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文档简介
80初中数学组卷:图形的旋转中档题
一.选择题(共10小题)
1.如图,在Rt^ABC中,NBAC=90。,将^ABC绕点A顺时针旋转90。后得到的
△AB'C'(点B的对应点是点B,,点C的对应点是点C),连接CC.若NCC'B'=32°,
则NB的大小是()
A.32°B.64°C.77°D.87°
2.如图,边长为1的正方形ABCD绕点A逆时针旋转45。后得到正方形AB©Di,
边BEi与CD交于点。,则四边形ABQD的面积是()
B.工C.回
AD.V2-1
4162
3.如图,正方形OABC绕着点。逆时针旋转40。得到正方形ODEF,连接AF,则
ZOFA的度数是()
4.如图,将矩形ABCD绕点A旋转至矩形ABCD,位置,此时AC的中点恰好与D
点重合,AB咬CD于点E.若AB=3,则4AEC的面积为()
A.3B.1.5C.2JsD.M
5.如图,将Rt^ABC绕直角顶点C顺时针旋转90。,得到△AEC,连接AAZ,若
Zl=20°,则NB的度数是()
A.70°B.65°C.60°D.55°
6.在如图所示的平面直角坐标系中,AOAiBi是边长为2的等边三角形,作△
B2A2B1与△OAiBi关于点Bi成中心对称,再作AB2A3B3与AB2A2B1关于点B2成中
心对称,如此作下去,则AB2nA2n,lB2n,l(n是正整数)的顶点A2n+1的坐标是()
姝
公4
。|8V828V
4A,
A.(4n-1,折B.(2n-1,后c-(4n+l,折D.(2n+l,后
7.如图,小明家的住房平面图呈长方形,被分割成3个正方形和2个长方形后
仍是中心对称图形.若只知道原住房平面图长方形的周长,则分割后不用测量就
能知道周长的图形的标号为()
A.①②B.②③C.①③D.①②③
8.如图,在△ABC中,ZC=90°,AC=4,BC=3,将^ABC绕点A逆时针旋转,使
点c落在线段AB上的点E处,点B落在点D处,则B、D两点间的距离为()
A.V10B.2如C.3D.2海
9.如图所示,将一个含30。角的直角三角板ABC绕点A旋转,使得点B,A,U
在同一条直线上,则三角板ABC旋转的角度是()
A.60°B.90°C.120°D.150°
10.一副三角板叠在一起如图放置,最小锐角的顶点D恰好放在等腰直角三角
形的斜边上,AC与DM,DN分别交于点E,F,把4DEF绕点D旋转到一定位置,
使得DE=DF,则NBDN的度数是()
二.填空题(共10小题)
11.如图,已知Rt^ABC中,ZACB=90°,AC=6,BC=4,将^ABC绕直角顶点C
顺时针旋转90。得到△口£(:.若点F是DE的中点,连接AF,则AF=.
12.如图,将4ABC绕点A顺时针旋转60。得到^AED,若线段AB=3,则
BE=
13.若点(a,1)与(-2,b)关于原点对称,则ab=.
14.如图,P是等边三角形ABC内一点,将线段AP绕点A顺时针旋转60。得到
线段AQ,连接BQ.若PA=6,PB=8,PC=10,则四边形APBQ的面积为.
15.若将等腰直角三角形AOB按如图所示放置,OB=2,则点A关于原点对称的
点的坐标为.
16.如图,把AABC绕点C按顺时针方向旋转35。,得到△AEC,AB交AC于点
17.已知,正六边形ABCDEF在直角坐标系内的位置如图所示,A(-2,0),点
B在原点,把正六边形ABCDEF沿x轴正半轴作无滑动的连续翻转,每次翻转60°,
经过2015次翻转之后,点B的坐标是
18.如图,在正方形ABCD中,E、F分别是边BC、CD上的点,ZEAF=45°,AECF
的周长为4,则正方形ABCD的边长为.
19.如图,已知正方形ABCD的边长为3,E、F分别是AB、BC边上的点,且N
EDF=45。,将^DAE绕点D逆时针旋转90。,得到△DCM.若AE=1,则FM的长
为_______
20.在平面直角坐标系中,以原点为中心,把点A(4,5)逆时针旋转90。,得
到的点A的坐标为
三.解答题(共10小题)
21.如图,△ABC中,AB=AC=1,NBAC=45°,Z\AEF是由aABC绕点A按顺时针
方向旋转得到的,连接BE、CF相交于点D.
(1)求证:BE=CF;
(2)当四边形ACDE为菱形时,求BD的长.
22.如图,正方形ABCD与正方形AiBiGDi关于某点中心对称,已知A,必,D
三点的坐标分别是(0,4),(0,3),(0,2).
(1)求对称中心的坐标.
(2)写出顶点B,C,Bi,J的坐标.
△ABC是等边三角形,点P为射线AD上任意一点
(点P与点A不重合),连结CP,将线段CP绕点C顺时针旋转60。得到线段CQ,
连结QB并延长交直线AD于点E.
(1)如图1,猜想NQEP=
(2)如图2,3,若当NDAC是锐角或钝角时,其它条件不变,猜想NQEP的度
数,选取一种情况加以证明;
24.如图,点O是等边4ABC内一点,ZAOB=110",ZBOC=a.将△BOC绕点C
按顺时针方向旋转60。得^ADC,连接0D.
