（本大题7小题，每题3分，共21分）1、C【解析】

A．钓鱼竿在使用时，动力臂远小于阻力臂，是一种费力杠杆，故A正确；BCD．鱼在水中，鱼受到竖直向上的浮力，钓鱼线对鱼的拉力等于鱼的重力减去鱼受到的浮力；当鱼离开水后，不再受到浮力的作用，钓鱼线对鱼的拉力等于鱼的重力；所以，鱼离开水以后，钓鱼线对钓鱼竿的拉力会增大，感到鱼变重了，但鱼的重力不变，故BD正确，C错误．2、B【解析】最初得到该实验结论的科学家是伽利略3、B【解析】试题分析：（1）内能是分子势能和分子动能的总和．其影响因素包括：①材料（分子种类）；②温度（分子动能）；③状态、体积（分子势能）；④质量（分子数量）．（2）做功和热传递在改变物体的内能上是等效的．（3）比热容是物质的一种特性，和物体吸收热量的多少、温度的高低、质量的大小都没有关系，只与物质的种类、状态有关．（4）热机的做功冲程是将内能转化为机械能；压缩冲程是将机械能转化为内能；解：A、在状态、质量不确定的情况下，温度高的物体内能不一定大，故A错误；B、做功和热传递都可以改变物体的内能，故B正确；C、每种物质都有自己的比热容，比热容与物体的质量、物体的温度变化和物体吸收热量的多少均无关；故C错误；D、热机的做功冲程是将内能转化为机械能；压缩冲程是将机械能转化为内能；故D错误．故选B．【点评】该题考查了物体内能的改变、比热容的概念、热机中的能量转化等知识点，是一道综合题，但总体难度不大．4、D【解析】A.足球守门员戴有防滑手套，是在压力一定时，通过增大接触面粗糙程度的方法增大摩擦的；B.骑自行车刹车时用力捏闸，是在接触面一定时，通过增大压力的方法增大摩擦的；C.运动鞋的底部制有凹凸不平的花纹，是在压力一定时，通过增大接触面粗糙程度的方法增大摩擦的；D.给自行车的车轴加润滑油，可以将接触面分离，用光滑的油膜代替接触面，减小摩擦力；故D是为了减小摩擦，符合题意。点睛：重点是增大和减小摩擦力的方法，牢记影响滑动摩擦力的两个因素，即压力和接触面的粗糙程度，可以通过增大压力或增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，反之减小摩擦力，另外用滚动代替滑动可以大大减小摩擦力。5、D【解析】

本题主要考查的是串并联电路的特点以及开关的作用，用排除法可以得出正确的答案．【详解】根据题意可以知道，洗衣和烘干均能独立进行，因此属于并联，且有开关可以独立控制，故只有D符合要求；故选D．6、C【解析】

远视眼是晶状体会聚能力太弱，像成在视网膜的后方，应佩戴凸透镜矫正．【详解】远视眼是晶状体曲度变小，会聚能力减弱，像成在视网膜的后方，所以②表示远视眼成像情况；远视眼应佩戴会聚透镜，即凸透镜进行矫正．所以④是其矫正成像图．故选C．7、D【解析】

A．将三个完全相同的小球轻轻放入容器中，小球在甲液体中沉底，则；小球在乙液体中漂浮，则；小球在丙液体中悬浮，则；因此液体的密度关系是ρ乙＞ρ丙＞ρ甲，故A不符合题意．B．静止时三个容器的液面恰好相平，即深度h相等，三种液体密度关系是ρ乙＞ρ丙＞ρ甲，由液体压强公式p=ρgh可知，液体对容器底部的压强关系是p乙＞p丙＞p甲，故B不符合题意；C．容器对桌面的压力等于容器、容器内液体和小球的总重力；由图知，三个相同容器内液体体积相同，又知ρ乙＞ρ丙＞ρ甲，，根据和G=mg可知乙烧杯内液体的重力大于丙烧杯内液体的重力，丙烧杯内液体的重力大于甲烧杯内液体的重力，烧杯以及小球的重力均相等，烧杯的底面积相等，根据可知，容器对桌面的压强p'乙＞p'丙＞p'甲，故C不符合题意；D．小球在甲液体中沉底，所受浮力F甲＜G；小球在乙液体中漂浮，在丙液体中悬浮，所受浮力均等于其重力，即F乙=F丙=G；因此小球受到的浮力大小关系是F乙=F丙＞F甲，故D符合题意；【点睛】根据物体浮沉条件推断出三种液体密度的大小关系，然后由液体压强公式p=ρgh判断容器底部受到的液体压强大小关系．根据浮沉条件得出小球受到的浮力大小关系．是一道综合性题目，有一定的难度．二、填空题（本大题7小题，共21分）8、159【解析】

