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文档简介
2023年湖北A9联盟高一五月联考
物理试卷
一、选择题(本题共U小题,每小题4分,共44分。第1~7题只有一项符合题目要求;第
8~11题有多项符合题目要求,全部选对的得4分,选对答不全的得2分,有选错的得0分)
1.2022年2月5日,中国短道速滑队斩获北京冬奥会中国首金,为中国代表团在北京冬奥会实现了开门
红,已知运动员在赛道上的部分运动轨迹是曲线。关于做曲线运动的物体,下列说法正确的是()
A.物体的加速度可能是恒定的B.物体所受合外力可能为零
C.物体一定受到变力的作用D.物体速度大小一定时刻改变
2.在做甩手动作的物理原理研究的课题研究中,采用手机的加速度传感器测定手的向心加速度。某次一高
一同学先用刻度尺测量手臂长如图所示,然后伸直手臂,以肩为轴从水平位置自然下摆。当手臂摆到竖直
方向时,手握住的手机显示手的向心加速度大小约为6m/s2,由此可估算手臂摆到竖直位置时手的线速度
大小约为()
A.0.2m/sB.2m/sC.20m/sD.200m/s
3.篮球在中国普及率极高,大到七八十岁的大爷,小到上幼儿园的孩子,都可以参与下,我们学校也是一
样,人多的时候所有篮球场都满员。我们来讨论下一个简单的运动过程,某次投篮过程,一同学将质量为
机的篮球从离地面/I高处出手,进入离地面》高处的篮筐时速度为v,若以出手时高度为零势能面,将篮
球看成质点,忽略空气阻力,对篮球下列说法正确的是()
A.进入篮筐时势能为根
B.在刚出手时动能为mgH-mgh
C.进入篮筐时机械能为机
_1,
D.在运动过程中任一点的机械能为mgH-mgh+-mv~
4.2021年2月7日,被称为“星坚强”的中星9A卫星消耗完了所剩不多的燃料,正式离轨。2017年“中
星9A”卫星发射升空后不久,三级火箭二次点火突发异常,导致卫星发射高度严重不足,只能依靠卫星
自身燃料实施变轨才能回到预定高度,经过西安卫星测控中心16天的全力抢救,卫星成功定点于赤道上
空的地球静止轨道,抢救工作圆满完成,“星坚强”的爱称从此走红。将变轨过程简化如图所示,近地轨
道1位于赤道上空,半径为勺周期为(,地球静止轨道3半径为弓,地球自转周期为",不计空气阻力
及卫星质量变化,下列说法正确的是()
A.卫星在椭圆轨道2上运动时周期为/空力-7;
B.卫星在轨道1经过A点的速度,和在轨道2经过A点的速度相同
C.卫星在轨道2经过8点的加速度,和在轨道3经过8点的加速度相同
D.只要发射速度合适,地球静止轨道卫星可以一直停留在地球表面上任一点的正上方
5.在刘慈欣的科幻小说《带上她的眼睛》里演绎了这样一个故事:“落日六号”地层飞船深入地球内部进行
探险,在航行中失事后下沉到船上只剩下一名年轻的女领航员,她只能在封闭的地心度过余生。已知地球
可视为半径为R质量分布均匀的球体,且均匀球壳对壳内质点的引力为零。若地球表面的重力加速度为
g,当“落日六号”位于地面以下深0.5R处时,该处的重力加速度大小为()
A.0.25gB.0.5gC.2gD.4g
6.汽车在平直公路上以速度%匀速行驶,发动机功率为P,牵引力为1,%时刻进入另一平直路面,阻
力变为原来的两倍且恒定,若保持功率P继续行驶,到弓时刻,汽车又恢复了匀速直线运动,能正确表示
这一过程中汽车速度v和牵引力厂随时间r变化的图像是()
7.如图所示,带电小球A、B的电荷量分别为0A、QB,OA=OB,都用长L的丝线悬挂在。点,静止时
A、B相距为d,为使平衡时A、B间距离减为四,可采用以下哪些方法()
2
A,将小球B的质量增加到原来的2倍
B.将小球B质量增加到原来的16倍
C,将小球B的电荷量减小到原来的,
D.将小球A、B的电荷量都减小到原来的一半,同时将小球B的质量增加到原来的4倍
8.物理无处不在,不止存在于身边,还在诗和远方,李白《行路难》中有两句诗:欲渡黄河冰塞川,将登
太行雪满山。闲来垂钓坐溪上,忽复乘舟梦日边。我们从做功的角度来看,以下说法正确的是()