(1)求证:acoD是等边三角形;
(2)当a=150。时,试判断AAOD的形状,并说明理由;
(3)探究:当a为多少度时,AAOD是等腰三角形?
25.如图,已知ABAD和ABCE均为等腰直角三角形,NBAD=NBCE=90。,点M
为DE的中点,过点E与AD平行的直线交射线AM于点N.
(1)当A,B,C三点在同一直线上时(如图1),求证:M为AN的中点;
(2)将图1中的4BCE绕点B旋转,当A,B,E三点在同一直线上时(如图2),
求证:4人0\1为等腰直角三角形;
(3)将图1中4BCE绕点B旋转到图3位置时,(2)中的结论是否仍成立?若
成立,试证明之,若不成立,请说明理由.
图1图2图3
26.如图,在平面直角坐标系中,已知^ABC的三个顶点的坐标分别为A(-3,
5),B(-2,1),C(-1,3).
(1)若^ABC经过平移后得到△AiBiJ,已知点J的坐标为(4,0),写出顶点
A1;Bi的坐标;
(2)若4ABC和2c2关于原点O成中心对称图形,写出4A2B2c2的各顶点
的坐标;
(3)将^ABC绕着点。按顺时针方向旋转90。得到4A3B3c3,写出4A3B3c3的各
顶点的坐标.
27.如图,在Rt^ABC中,ZACB=90°,ZB=30°,将^ABC绕点C按顺时针方向
旋转n度后,得到△口£(:,点D刚好落在AB边上.
(1)求n的值;
(2)若F是DE的中点,判断四边形ACFD的形状,并说明理由.
28.在4ABC中,AB=AC,ZA=60°,点D是线段BC的中点,ZEDF=120°,DE
与线段AB相交于点E.DF与线段AC(或AC的延长线)相交于点F.
(1)如图1,若DFLAC,垂足为F,AB=4,求BE的长;
(2)如图2,将(1)中的NEDF绕点D顺时针旋转一定的角度,DF仍与线段
AC相交于点F.求证:BE+CF=LXB;
2
(3)如图3,将(2)中的NEDF继续绕点D顺时针旋转一定的角度,使DF与
线段AC的延长线相交于点F,作DNLAC于点N,若DN^AC于点N,若DN=FN,
求证:BE+CF=V3(BE-CF).
29.如图,点E是正方形ABCD的边DC上一点,把^ADE顺时针旋转4ABF的
位置.
(1)旋转中心是点,旋转角度是度;
(2)若连结EF,则4AEF是三角形;并证明;
(3)若四边形AECF的面积为25,DE=2,求AE的长.
30.如图,4BAD是由△BEC在平面内绕点B旋转60。而得,且AB,BC,BE=CE,
连接DE.
(1)求证:^BDE话^BCE;
(2)试判断四边形ABED的形状,并说明理由.
80初中数学组卷:图形的旋转中档题
参考答案与试题解析
一.选择题(共10小题)
1.(2015•哈尔滨)如图,在RtaABC中,ZBAC=90",将△ABC绕点A顺时针旋
转90。后得到的△ABC(点B的对应点是点点C的对应点是点C),连接CC.若
NCCB,=32。,则NB的大小是()
B'\
BA
A.32°B.64°C.77°D.87°
【分析】旋转中心为点A,C、U为对应点,可知AC=AC,又因为NCAC=90。,根
据三角形外角的性质求出NCEA的度数,进而求出NB的度数.
【解答】解:由旋转的性质可知,AC=AC,
VZCAC=90°,可知△CAC为等腰直角三角形,则NCUA=45。.
VZCC/B,=32°,
ZCEA=ZC,CA+ZCC,B,=45°+32O=77°,
VZB=ZC,B,A,
AZB=77°,
故选C.
【点评】本题考查了旋转的性质:旋转前后两图形全等,即对应角相等,对应线
段相等.也考查了等腰直角三角形的性质.
2.(2015•枣庄)如图,边长为1的正方形ABCD绕点A逆时针旋转45。后得到正
方形ABiGDi,边B©与CD交于点O,则四边形ABQD的面积是()
C,
B._LC.近7D.A/2-1
A.3
4162
【分析】连接AJ,AO,根据四边形ABiJDi是正方形,得出NCiABi=NAJBi=45。,
求出NDABi=45。,推出A、D、J三点共线,在RtACiDiA中,由勾股定理求出
AJ,进而求出DCFOD,根据三角形的面积计算即可.
【解答】方法一:
解:连接AC。
四边形ABiCiDi是正方形,
ZCiABi=lx90°=45°=ZACiBi,
2
:边长为1的正方形ABCD绕点A逆时针旋转45。后得到正方形ABiCiDi
AZBiAB=45°,
AZDABi=90°-45°=45°,
;.ACi过D点,即A、D、Ci三点共线,
,正方形ABCD的边长是1,
四边形ABiCiDi的边长是1,
在RQJD1A中,由勾股定理得:AC气/]2+11我,
则DJ=&-1,
:NACiBi=45°,ZCiDO=90°,
AZCiOD=45°=ZDCiO,
/•DCI=OD=-72-1,
1
SAAD0=—XOD»AD-^~.,
22
I.四边形ABiOD的面积是=2X与1,
方法二:
解:,••四边形ABCD是正方形,
.\AC=V2,ZOCBi=45°,
CBi=OBi
VABi=l,
/.CBi=OBi=AC-ABi=^/2_L
.』OBIC=L・OBI・CBI=L(V2-1)2,
22
•;SAADC=X^D»AC=^X1X1=1,
222
•'•S四边形AB10D二SZ\ADC-SA0B1C=1-1(V2-1)2=我_1;
22
故选:D.
