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文档简介
2024年江西省南昌市中考数学模拟试卷
一、选择题(本大题共6小题,每小题3分,共18分)
1.(3分)下列各数中,最大的数是()
A.-2B.0C.2D.4
2.(3分)如图,是由一个长方体和一个竖直的小圆柱组成的几何体,其左视图是()
n
B.O巴D.
3.(3分)下列运算中,正确的是()
A.5a+2b=labB.4/72—3b2=1C.-2a2b+2ba2=0D.5a2+2a3=la5
4.(3分)如图是根据南昌市2024年2月上旬的每天气温绘成的折线统计图,以下说法正确的是()
B.2月上旬最高气温的众数是5
C.2月上旬最低气温平均数是2.8℃
D.2月上旬最高气温的方差小于最低气温的方差
5.(3分)杨辉三角形,又称贾宪三角形,是二项式系数在三角形中的一种几何排列,如图是杨辉三角形
的部分排列规律,则第八行从左数第三个数为()
C.二十五D.三十五
6.(3分)二次函数>=〃冗2+云+凌〃工0)的图象与%轴交于440),0)两点,点。(3兄c)在二次函数
上,则下列结论错误的是()
A.a+b=-2B.b=2aC.3a-3b=2D.b>a
二、填空题(本大题共6小题,每小题3分,共18分)
7.(3分)|一1|=.
8.(3分)已知华氏温度(°F)和摄氏温度(°C)的换算关系为:摄氏温度=W、(华氏温度-32),在1个标
准大气压下冰的熔点为0℃,则在1个标准大气压下冰的熔点为一°F.
9.(3分)已知关于x的一元二次方程尤②—3cx-c+l=0的两个根分别为不,%,已知玉.2=2,则玉+3
的值为—.
10.(3分)元朝朱世杰所著的《算学启蒙》中,记载了这样一道题,这道题大意是:快马每天行320里,
慢马每天行200里,慢马先行10天,快马几天可追上慢马?若设快马x天可追上慢马,则由题意得方程:—
11.(3分)如图,矩形ABC。分割成两个矩形所和CDFE,扇形所在的圆与矩形三边均
相切,且/MO|N=120。,□a为矩形尸£C£>中半径最大的圆,扇形和口0?恰好能作为一个圆锥的
侧面和底面,则处的值为
AB
12.(3分)在平面直角坐标系中,RtAOBC的顶点2,C的坐标分别为(0,4),(46,4),点2绕点。顺
时针旋转(0飞](180。)到点尸,连接PO,PC,若△尸0c为直角三角形,则点尸到x轴的距离为.
三、解答题(本大题共5小题,每小题6分,共30分)
13.(6分)(1)计算:V8-2sin45o;
(2)已知a,〃为实数,a+3b=1,b^l,求巴心的值.
\-b
14.(6分)在7x7的正方形网格中,B,C两点均在格点上,请仅用无刻度的直尺按下列要求作出等腰
三角形(保留作图痕迹).
(1)如图1,作以BC为腰的锐角三角形ABC;
(2)如图2,作以BC为底的锐角三角形BCD.
15.(6分)2024年1月22日,一场突如其来的大雪席卷整个江西.为了发挥党员的先锋带头作用,某校
组织部分党员教师打扫积雪.学校决定在甲、乙、丙、丁四名党员志愿者中随机抽取两人.
(1)“甲、乙、丙中至少有一人被抽中”是—事件;(填“必然”、“不可能”或“随机”)
(2)请用画树状图法或列表法,求乙、丁都被抽中的概率.
a
16.(6分)如图,一次函数了=依+匕(左片0)与反比例函数y=±(尤>0)相交于点A,与x轴相交于点2,
其中A>,3),AB=5.
(1)求机的值;
(2)求一次函数的解析式.
17.(6分)正方形AB。和RtAAEF如图摆放,点E1在边BC上,EF交CD于点P,ZBAE=ZAFE=30°,
ZEAF=90°,连接AP,求/EAP的度数.