灯泡L1的额定电流I1=P1U1=10W10V=1A，灯泡L2的额定电流I2=则串联电路的总电压：U＝I2R9、1.6；不变；1m/s【解析】试题分析：根据平面镜成像特点进行判断．平面镜成像特点：物像大小相等，物像到平面镜的距离相等，物像连线与镜面垂直，平面镜中成的是虚像．解：因为物体在平面镜中成虚像，物像大小相等，人身高1.6m，则此人在镜中的像高1.6m，若此人以0.5m/s的速度远离平面镜，则像的大小不变．以像为参照物，人远离的速度是2×0.5m/s=1m/s．故答案为1.6；不变；1m/s．【点评】①熟练掌握平面镜成像的特点，并且灵活运用．②注意视觉的像大小变化和真实的像大小变化的不同；注意“像与物的距离”和“像与镜的距离”问法上的不同．10、低于人体的正常温度是37℃，不可能降到-5℃【解析】

根据题意知道，发功时伸出手掌，罩在杯口，杯中水即可结成寒冰（假设降到-5℃），由物理知识知道，此时手的温度应低于-5℃，才能发生热传递，手吸收水的热量，使水结冰，所以，按常理这种武功是不可能练成的，因为人的温度在37℃，不可能降到-5℃．11、小明凝固同种晶体凝固点和熔点相同【解析】

根据空气热胀冷缩的性质，电冰箱冷藏室内上层温度高，下层温度低，由图表数据可知小明的数据存在错误；物质有液体变为固态是凝固，为解决测量凝固点不方便的问题，可以采取先将不同的液体放入冷冻室速冻，此时发生的物态变化是凝固，然后再取出测量它们的熔点的方法，从而得到凝固点，因为同种晶体的凝固点和熔点相同。12、2．008g/cm1【解析】试题分析：（1）刻度尺测物体的长度要先看最小分度值，再用末刻度减去开始的刻度得出物体的边长；（2）物体的质量等于砝码的质量加游码的质量，物体的体积等于边长的立方，根据ρ=计算出密度．解：（a）刻度尺的最小分度值为1mm，边长L=5.00cm﹣1.00cm=2.00cm；（b）砝码的质量为50+10g=60g，游码的质量为4g，所以该金属块的质量为64g．金属块的体积为V=（2.00cm）1=8cm1；金属块的密度ρ===8g/cm1=8×101kg/m1．故答案为（a）2.00；（b）8×101．13、0.375W～2.16W【解析】

由电路图可知，只闭合开关S2时，灯泡L与R2串联，电流表测电路中的电流，电压表测R2两端的电压，灯泡的额定电流：IL==1A，灯泡的电阻：RL==6Ω，因串联电路中各处的电流相等，且电流表的量程为0～0.6A，所以，电路中的最大电流I大=0.6A，则灯泡消耗的最大功率：PL大=I大2RL=（0.6A）2×6Ω=2.16W，当电压表的示数最大值U2=3V时，电路中的电流最小，灯泡消耗的电功率最小，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，灯泡两端的电压：UL′=U-U2=4.5V-3V=1.5V，灯泡L消耗的最小功率：PL小＝=0.375W，所以，灯泡L消耗的电功率的变化范围0.375W～2.16W。14、3600600【解析】

电动机消耗的电能为W=UIt=6V×2A×5×60s=3600J；电流通过线圈产生的热量为Q=I2Rt=（2A）2×0.5Ω×5×60s=600J。三、作图题（共7分）15、【解析】由杠杆平衡条件知道，在阻力跟阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小；由图知道，O为支点，A点距离O点是最远的，若以AO为力臂时，力是最小的；物体M所受重力G的方向是竖直向下的，作用点在重心，物体M所受重力G和使杠杆保持平衡的最小力F的示意图，如图：点睛：本题考查的是杠杆中最小力的问题，解题的关键是确定出最长的力臂，并根据力臂的画法做出最小的力．16、【解析】

过鞋底与地面的接触点沿水平向右画一条带箭头的线段，在箭头附近用符号Ff表示摩擦力；过鞋底与地面的接触点沿竖直向上画一条带箭头的线段，在箭头附近用符号FN，如下图所示：17、【解析】

闭合电键S，向右移动变阻器的滑片，电流表的示数变小表明电路中电阻变大，据此可知滑动变阻器应该选择左下边的接线柱，电路连接如下：四、实验题（本大题共5小题，共20分）18、木块在水平面上移动的距离转换甲乙物体的质量一定时，速度越大，动能越大物体的速度一定时，质量越大，动能越大重力势【解析】

①小球动能大小不能直接测量，而是通过小球推动木块在水平面上移动的距离来反映的，采用了转换法。②甲乙两图中两球的质量相同，但高度不同，这样小球到达底端时的速度不同，高度越高，小球到达水平面时的速度越大，所以可以探究动能大小与速度的关系；速度越大的小球，撞击木块时，木块移动的距离越远，说明小球的动能越大，由此可以得出的结论是：物体的质量一定时，速度越大，动能越大。③乙丙图中两球的质量不同，高度相同，小球到达底端时的速度相同，所以可以探究动能大小与质量的关系；质量大的小球撞击木块时，木块移动的距离远，说明小球的动能越大；由此可以得出的结论是：在速度一定时，物体的质量越大，动能越大；小球在光滑斜面上从B处滚到底端的过程中，高度减小，重力势能减小，速度变快，动能增加，重力势能转化为动能。19、能量乙【解析】试题分析：声波既可以传递信息，又可以传递能量．将扬声器对准烛焰，播放音乐，看到烛焰晃动，说明声波可以传递能量；扬声器是利用通电导体在磁场中受到力的作用来工作的．乙图是用来研究磁场对电流的作用的实验，实验中通电导体在磁场中会受到力的作用，电动机就是利用该原理制成的；丙装置为发电机的原理图，是利用电磁感应原理制成的．所以扬声器的工作原理与图中乙装置的原理相同．考点：声波的利用磁场对通电导线的作用20、ρgh较小在受力面积不变时，压强与压力成正比【解析】