【点评】本题考查了正方形性质,勾股定理等知识点,主要考查学生运用性质进
行计算的能力,正确的作出辅助线是解题的关键.
3.(2015•曲靖)如图,正方形OABC绕着点O逆时针旋转40。得到正方形ODEF,
连接AF,则NOFA的度数是()
【分析】先根据正方形的性质和旋转的性质得到NAOF的度数,OA=OF,再根据
等腰三角形的性质即可求得NOFA的度数.
【解答】解:•.•正方形OABC绕着点0逆时针旋转40。得到正方形ODEF,
AZAOF=90°+40°=130°,OA=OF,
AZOFA=(180°-130°)4-2=25°.
故选:c.
【点评】考查了旋转的性质:①对应点到旋转中心的距离相等.②对应点与旋转
中心所连线段的夹角等于旋转角.③旋转前、后的图形全等.同时考查了正方形
的性质和等腰三角形的性质.
4.(2015•抚顺)如图,将矩形ABCD绕点A旋转至矩形ABID位置,此时AC
的中点恰好与D点重合,AB,交CD于点E.若AB=3,则4AEC的面积为()
【分析】根据旋转后AC的中点恰好与D点重合,利用旋转的性质得到直角三角
形ACD中,ZACD=30°,再由旋转后矩形与已知矩形全等及矩形的性质得到NDAE
为30。,进而得到NEAC=NECA,利用等角对等边得到AE=CE,设AE=CE=x,表示
出AD与DE,利用勾股定理列出关于x的方程,求出方程的解得到x的值,确定
出EC的长,即可求出三角形AEC面积.
【解答】解::旋转后AC的中点恰好与D点重合,即AD=1AC=1JXC,
22
.•.在Rt^ACD中,ZACD=30°,即NDAC=60°,
ZDAD=60°,
AZDAE=30",
AZEAC=ZACD=30",
;.AE=CE,
在Rt^ADE中,设AE=EC=x,则有DE=DC-EC=AB-EC=3-x,AD=^X3=«,
3
根据勾股定理得:X2=(3-x)2+(V3)2,
解得:x=2,
AEC=2,
则SMECJEC・AD=E,
2
故选:D.
【点评】此题考查了旋转的性质,含30度直角三角形的性质,勾股定理,以及
等腰三角形的性质,熟练掌握性质及定理是解本题的关键.
5.(2014•义乌市)如图,将RtAABC绕直角顶点C顺时针旋转90°,得到△AEC,
连接AA,若N1=20。,则NB的度数是()
A.70°B.65°C.60°D.55°
【分析】根据旋转的性质可得AC=AC,然后判断出AACA是等腰直角三角形,根
据等腰直角三角形的性质可得NCAA=45。,再根据三角形的一个外角等于与它不
相邻的两个内角的和求出NAEC,然后根据旋转的性质可得NB=NAEC.
【解答】解::RtAABC绕直角顶点C顺时针旋转90。得到△AEC,
,AC=A'C,
...△ACA是等腰直角三角形,
,NCAA'=45°,
NA'B'C=Nl+NCAA'=20°+45°=65°,
由旋转的性质得NB=NAEC=65。.
故选:B.
【点评】本题考查了旋转的性质,等腰直角三角形的判定与性质,三角形的一个
外角等于与它不相邻的两个内角的和的性质,熟记各性质并准确识图是解题的关
键.
6.(2015•庆阳)在如图所示的平面直角坐标系中,△OAiBi是边长为2的等边
三角形,作AB2A2B1与△OAiBi关于点Bi成中心对称,再作AB2A3B3与AB2A2B1
关于点B2成中心对称,如此作下去,则AB2nA24隹2记1(n是正整数)的顶点A2n+1
的坐标是()
A.(4n-1,«)B.(2n-1,旧)C.(4n+l,«)D.(2n+l,«)
【分析】首先根据△OA1B1是边长为2的等边三角形,可得心的坐标为(1,V3)»
Bi的坐标为(2,0);然后根据中心对称的性质,分别求出点A?、A3、A4的坐标
各是多少;最后总结出An的坐标的规律,求出A2m的坐标是多少即可.
【解答】解:•••△OA1B1是边长为2的等边三角形,
;.Ai的坐标为(1,如),Bi的坐标为(2,0),
AB2A2B1与△OA1B1关于点Bi成中心对称,
点A2与点Ai关于点Bi成中心对称,
V2X2-1=3,2X0-舟-M,
•••点A2的坐标是(3,-V5),
:△B2A3B3与△B2A2Bi关于点B2成中心对称,
•••点A3与点A2关于点B2成中心对称,
•.•2X4-3=5,2X0-(-«)=6,
点A3的坐标是(5,
...△83人484与483人382关于点B3成中心对称,
点A4与点A3关于点B3成中心对称,
V2X6-5=7,2X0-V3=-V3-
点A4的坐标是(7,-遮),
V1=2X1-1,3=2X2-1,5=2X3-1,7=2X3-1,
.•.An的横坐标是2n-1,A2n+i的横坐标是2(2n+l)-l=4n+l,
•••当n为奇数时,4的纵坐标是当n为偶数时,飞的纵坐标是一遮,
顶点A2n+i的纵坐标是百,
.,.△B2nA2n+1B2n+i(n是正整数)的顶点A2n+i的坐标是(4n+l,«).