四、解答题(本大题共3小题,每小题8分,共24分)
18.(8分)2023年12月27日南昌东站通车运营,南昌东站以“霞鹫齐飞,祥瑞绽放”为设计理念,展
现出了新时代高铁客运枢纽的活力,东站通车后旅客流量不断增大,旅客往往需要长时间排队等候安检.经
调查发现,某天开始安检时,已有200人排队等候,此后每分钟又增加10位旅客排队安检,而一个安检
门每分钟只能办理5位旅客的安检工作.此时间段内东站排队等候安检的人数y(人)与车站开放后的时
间x(分钟)的关系如图所示,其中前加分钟只开放了4个安检门.
(1)求的值;
(2)由于突发情况,要求在候检旅客在13分钟内(含13分钟)动态清零,如图中C点所示,求在相分
钟后至少要增设多少个安检门.
M人)
19.(8分)如图1,是南昌八一起义纪念塔,象征着革命的胜利.某校数学社团的同学们欲测量塔的高度.如
图2,他们在第一层看台中上架设测角仪EF,从F处测得塔的最高点A的仰角为42。,测出
DE=BC=23m,台阶可抽象为线段CD,CD=20y/3m,台阶的坡角为30。,测角仪E尸的高度为25〃,
塔身可抽象成线段A8.
(1)求测角仪EF与塔身AB的水平距离;
(2)求塔身A8的高度.(结果精确到0.1)
(参考数据:sin42。20.67,cos42°«0.74,tan42°»0.90,也x1.73)
图I
20.(8分)定理证明:
(1)如图1,PA,是口。的两条切线,切点分别为A,B,求证:PA=PB;
定理应用:
(2)如图2,AABC是□O的内接等腰三角形,AB=AC=2,ZD=60°,0c是□O的切线,若D4//BC,
求四边形ABC。的面积.
五、解答题(本大题共2小题,每小题9分,共18分)
21.(9分)为进一步落实“双减”政策,某校对七、八年级学生某天“书面作业”的时间(单位:小时)
进行了随机抽样调查,共获得220名七、八年级学生“书面作业”时间数据,绘制成如下统计图表,请根
据图表中的信息回答下列问题.
类别学习时间(小时)频数(七年级)频数(八年级)
A0(<0.51510
B0.5&<14025
CKt<1.5a45
D1.5(<210b
匕年级学4.英币制就业"的时间八年级苧4^夫•甘而作业*的时间
(2)①补全条形统计图;
②七年级甲同学说“我的学习时间是此次抽样调查中七年级所得数据的中位数”.则甲同学的学习时间在
哪个范围内.
(3)“双减”政策规定初中生书面作业时间不超过90分钟,已知该校七、八年级学生共有noo人,分别
估计该校七、八年级学生“书面作业”的时间符合规定的人数.
22.(9分)某数学兴趣小组开展数学实验,探索绳子垂下时形状的变化.如图1,是一个伸缩扣,通过它
可自由调节绳子的长度.如图2,是一单杠示意图,两立柱AB与CD之间的距离为20力篦,AB±BC,
CD1.BC,AB=DC=25dm,将带有伸缩扣的绳子两端系于单杠A。上,已知,绳子自然下垂时近似呈
抛物线状态,实验开始时绳子系于E,尸处,AE=DF=6dm,此时,抛物线记为兴趣小组将绳子两
端分别向4,。滑动,规定绳子两端每次滑动距离均为2而,直至绳子两端各到A,。处停止,滑动过
程中依次得到抛物线,若兴趣小组以点为原点建立平面直角坐标系,绳子两端在滑动过程
4L3,L4,A
中,抛物线解析式为4:%=(;产(了-8+2")0-12-2〃)伽=1,2,3,4).
(1)抛物线4的解析式为:—:
(2)当绳子两端系在A,O处时,身高17〃的小明站在单杠下,其头部刚好接触到绳子,求小明到立柱
AB的距离.