（1）根据液体的压强公式，即可知，若实验中当液面高度差为h时，盒内外气压差为此液面高度差产生的压强，即；（2）因为U形管中是空气，气体容易被压缩，所以U形玻璃管越长时，由于气体体积变化对所测压强的影响较大，此时选用密度较小的液体可以减小实验误差；（3）分析实验数据，去除误差的因素外，每增加两个硬币，液面高度差约增加10cm；故可得到的实验结论是：在实验误差允许范围内，在受力面积不变时，压强与压力成正比。【点睛】理解气体的体积很容易变化，所以管子长度增加时，空气体积变大，对所测压强影响也变大，会使误差增大。21、电流表接线柱接反了滑动滑动变阻器使电压表示数为2.5V0.5W【解析】

（1）由图知，闭合开关后电流表指针反向偏转，是由于电流表的正负接线柱接反了；（2）由于小灯泡的额定电压是2.5V，所以小叶应调节滑动变阻器使电压表示数为2.5V，然后记录此时电流表数据，根据P=UI求小灯泡额定功率；（3）由图像可知，当小灯泡两端电压为2.5V时，通过的电流是0.2A，故小灯泡额定功率P=UI=2.5V×0.2A=0.5W．22、导线的一端接在变阻器上，另一端接在电阻R上0.38闭合S、S1R1=UIR0/（U-U1)【解析】试题分析：（1）变阻器应串联在电路中，且要一上一下接线柱进行连接；（2）明确电流表的量程和分度值，读出示数，再利用欧姆定律的变形公式计算电阻的大小；（3）由电路图可知，当开关S、S1均闭合时电路为Rx的简单电路，电压表测电源的电压；当开关S闭合、S1断开时，R0、Rx串联，电压表测Rx两端的电压；根据串联电路的分压特点和定值电阻的阻值求出Rx的阻值，据此设计实验步骤得出结果．解：（1）变阻器应串联在电路中，可将导线一端接在变阻器上端，另一端接在电阻R右端，如图所示．（2）读图可知，电流表的量程为0～0.6A，其分度值为0.02A，则电流表的示数为0.3A．由公式I=得，R===8Ω；（3）实验步骤：①闭合开关S、断开S1，用电压表测出待测电阻Rx两端的电压为U1；②闭合开关S、S1，用电压表测出电源的电压U；③因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以，R0两端的电压：U0=U﹣Ux=U﹣U1，因串联电路中各处的电流相等，所以，I==，即=，解得：Rx=．故答案为：（1）如上图所示；（2）0.3；8；（3）②闭合开关S、S1；③．【点评】本题考查了实物图的连接和电流表的读数、欧姆定律的应用、串联电路的特点等，关键是知道有电压表、无电流表时可根据串联电路的电流、电压特点进行设计实验．五、计算题（本大题共2小题，共13分）23、（1）10m/s；（2）3600N；9104W（3）9105J【解析】

（1）由题可知s0=100m,t0=10s在010s内汽车的平均速度v0===10m/s；（2）由图可知，10s后汽车做匀速直线运动，速度v=90km/h=25m/s；G=mg=1.8103kg10N/kg=1.8104N；F阻=0.2G=0.21.8104N=3600N根据二力平衡条件可得，牵引力：F=F阻=3600N；则汽车的功率为：P===Fv=3600N25m/s=9104W；（3）由题知，汽车以恒定的功率在平直的公路上做直线运动，在0~10s内汽车发动机产生的牵引力所做的功：W=Pt=9104W10s=9105J。24、（1）2A；（2）2kg；（3）2.52×105J，3.08×105J；（4）水吸收的热量和消耗的电能不相等的原因是有热散失；（5）121Ω．【解析】解答：（1）由P＝UI可得，电热饮水机加热时电流的大小：I＝P加热U＝440W220V＝2A；（2）水的体积：V＝2L＝2×10-3m3，由ρ＝m＝ρV＝1.0×103kg/m3×2×10-3m3＝2kg；（3）水吸收的热量：Q吸＝cm（t-t0）＝4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（90℃-60℃）＝2.52×105J，由P＝Wt可得，消耗的电能：W＝Pt′＝440W×700s＝3.08×105J；（4）由上面的计算可知，W>Q吸，因为有热散失；（5）由题意可知，开关S闭合、S0断开时，电路为R2的简单电路，电饮水机处于保温状态；开关S、S0闭合时，R1与R2并联，电饮水机处于加热状态，因电路中总功率等于各用电器功率之和，所以，R1的电功