故选:C.
【点评】此题主要考查了坐标与图形变化-旋转问题,要熟练掌握,解答此题的
关键是分别判断出An的横坐标、纵坐标各是多少.
7.(2015•宁波)如图,小明家的住房平面图呈长方形,被分割成3个正方形和
2个长方形后仍是中心对称图形.若只知道原住房平面图长方形的周长,则分割
后不用测量就能知道周长的图形的标号为()
①
②
③
②
①
A.①②B.②③C.①③D.①②③
【分析】首先设图形①的长和宽分别是a、c,图形②的边长是b,图形③的边长
是d,原来大长方形的周长是I,判断出1=2(a+2b+c),a=b+d,b=c+d;然后分
别判断出图形①、图形②的周长都等于原来大长方形的周长的L,所以它们的周
2
长不用测量就能知道,而图形③的周长不用测量无法知道,据此解答即可.
①
③d②
②6①
ba
【解答】解:如图1,图1,
设图形①的长和宽分别是a、c,图形②的边长是b,图形③的边长是d,原来大
长方形的周长是I,
则1=2(a+2b+c),
根据图示,可得
[a=b+d…⑴
fb=c+d…(2)
(1)-(2),可得:a-b=b-c,
2b=a+c,
A1=2(a+2b+c)=2X2(a+c)=4(a+c),或1=2(a+2b+c)=2X4b=8b,
2(a+c)=X,4b=—,
22
•••图形①的周长是2(a+c),图形②的周长是4b,上的值一定,
2
图形①②的周长是定值,不用测量就能知道,图形③的周长不用测量无法知道.
...分割后不用测量就能知道周长的图形的标号为①②.
故选:A.
【点评】此题主要考查了中心对称的性质和应用,要熟练掌握,解答此题的关键
是要明确中心对称的性质:①关于中心对称的两个图形能够完全重合;②关于中
心对称的两个图形,对应点的连线都经过对称中心,并且被对称中心平分.
8.(2016•宜宾)如图,在ZXABC中,ZC=90°,AC=4,BC=3,将^ABC绕点A逆
时针旋转,使点C落在线段AB上的点E处,点B落在点D处,则B、D两点间
的距离为()
C
A.V1QB.2-./2C.3D.2、而
【分析】通过勾股定理计算出AB长度,利用旋转性质求出各对应线段长度,利
用勾股定理求出B、D两点间的距离.
【解答】解::在^ABC中,ZC=90°,AC=4,BC=3,
;.AB=5,
..,将4ABC绕点A逆时针旋转,使点C落在线段AB上的点E处,点B落在点D
处,
;.AE=4,DE=3,
.\BE=1,
在RtABED中,
BD=7BE2+DE2=^-
故选:A.
【点评】题目考查勾股定理和旋转的基本性质,解决此类问题的关键是掌握旋转
的基本性质,特别是线段之间的关系.题目整体较为简单,适合随堂训练.
9.(2016•新疆)如图所示,将一个含30。角的直角三角板ABC绕点A旋转,使
得点B,A,C在同一条直线上,则三角板ABC旋转的角度是(
A.60°B.90°C.120°D.150°
【分析】根据旋转角的定义,两对应边的夹角就是旋转角,即可求解.
【解答】解:旋转角是NCAC=180。-30°=150°.
故选:D.
【点评】本题考查的是旋转的性质,掌握对应点与旋转中心所连线段的夹角等于
旋转角是解题的关键.
10.(2015•青海)一副三角板叠在一起如图放置,最小锐角的顶点D恰好放在
等腰直角三角形的斜边上,AC与DM,DN分别交于点E,F,把4DEF绕点D旋
转到一定位置,使得DE=DF,则NBDN的度数是()
A.105°B.115℃.120°D.135°
【分析】根据等腰三角形的性质和特殊直角三角形的性质即可得到结果.
【解答】解::DE=DF,NEDF=30°,
ZDFC=1(180°-ZEDF)=75°,
2
VZC=45",
ZBDN=ZDFC+ZC=75°+45°=120°,
故选C.
【点评】本题考查了旋转的性质,直角三角形的性质,等腰三角形的性质,正确
的识别图形是解题的关键.
二.填空题(共10小题)
11.(2015•扬州)如图,已知RtAABC中,ZACB=90°,AC=6,BC=4,将"BC
绕直角顶点C顺时针旋转90。得到△口£(:.若点F是DE的中点,连接AF,则AF=
【分析】根据旋转的性质,EC=BC=4,DC=AC=6,ZACD=ZACB=90°,由点F是
DE的中点,可求出EG、GF,因为AE=AC-EC=2,可求出AG,然后运用勾股定
理求出AF.
【解答】解:作FGXAC,
根据旋转的性质,EC=BC=4,DC=AC=6,NACD=NACB=90°,
•点F是DE的中点,
AFG//CD
/.GF=l.CD=ljXC=3
22
EG=.LEC=XBC=2
22
VAC=6,EC=BC=4
,AE=2
AAG=4
根据勾股定理,AF=5.