(3)兴趣小组探究4,L2,4之间的特殊位置关系时,发现有一条与X轴平行的直线与乙,L2,4只有
三个交点,直接写出这条直线的解析式.
Dy.
六、解答题(本大题共12分)
23.(12分)在矩形ABC。中,AB=3,点尸是BC上一动点,点P与点2关于4P对称,连接AF,PF,
延长AF交射线BC于点E,延长尸产交。C或于M,如图1,图2.
(1)NMPC=ZBAP;
(2)如图1,求证:EF=-BPBE;
3
(3)若BC=4,在点P从点8向点C运动的过程中.
①如图2,当2尸=2时,求PE的长;
BP的
长.图1闺2(备用图)
2024年江西省南昌市中考数学模拟试卷
参考答案与试题解析
一、选择题(本大题共6小题,每小题3分,共18分)
1.(3分)下列各数中,最大的数是()
A.-2B.0C.2D.4
【解答】解:•.•负数小于零,正数大于零,正数大于负数,-2<0<2<4,
,4最大,
故选:D.
2.(3分)如图,是由一个长方体和一个竖直的小圆柱组成的几何体,其左视图是()
A
在视方向
【解答】解:从左边看该几何体,其左视图是一列两个相邻的矩形,底层的矩形的长要大得多.
故选:C.
3.(3分)下列运算中,正确的是()
A.5a+2b=labB.4b2—3b2=1C.-2a2b+Iba1-0D.5a2+2<?3=7a5
【解答】解:A、5a与26不能合并,故A不符合题意;
B、4b2-3b2=b2,故8不符合题意;
C、-2a2b+2ba2=0,故C符合题意;
D、5a2与3/不能合并,故。不符合题意;
故选:C.
4.(3分)如图是根据南昌市2024年2月上旬的每天气温绘成的折线统计图,以下说法正确的是()
A.2月上旬某天最大温差为9°C
B.2月上旬最高气温的众数是5
C.2月上旬最低气温平均数是2.8℃
D.2月上旬最高气温的方差小于最低气温的方差
【解答】解:A.由图中信息可知,2月1日,温差为13-5=8℃,2月10日,温差为10-2=8℃,最大
温差不是9℃,故本选项不符合题意;
B.由图中信息可知,2月上旬最高气温的众数是5和7,故本选项不符合题意;
C.2月上旬最低气温平均数是5x(5+5+3+2+3+3+3+l+l+2)=2.8°C,说法正确,故本选项符合题
思;
D.由图中信息可知,2月上旬最高气温比最低气温的波动比大,即2月上旬最高气温的方差大于最低气
温的方差,故本选项不符合题意;
故选:C.
5.(3分)杨辉三角形,又称贾宪三角形,是二项式系数在三角形中的一种几何排列,如图是杨辉三角形
的部分排列规律,则第八行从左数第三个数为()
【解答】解:依据规律可得到:(。+36的展开式的系数是杨辉三角第7行的数,
第4行第四个数为1,
第5行第四个数为4=1+3,
第6行第四个数为10=1+3+6,
第7行第四个数为:1+3+6+10=20.
第7行第四个数的相反数为-2。.
依据规律可得到:(。+”)7的展开式的系数是杨辉三角第8行的数,
第8行第三个数为:1+2+3+...+6=21.
故答案为:B.
6.(3分)二次函数、=办2+笈+以。*0)的图象与*轴交于46,0),B(a,0)两点,点O(3a,c)在二次函数
上,则下列结论错误的是()
A.a+b=-2B.b=2aC.3a-3b=2D.b>a
【解答】解:•.♦二次函数丁=加+法+以〃。0)的图象与%轴交于AS,0),5(/0)两点,
a,Z?为方程a/++c=0的两个根,
7b
.,.〃+/?=—,
a
a2+ab+b=0.