【点评】本题主要考查了旋转的性质、三角形中位线性质、勾股定理的综合运用,
作垂线构造直角三角形是解决问题的关键.
12.(2015•湘潭)如图,将4ABC绕点A顺时针旋转60。得到^AED,若线段AB=3,
则BE=3.
【分析】根据旋转的性质得出NBAE=60。,AB=AE,得出^BAE是等边三角形,进
而得出BE=3即可.
【解答】解:•.•将^ABC绕点A顺时针旋转60。得到^AED,
AZBAE=60°,AB=AE,
/.△BAE是等边三角形,
;.BE=3.
故答案为:3.
【点评】本题考查旋转的性质,关键是根据旋转变化前后,对应线段、对应角分
别相等,图形的大小、形状都不改变.要注意旋转的三要素:①定点-旋转中心;
②旋转方向;③旋转角度.
13.(2015•西宁)若点(a,1)与(-2,b)关于原点对称,则ab=1.
—_2-
【分析】平面直角坐标系中任意一点P(x,y),关于原点的对称点是(-x,-y),
即:求关于原点的对称点,横纵坐标都变成相反数.记忆方法是结合平面直角坐
标系的图形记忆.
【解答】解:•••点(a,1)与(-2,b)关于原点对称,
b=-1,8=2,
b-1
.•.a=2=l.
2
故答案为:1.
2
【点评】此题考查了关于原点对称的点的坐标,这一类题目是需要识记的基础题,
记忆时要结合平面直角坐标系.
14.(2016•达州)如图,P是等边三角形ABC内一点,将线段AP绕点A顺时针
旋转60。得到线段AQ,连接BQ.若PA=6,PB=8,PC=10,则四边形APBQ的面
积为24+9立.
旋转的性质得AP=PQ=6,NPAQ=60。,则可判断△APQ为等边三角形,所以
PQ=AP=6,接着证明△APC咨△ABQ得到PC=QB=10,然后利用勾股定理的逆定理
证明^PBCi为直角三角形,再根据三角形面积公式,利用S四边形APBQ=SABPQ+SAAPQ
进行计算.
【解答】解:连结PQ,如图,
•.♦△ABC为等边三角形,
AZBAC=60°,AB=AC,
•••线段AP绕点A顺时针旋转60。得到线段AQ,
,AP=PQ=6,NPAQ=60°,
...△APQ为等边三角形,
,PQ=AP=6,
VZCAP+ZBAP=60°,ZBAP+ZBAQ=60°,
AZCAP=ZBAQ,
在AAPC和△ABQ中,
'AC=AB
-NCAP=/BAQ,
、AP=AQ
.♦.△APC四△ABQ,
.*.PC=QB=10,
在△BPQ中,VPB2=82=64,PQ2=62,BQ2=102,
而64+36=100,
.*.PB2+PQ2=BQ2,
...△PBQ为直角三角形,NBPQ=90°,
2
S四边形APBQ=SABPQ+SAAPQ=LX6X8+XAx6=24+9/3,
24
故答案为24+9A/3.
【点评】本题考查了旋转的性质:对应点到旋转中心的距离相等;对应点与旋转
中心所连线段的夹角等于旋转角;旋转前、后的图形全等.也考查了勾股定理和
等边三角形的性质.
15.(2015•青海)若将等腰直角三角形AOB按如图所示放置,OB=2,则点A关
于原点对称的点的坐标为(-1,-1)•
【分析】过点A作ADXOB于点D,根据等腰直角三角形的性质求出OD及AD
的长,故可得出A点坐标,再由关于原点对称的点的坐标特点即可得出结论.
【解答】解:过点A作ADLOB于点D,
•••△AOB是等腰直角三角形,OB=2,
.,.OD=AD=1,
AA(1,1),
点A关于原点对称的点的坐标为(-1,-1).
故答案为(-1,-1).
【点评】本题考查的是关于原点对称的点的坐标特点,熟知等腰直角三角形的性
质是解答此题的关键.
16.(2014•梅州)如图,把^ABC绕点C按顺时针方向旋转35。,得到△ABC,
AB交AC于点D.若NA'DC=90°,则NA=55°
【分析】根据题意得出NACA=35。,则NA=90。-35。=55。,即可得出NA的度数.
【解答】解::把aABC绕点C按顺时针方向旋转35。,得到△AEC,A'B'交AC
于点D,ZA,DC=90°,
NACA'=35°,贝l|NA'=90°-35°=55°,
则NA=NA'=55°.
故答案为:55°.
【点评】此题主要考查了旋转的性质以及三角形内角和定理等知识,得出NA
的度数是解题关键.
17.(2015•衢州)已知,正六边形ABCDEF在直角坐标系内的位置如图所示,A
(-2,0),点B在原点,把正六边形ABCDEF沿x轴正半轴作无滑动的连续翻
转,每次翻转60。,经过2015次翻转之后,点B的坐标是(4031,立).
【分析】根据正六边形的特点,每6次翻转为一个循环组循环,用2015除以6,
根据商和余数的情况确定出点B的位置,然后求出翻转前进的距离,过点B作
BG,x于G,求出NBAG=60。,然后求出AG、BG,再求出OG,然后写出点B的
坐标即可.
【解答】解:•••正六边形ABCDEF沿x轴正半轴作无滑动的连续翻转,每次翻转
60°,
•••每6次翻转为一个循环组循环,
:2015+6=335余5,
经过2015次翻转为第336循环组的第5次翻转,点B在开始时点C的位置,
VA(-2,0),
;.AB=2,
翻转前进的距离=2X2015=4030,
如图,过点B作BG,x于G,则NBAG=60。,
所以,AG=2X1=1,
2
BG=2X立=4,
2
所以,OG=4030+1=4031,
所以,点B的坐标为(4031,«).
故答案为:(4031,V3).
【点评】本题考查了坐标与图形变化-旋转,正六边形的性质,确定出最后点B
所在的位置是解题的关键,难点在于作辅助线构造出直角三角形.
18.(2014•绵阳)如图,在正方形ABCD中,E、F分别是边BC、CD上的点,Z
EAF=45°,AECF的周长为4,则正方形ABCD的边长为二
【分析】根据旋转的性质得出NEAF=45。,进而得出△FAE/^EAF,即可得出
EF+EC+FC=FC+CE+EF=FC+BC+BF=4,得出正方形边长即可.
【解答】解:将4DAF绕点A顺时针旋转90度到^BAF位置,
由题意可得出:4DAF之△BAF',
.\DF=BF,,NDAF=/BAF',
...NEAF'=45°,
在AFAE和^EAF,中
'AF=AF'
<NFAE=/EAF',
,AE=AE
.,.△FAE^AEAF,(SAS),
.•.EF=EF',
VAECF的周长为4,
.•.EF+EC+FC=FC+CE+EF'=FC+BC+BF'=DF+FC+BC=4,
;.2BC=4,
BC=2.
故答案为:2.
【点评】此题主要考查了旋转的性质以及全等三角形的判定与性质等知识,得出
△FAE咨4EAF'是解题关键.
19.(2016•西宁)如图,已知正方形ABCD的边长为3,E、F分别是AB、BC边
上的点,且NEDF=45。,将^DAE绕点D逆时针旋转90。,得到△DCM.若AE=1,
则FM的长为5.
【分析】由旋转可得DE=DM,NEDM为直角,可得出NEDF+NMDF=90。,由N
EDF=45°,得到NMDF为45°,可得出NEDF=NMDF,再由DF=DF,利用SAS可得
出三角形DEF与三角形MDF全等,由全等三角形的对应边相等可得出EF=MF;
则可得到AE=CM=1,正方形的边长为3,用AB-AE求出EB的长,再由BC+CM
求出BM的长,设EF=MF=x,可得出BF=BM-FM=BM-EF=4-x,在直角三角形
BEF中,利用勾股定理列出关于x的方程,求出方程的解得到x的值,即为FM
的长.
【解答】解::△DAE逆时针旋转90。得到△DCM,
AZFCM=ZFCD+ZDCM=180°,
・・.F、C、M三点共线,
.♦.DE=DM,NEDM=90°,
AZEDF+ZFDM=90°,
VZEDF=45°,
AZFDM=ZEDF=45°,
在Z^DEF和△DMF中,
'DE=DM
-ZEDF=ZFDM-
,DF=DF
.,.△DEF^ADMF(SAS),
,EF=MF,
设EF=MF=x,
VAE=CM=1,且BC=3,
・・・BM=BC+CM=3+1=4,
・・.BF=BM-MF=BM-EF=4-x,
VEB=AB-AE=3-1=2,
在RtAEBF中,由勾股定理得EB2+BF2=EF2,
即2?+(4-x)2=x2,
解得:x=5,
2
FM巨
2
故答案为:A.
2
【点评】此题考查了正方形的性质,旋转的性质,全等三角形的判定与性质,以
及勾股定理.此题难度适中,注意掌握旋转前后图形的对应关系,注意掌握数形
结合思想与方程思想的应用.
20.(2015•济宁)在平面直角坐标系中,以原点为中心,把点A(4,5)逆时针
旋转90°,得到的点A的坐标为(-5,4)
【分析】首先根据点A的坐标求出OA的长度,然后根据旋转变换只改变图形的
位置,不改变图形的形状与大小,可得OA,=OA,据此求出点A的坐标即可.
【解答】解:如图,过点A作AC,y轴于点C,作AB,x轴于点B,过A作AE
C
_Ly轴于点E,作AD_Lx轴于点D,
•点A(4,5),
...AC=4,AB=5,
,点A(4,5)绕原点逆时针旋转90。得到点A,
.•.A'E=AB=5,A'D=AC=4,
点A的坐标是(-5,4).
故答案为:(-5,4).
【点评】此题主要考查了坐标与图形变换-旋转,要熟练掌握,解答此题的关键
是要明确:旋转变换只改变图形的位置,不改变图形的形状与大小.
三.解答题(共10小题)
21.(2015•湖北)如图,^ABC中,AB=AC=1,ZBAC=45",Z\AEF是由△ABC绕
点A按顺时针方向旋转得到的,连接BE、CF相交于点D.
(1)求证:BE=CF;
(2)当四边形ACDE为菱形时,求BD的长.