•・•点0(3〃,c)在二次函数上,
9a3+3ab+c=c,
3Q2+/?=0,
可得方程组
13/+6=0
2
a=——
解得3.
一
I3
:.a+b=----=-2,故A正确,
33
:.b=2a,故3正确,
94
•・・3〃-3b=3(〃一b)=3x(—1+§)=2,故C正确,
74
——>——,即匕<4,故。错误.
33
故选:D.
二、填空题(本大题共6小题,每小题3分,共18分)
7.(3分)|一1|=1.
【解答】解:|-1|=1.
故答案为:1.
8.(3分)已知华氏温度(°F)和摄氏温度(°C)的换算关系为:摄氏温度=gx(华氏温度-32),在1个标
准大气压下冰的熔点为0℃,则在1个标准大气压下冰的熔点为32°F.
【解答】解:•.•摄氏温度=京(华氏温度-32),
.-.0=-x(华氏温度-32),
9
.•.华氏温度=32.
故答案为:32.
9.(3分)已知关于x的一元二次方程f一3cx-。+1=0的两个根分别为石,%,已知%,%2=2,贝!
的值为3_.
【解答】解:根据根与系数的关系得%+%2=3。,西元2=-
,/%.4=2,
/.—c+1=2,
解得。=-1,
/.玉+/=3x(—1)——3•
故答案为:-3.
10.(3分)元朝朱世杰所著的《算学启蒙》中,记载了这样一道题,这道题大意是:快马每天行320里,
慢马每天行200里,慢马先行10天,快马几天可追上慢马?若设快马x天可追上慢马,则由题意得方程:
320x=200(x+10)_.
【解答】解:•••慢马先行10天,快马尤天可追上慢马,
.•.快马追上慢马时,慢马行了(尤+10)天.
根据题意得:320x=200(x+10).
故答案为:320%=200(%+10).
11.(3分)如图,矩形ABCD分割成两个矩形和。FE,扇形所在的圆与矩形三边均
相切,且NMO1N=120。,口.为矩形下ECZ)中半径最大的圆,扇形和口O?恰好能作为一个圆锥的
侧面和底面,则写的值为
【解答】解:设口。1的半径为X,口。2的半径为,
•••ZMO^N=120°,
扇形O\MN的圆心角为360°-120°=240°,
•.•扇形和口。2恰好能作为一个圆锥的侧面和底面,
2407rx.
180
:.x=—3r,
2
□O2为矩形FECD中半径最大的圆,
DF=2r,
设口。|与48、EF、AF分别相切于点G、H、Q,连接QG、O.H>OtQ,
■:四边形ABEF是矩形,AB±Ofi,EF±OtH,AF±OtQ,
/.ZA=ZO.GA=ZO.QA=90°,ZQFH=ZO.QF=ZO^HF=90°,
四边形AGO.Q和四边形FHO.Q都是矩形,
/.AQ=OXG=x,FQ=OXH=x,AG=OXQ=x,
3
1.AF=2x=2x—r=3r,
2
AD=3r+2r=5r,
作。/_LMN于点P,则ZOlPB=NB=NQGB=90°,
二.四边形BGO/是矩形,
;O]M=OR=x,NMO]N=120°,
ZO.MP=/O、NP=1x(180°-120°)=30°,
BG=O{P=^OxM=^x,
,吟+L3333,
22224
AD_5r_20
—r
4
故答案为:羡
12.(3分)在平面直角坐标系中,RtAOBC的顶点8,C的坐标分别为(0,4),(4也,4),点B绕点。顺
时针旋转(0飞£480。)到点尸,连接尸O,PC,若APOC为直角三角形,则点尸到x轴的距离为2或
【解答】解:当/OPC=90。时,
OP=OB,OC=OC,ZOBC=ZOPC=90°,
NOBC=\OPC,
ZPOC=ZBOC,
:B,C的坐标分别为(0,4),(4V3,4),
OB=4,BC=473,
NBOC=60°,
ZPOC=60°,
,。尸和x轴夹角为30。,
P(2V3,-2),
至Ux轴的距离为2,
当NPOC=90°时,
OP和x轴夹角为60。,
P(2,-2V3)
二尸至Ux轴的额距离为26,
综上所述,尸到x轴的距离为2或26.