E
【分析】(1)先由旋转的性质得AE=AB,AF=AC,NEAF=NBAC,则NEAF+/BAF=
ZBAC+ZBAF,即NEAB=NFAC,禾烟AB=AC可得AE=AF,于是根据旋转的定义,
△AEB可由4AFC绕点A按顺时针方向旋转得到,然后根据旋转的性质得到
BE=CD;
(2)由菱形的性质得到DE=AE=AC=AB=1,AC〃DE,根据等腰三角形的性质得/
AEB=NABE,根据平行线得性质得NABE=NBAC=45°,所以NAEB=NABE=45°,于
是可判断AABE为等腰直角三角形,所以BE=V2AC=V2-于是利用BD=BE-DE
求解.
【解答】(1)证明:•..△AEF是由AABC绕点A按顺时针方向旋转得到的,
;.AE=AB,AF=AC,NEAF=NBAC,
ZEAF+ZBAF=ZBAC+ZBAF,即NEAB=NFAC,
VAB=AC,
,AE=AF,
・•.AAEB可由4AFC绕点A按顺时针方向旋转得到,
,BE=CF;
(2)解:•四边形ACDE为菱形,AB=AC=1,
.\DE=AE=AC=AB=1,AC〃DE,
ZAEB=ZABE,ZABE=ZBAC=45°,
,NAEB=NABE=45°,
/.△ABE为等腰直角三角形,
BE=V2AC=V2»
.*.BD=BE-DE=A/2-1.
【点评】本题考查了旋转的性质:对应点到旋转中心的距离相等;对应点与旋转
中心所连线段的夹角等于旋转角;旋转前、后的图形全等.也考查了菱形的性质.
22.(2015•南昌)如图,正方形ABCD与正方形AiBiGDi关于某点中心对称,已
知A,Di,D三点的坐标分别是(0,4),(0,3),(0,2).
(1)求对称中心的坐标.
(2)写出顶点B,C,Bi,G的坐标.
【分析】(1)根据对称中心的性质,可得对称中心的坐标是DiD的中点,据此解
答即可.
(2)首先根据A,D的坐标分别是(0,4),(0,2),求出正方形ABCD与正方
形AiBiCiDi的边长是多少,然后根据A,%,D三点的坐标分别是(0,4),(0,
3),(0,2),判断出顶点B,C,Bi,J的坐标各是多少即可.
【解答】解:(1)根据对称中心的性质,可得
对称中心的坐标是DiD的中点,
VDi,D的坐标分别是(0,3),(0,2),
,对称中心的坐标是(0,2.5).
(2)VA,D的坐标分别是(0,4),(0,2),
・•.正方形ABCD与正方形A1B1JD1的边长都是:4-2=2,
:.B,C的坐标分别是(-2,4),(-2,2),
VAiDi=2,上的坐标是(0,3),
;.Ai的坐标是(0,1),
ABi,G的坐标分别是(2,1),(2,3),
综上,可得
顶点B,C,Bi,J的坐标分别是(-2,4),(-2,2),(2,1),(2,3).
【点评】(1)此题主要考查了中心对称的性质和应用,要熟练掌握,解答此题的
关键是要明确中心对称的性质:①关于中心对称的两个图形能够完全重合;②关
于中心对称的两个图形,对应点的连线都经过对称中心,并且被对称中心平分.
(2)此题还考查了坐标与图形的性质的应用,要熟练掌握,解答此题的关键是
要明确点到坐标轴的距离与这个点的坐标是有区别的,表现在两个方面:①到x
轴的距离与纵坐标有关,到y轴的距离与横坐标有关;②距离都是非负数,而坐
标可以是负数,在由距离求坐标时,需要加上恰当的符号.
23.(2016•市中区一模)如图1,已知NDAC=90。,AABC是等边三角形,点P
为射线AD上任意一点(点P与点A不重合),连结CP,将线段CP绕点C顺时
针旋转60。得到线段CQ,连结QB并延长交直线AD于点E.
(1)如图1,猜想NQEP=60°;
(2)如图2,3,若当NDAC是锐角或钝角时,其它条件不变,猜想/QEP的度
数,选取一种情况加以证明;
(3)如图3,若NDAC=135°,ZACP=15",且AC=4,求BQ的长.
【分析】(1)猜想NQEP=60。;
(2)以NDAC是锐角为例进行证明,如图2,根据等边三角形的性质得AC=BC,
ZACB=60°,再根据旋转的性质得CP=CQ,NPCQ=60°,则NACP=NBCQ,
根据"SAS"可证明AACP之△BCQ,得到NAPC=NQ,然后利用三角形内角和定理
可得到NQEP=ZPCQ=60°;
(3)连结CQ,作CHLAD于H,如图3,与(2)一样可证明△ACP/^BCQ,
则AP=BQ,由NDAC=135°,ZACP=15°,易得NAPC=30°,ZPCB=45°,则可判断
△ACH为等腰直角三角形,所以AH=CH=1AC=2«,在RtAPHC中,根据含30
度的直角三角形三边的关系得PH=«CH=2加,于是可计算出PA=PH-AH=2&-
2版,所以BQ=2遍-2圾.
【解答】解:⑴ZQEP=60°;
证明:连接PQ,
VPC=CQ,且NPCQ=60°,
则ACQB和4CPA中,
'PC=QC
-NPCQ=/ACB,
kAC=BC
.,.△CQB^ACPA(SAS),
AZCQB=ZCPA,
又因为△PEM和△CQM中,NEMP=NCMQ,
AZQEP=ZQCP=60°.