故答案为:2或26.
三、解答题(本大题共5小题,每小题6分,共30分)
13.(6分)(1)计算:V8-2sin45°;
(2)已知a,b为实数,a+3b=2,b^l,求巴心的值.
1-b
【解答】解:(1)V8-2sm45°
=2V2-2x—
2
=2A/2-V2
=V2.
(2)a+3b=2,
:.a=2-3b,
a+b
"1-b
2—3〃+。
l-b
2-2b
l-b
=2.
14.(6分)在7x7的正方形网格中,B,C两点均在格点上,请仅用无刻度的直尺按下列要求作出等腰
三角形(保留作图痕迹).
(1)如图1,作以BC为腰的锐角三角形ABC;
(2)如图2,作以3c为底的锐角三角形BCD.
BBC
断图2
【解答】解:(1)如图1,AA3C即为所求(答案不唯一).
(2)如图2,ABCD即为所求(答案不唯一).
15.(6分)2024年1月22日,一场突如其来的大雪席卷整个江西.为了发挥党员的先锋带头作用,某校
组织部分党员教师打扫积雪.学校决定在甲、乙、丙、丁四名党员志愿者中随机抽取两人.
(1)“甲、乙、丙中至少有一人被抽中”是必然事件;(填“必然”、“不可能”或“随机”)
(2)请用画树状图法或列表法,求乙、丁都被抽中的概率.
【解答】解:(1)由题意得,“甲、乙、丙中至少有一人被抽中”是必然事件.
故答案为:必然.
(2)画树状图如下:
开始
共有12种等可能的结果,其中乙、丁都被抽中的结果有:乙丁,丁乙,共2种,
,乙、丁都被抽中的概率为三7=人1.
126
a
16.(6分)如图,一次函数y=丘+6伏片0)与反比例函数y=」(x>0)相交于点A,与x轴相交于点8,
X
其中A(刃,3),AB=5.
(1)求的值;
(2)求一次函数的解析式.
【解答】解:(1)由题意,••・将4九3)代入反比例函数y=3,
X
3m=3.
:.m=l.
(2)由(1)得4(1,3),
设8(6,0),
AB=7(&-1)2+9=5.
Z?=—3或Z?=5.
3(-3,0)或(5,0).
又一次函数为y="+匕过A,B,
.[k+b=31%+Z?=3
,,(一3%+/?=0或15%+〃=0,
[373
K7--k=—
.•.<4(由图左<0,故不合题意,舍去)或<4
715
b=——
I4
二.一次函数的解析式为y=--x+-.
44
17.(6分)正方形A3CD和RtAAEF如图摆放,点石在边上,EF交CD于点P,ZBAE=ZAFE=30°,
ZEAF=90°,连接AP,求/EA尸的度数.
A
【解答】解:如图,过点A作取于点Q,
•・•四边形ABCD是正方形,
AB=AD,ZB=ZBAD=ZD=90°,
•・•ZBAE=ZAFE=30°,ZEAF=90°,
•・•ZEAF=90°,
/.NAEB=ZAEF=60°,
ZBAE=ZQAE=30°,
在MAE和\QAE中,
ZAEB=ZAEQ
<NB=ZAQE=90°,
AE=AE
ABAE2/^QAE(AAS),
AB=AQ,
AQ=AD,
在RtAAPQ和RtAAPD中,
[AP=AP
[AQ=ADf
RtAAPQ=RtAAPD(HL),
ZPAQ=ZPAD,
2(NQAE+ZQAP)=90°,
ZQAE+ZQAP=45°.
NEAP=45°.