故答案为:60;
(2)ZQEP=60°.以NDAC是锐角为例.
证明:如图2,
•••△ABC是等边三角形,
,AC=BC,ZACB=60",
•.•线段CP绕点C顺时针旋转60。得到线段CQ,
.♦.CP=CQ,ZPCQ=6O°,
ZACB+ZBCP=ZBCP+ZPCQ,
即NACP=NBCQ,
在4ACP和△BCQ中,
'CAXB
-ZACP=ZBCQ-
CP=CQ
.♦.△ACP之△BCQ(SAS),
NAPC=NQ,
VZ1=Z2,
AZQEP=ZPCQ=60o;
(3)连结CQ,作CHLAD于H,如图3,
与(2)一样可证明4ACP丝△BCQ,
,AP=BQ,
VZDAC=135°,ZACP=15°,
AZAPC=30°,ZPCB=45°,
•••△ACH为等腰直角三角形,
AAH=CH=2ZIAC=返X4=2心
22
在RtAPHC中,PH=J5CH=2遥,
.,.PA=PH-AH=2巡-2血,
I.BQ=2遥-272.
【点评】本题考查了旋转的性质:对应点到旋转中心的距离相等;对应点与旋转
中心所连线段的夹角等于旋转角;旋转前、后的图形全等.也考查了全等三角形
的判定与性质、等边三角形的性质和等腰直角三角形的性质.
24.(2015•裕华区模拟)如图,点0是等边4ABC内一点,ZAOB=110°,NBOC=a.将
ABOC绕点C按顺时针方向旋转60。得△ADC,连接0D.
(1)求证:△COD是等边三角形;
(2)当a=150。时,试判断AAOD的形状,并说明理由;
(3)探究:当a为多少度时,^AOD是等腰三角形?
【分析】(1)根据旋转的性质可得出OC=OD,结合题意即可证得结论;
(2)结合(1)的结论可作出判断;
(3)找到变化中的不变量,然后利用旋转及全等的性质即可做出解答.
【解答】(1)证明:•将△BOC绕点C按顺时针方向旋转60。得△ADC,
.*.CO=CD,ZOCD=60°,
/.△COD是等边三角形.
(2)解:当a=150。时,△AOD是直角三角形.
理由是::将△BOC绕点C按顺时针方向旋转60。得△ADC,
.,.△BOC^AADC,
AZADC=ZBOC=150°,
又•••△COD是等边三角形,
AZODC=60°,
ZADO=ZADC-ZODC=90",
VZa=150°ZAOB=110°,ZCOD=60",
ZAOD=360°-Na-ZAOB-ZCOD=360°-150°-110°-60°=40°,
•••△AOD不是等腰直角三角形,即^AOD是直角三角形.
(3)解:①要使AO=AD,需NAOD=NAD。,
ZAOD=360°-110°-60°-a=190°-a,ZADO=a-60°,
A190°-a=a-60°,
.,.a=125°;
②要使OA=OD,需NOAD=NADO.
VZOAD=180°-(ZAOD+ZADO)=180°-(190°-a+a-60°)=50°,
:.a-60°=50°,
.,.a=110°;
③要使OD=AD,需NOAD=NAOD.
ZAOD=360°-110°-60°-a=190°-a,
/CAD=180°-(a-60°)=〔如。_三
22
1900-a=120°-
2
解得a=140°.
综上所述:当a的度数为125。或110。或140。时,AAOD是等腰三角形.
【点评】本题以“空间与图形"中的核心知识(如等边三角形的性质、全等三角形
的性质与证明、直角三角形的判定、多边形内角和等)为载体,内容由浅入深,
层层递进.试题中几何演绎推理的难度适宜,蕴含着丰富的思想方法(如运动变
化、数形结合、分类讨论、方程思想等),能较好地考查学生的推理、探究及解
决问题的能力.
25.(2014・宿迁)如图,已知ABAD和ABCE均为等腰直角三角形,NBAD=N
BCE=90。,点M为DE的中点,过点E与AD平行的直线交射线AM于点N.
(1)当A,B,C三点在同一直线上时(如图1),求证:M为AN的中点;
(2)将图1中的4BCE绕点B旋转,当A,B,E三点在同一直线上时(如图2),
求证:4人0\1为等腰直角三角形;
(3)将图1中4BCE绕点B旋转到图3位置时,(2)中的结论是否仍成立?若
成立,试证明之,若不成立,请说明理由.
图1图2图3
【分析】(1)由EN〃AD和点M为DE的中点可以证到^ADM注△NEM,从而证
到M为AN的中点.
(2)易证AB=DA=NE,ZABC=ZNEC=135°,从而可以证到△ABCg^NEC,进而
可以证到AC=NC,ZACN=ZBCE=90°,则有△ACN为等腰直角三角形.
(3)延长AB交NE于点F,易得AADM之△NEM,根据四边形BCEF内角和,可
得NABC=NFEC,从而可以证到^ABC也ZiNEC,进而可以证到AC=NC,ZACN=
NBCE=90。,则有4ACN为等腰直角三角形.
【解答】(1)证明:如图1,
:EN〃AD,
AZMAD=ZMNE,ZA
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