B
V!y/D、
\F
C
四、解答题(本大题共3小题,每小题8分,共24分)
18.(8分)2023年12月27日南昌东站通车运营,南昌东站以“霞鹫齐飞,祥瑞绽放”为设计理念,展
现出了新时代高铁客运枢纽的活力,东站通车后旅客流量不断增大,旅客往往需要长时间排队等候安检.经
调查发现,某天开始安检时,已有200人排队等候,此后每分钟又增加10位旅客排队安检,而一个安检
门每分钟只能办理5位旅客的安检工作.此时间段内东站排队等候安检的人数y(人)与车站开放后的时
间x(分钟)的关系如图所示,其中前根分钟只开放了4个安检门.
(1)求1的值;
(2)由于突发情况,要求在候检旅客在13分钟内(含13分钟)动态清零,如图中C点所示,求在〃[分
钟后至少要增设多少个安检门.
人)
Th.-
由nc13)
【解答】解:(1)根据题意,得200+10〃.5x4〃2=150,
解得m=5.
(2)设在加分钟后增设a个安检门,当尤=/时实现动态清零.
根据题意,得150+10«-〃z)-5x(4+a)(f-机)=0,
将加=5代入并整理,得5a+40—(。+2»=0,
解得仁汩£,
Q+2
当空士竺03时,解得徐工,
a+24
•••a为整数,
在加分钟后至少要增设2个安检门.
19.(8分)如图1,是南昌八一起义纪念塔,象征着革命的胜利.某校数学社团的同学们欲测量塔的高度.如
图2,他们在第一层看台中上架设测角仪所,从尸处测得塔的最高点A的仰角为42。,测出
DE=BC=23m,台阶可抽象为线段CD,CD=205n,台阶的坡角为30。,测角仪斯的高度为25w,
塔身可抽象成线段AB.
(1)求测角仪所与塔身AB的水平距离;
(2)求塔身A8的高度.(结果精确到0.1)
(参考数据:sin42°y0.67,cos42°«0.74,tan42°®0.90,V3-1.73)
A
图I图2
【解答】解:(1)如图,延长AB交即的延长线于点G,过点尸作尸H_LAG于点H,过点C作CM_LDG
于点M,
则GM=BC=23m,BG=CM,
由题意可知,ZCDM=30°,CD=20V3/M,
:.CM=^CD=10sj3(m),
DM=4CD1-CM-=7(20A/3)2-(10V3)2=30(m),
FHDE+DM+BC=23+30+23=76(%),
答:测角仪所与塔身AB的水平距离为76«i;
(2)由(1)可知,FH=76m,
由题意可知,GH=EF=2.5m,BG=CM=,NAFG=42°,
AJ-I
,「tanZAFH=-----=tan42°«0.90,
FH
AH«0.90尸H=0.90x76=68.4(m),
AB=AH+GH—BGx68.4+2.5-1073x53.6(加),
答:塔身AB的高度约为536”.
(1)如图1,PA,尸5是口。的两条切线,切点分别为A,B,求证:PA=PB;
定理应用:
(2)如图2,AABC是口O的内接等腰三角形,AB=AC=2,ZD=60°,OC是口O的切线,若D4//BC,
求四边形A5CD的面积.
【解答】(1)证明:如图1,连接04、OB、AB,
*/PA,尸5是口。的两条切线,切点分别为A,B,
PALOA,PB±OB,
ZOAP=ZOBP=90°,
•・•OA=OB,
ZOAB=NOBA,
ZOAP-ZOAB=ZOBP-ZOBA,
ZPAB=ZPBA,
:.PA=PB.
(2)解:如图2,连接。4、OC,贝ljQA=OC,
ZOCA=ZOAC,
ZAOC+2ZOCA=180°,
-ZAOC+ZOCA=90°,
2
•・•。。与□O相切于点C,
/.DC±6>C,
ZACD+ZOCA=ZOCD=90°,
.\ZACD=-AOC,
2
•••ZB=-ZAOC
29
/.ZACD;ZB,
ADIIBC,
:.ZCAD=ZACB,
AB=AC,
ZB=/ACB,
/.ZACD=ZCAD,
AD=CDf
•.ZD=60°,
AACD是等边三角形,
/.ZCAD=ZACB=60°,
/.AA3C是等边三角形,
AB=CB=AC=AD=CD=2,
四边形488是菱形,
作CE_LAD于点E,则NAEC=90。,AE=DE=-AD=1,
2
222
:.CE=VAC2-AE=V2-i=Vs,
S四边形ABCZ)=AD,CE=2xV3=2A/3,
四边形ABCD的面积是2省.
n
五、解答题(本大题共2小题,每小题9分,共18分)
21.(9分)为进一步落实“双减”政策,某校对七、八年级学生某天“书面作业”的时间(单位:小时)
进行了随机抽样调查,共获得220名七、八年级学生“书面作业”时间数据,绘制成如下统计图表,请根
据图表中的信息回答下列问题.
类别学习时间(小时)频数(七年级)频数(八年级)
A0(<0.51510
B0.5&<14025
CKt<1.5a45
D1.5(<210b
匕年级十I堇大•书面作业11的时词八午见看FE大•林而竹业。的时间
(2)①补全条形统计图;
②七年级甲同学说“我的学习时间是此次抽样调查中七年级所得数据的中位数”.则甲同学的学习时间在
哪个范围内.
(3)“双减”政策规定初中生书面作业时间不超过90分钟,已知该校七、八年级学生共有1100人,分别
估计该校七、八年级学生“书面作业”的时间符合规定的人数.
【解答】解:(1)由于样本中八年级学生学习时间在“A组”所对应的圆心角为30。,即占调查人数的
—,而在“A组”的有10人,
360012
所以八年级所调查的学生人数为lO+'n120(人),
12
因此七年级的调查人数为220-120=100(人),
所以。=100-15-40-10=35(人),&=120-10-25-45=40(人),
故答案为:35,40;
(2)①补全条形统计图如下:
②七年级的样本容量是100,因此中位数是将这100名学生的“书面作业”从小到大排列后,则第50位,
第51位数据的平均数,
因此中位数落在“8组”,在0.53<1范围内;
(3)1100x"+40+35+l°+25+45=85。(人),
220
答:该校七、八年级1100名学生中,估计七、八年级学生“书面作业”的时间符合规定的人数大约为850
人.
22.(9分)某数学兴趣小组开展数学实验,探索绳子垂下时形状的变化.如图1,是一个伸缩扣,通过它
可自由调节绳子的长度.如图2,是一单杠示意图,两立柱与CZ)之间的距离为20而z,AB1BC,
CDIBC,AB=DC=25dm,将带有伸缩扣的绳子两端系于单杠A。上,已知,绳子自然下垂时近似呈
抛物线状态,实验开始时绳子系于E,E处,AE=DF=6dm,此时,抛物线记为右,兴趣小组将绳子两
端分别向A,。滑动,规定绳子两端每次滑动距离均为2而7,直至绳子两端各到A,。处停止,滑动过
程中依次得到抛物线4,L3,L4,若兴趣小组以4点为原点建立平面直角坐标系,绳子两端在滑动过程
中,抛物线解析式为£“:%=(X—8+2〃)(x—12—2n)(n=1,2,3,4).
(1)抛物线右的解析式为:_%=/-20了+84
(2)当绳子两端系在A,。处时,身高17〃的小明站在单杠下,其头部刚好接触到绳子,求小明到立柱
AB的距离.
(3)兴趣小组探究乙,L2,4之间的特殊位置关系时,发现有一条与x轴平行的直线与右,4,4只有
三个交点,直接写出这条直线的解析式.
图1
【解答】解:(1)当”=1时,1=(丁一6)(%-14)=/一20尤+84,
故答案为
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