A.假如黄河水面结冰,李白走过去,脚受到静摩擦力做正功
B.假如李白垂钓,钓竿静止不动,人手对杆的支持力不做功
C.如果李白登太行山,则在登山过程中地面支持力对人脚做正功
D.如果李白乘船,此过程中假设船直线行驶,水对船的阻力做负功
9.用电场线能很直观、很方便地比较电场中各点的电场强弱。左图是等量异种点电荷产生电场的电场线,
右图是场中的一些点:。是电荷连线的中点,£、尸是连线中垂线上关于。对称的两点,3、C和A、。也
关于。对称,则下列说法正确的是()
B.A、。两点电场强度大小和方向都相同
C.从E到尸过程中电场强度先增大后减小
D.从B到C过程中电场强度先增大后减小
10.关于对库仑定律的理解和应用,以下说法中正确的是()
A.库仑定律适用于真空中静止点电荷的电场力计算
B.根据尸=左隼知,当两个带电体相距很近时,它们之间的库仑力会无穷大
r
C.两个电荷量分别为G和0的带电金属球,它们球心间的距离为广,则二者带同种电荷时,它们之间的
库仑力/〉左华,带异种电荷时/〈左缗
rr
D,两个电荷量分别为印和装的带电金属球,它们球心间的距离为广,则二者带同种电荷时,它们之间的
库仑力E〈女华,带异种电荷时歹〉上缗
rr
11.如图,光滑水平面上放着长木板B,质量加=2kg的木块A以速度%=2m/s滑上原来静止的长木板
B的上表面,由于A、B之间存在有摩擦,之后,A、B的速度随时间变化情况如右图所示,重力加速度
A.A、B之间动摩擦因数为0」B.长木板的质量为1kg
C.长木板长度至少为ImD.A、B组成系统损失机械能为4J
二、非选择题,本题共5小题,共56分。
12.图为验证机械能守恒定律的实验装置示意图。现有的器材为带铁夹的铁架台,电磁打点计时器、纸
带、带铁夹的重锤、天平。回答下列问题:
(1)为完成此实验,除了所给的器材,还需要的器材有。(填入正确选项前的字母)
A.米尺B,秒表C.0-8V的直流电源D.0-8V的交流电源
(2)写出实验过程中误差产生的原因之一0
13.在“探究平抛运动的运动规律”的实验中,可以描绘出小球平抛运动的轨迹,实验简要步骤如下:
A.让小球多次从同一位置上滚下,记下小球碰到铅笔笔尖的一系列位置;
B.按图安装好器材,注意调节斜槽末端水平,记下平抛初位置。点和过。点的竖直线;
c.取下白纸,以。为原点,以竖直线为y轴建立坐标系,用平滑曲线画平抛运动物体的轨迹。
(1)上述实验步骤的合理顺序是;
(2)为保证小球从斜槽末端抛出后的运动是平抛运动,必须使斜槽末端(选填“水平”或“倾
斜”),实验小球用(选填“乒乓球”或“小钢球”);
⑶在记录小球轨迹的白纸上,记录了竖直向下的y轴方向和水平x轴方向以及轨迹上三个点A、5、C的
位置,如图所示。测量A3和3、C间水平距离=15cm,竖直方向的距离丁相=15cm,
yBC=25cm,由此可以计算出小球做平抛运动的初速度大小%=,小球通过3点的瞬时速度的大
2
小vB=。(取g=10m/s)
14.清代乾隆的《冰嬉赋》用“壁蹙”(可理解为低身斜体)二字揭示了滑冰的动作要领。500m短道速滑世
界纪录由我国运动员武大靖创造并保持。在其创造纪录的比赛中,
⑴武大靖从静止出发,先沿直道加速滑行,前8m用时2s。该过程可视匀加速直线运动,求此过程加速
度大小;
(2)武大靖途中某次过弯时的运动可视为半径为10m的匀速圆周运动,速度大小为14m/s。已知武大靖的质
量为73kg,求此次过弯时所需的向心力大小;
(3)武大靖通过侧身来调整身体与水平冰面的夹角,使场地对其作用力指向身体重心而实现平稳过弯,如图
所示。求武大靖在(2)问中过弯时身体与水平面的夹角。的大小。(不计空气阻力,重力加速度大小取lOm/s?,
tan22°=0.40>tan270=0.51、tan320=0.62>tan370=0.75)
15.在一个点电荷Q电场中,让x轴与它的一条电场线重合,坐标轴上A、8两点的坐标分别为0.3m和
0.6m(如图甲所示)。规定x轴正方向为电场力的正方向,在A、8两点分别放置检验电荷,其受到的电场
力跟检验电荷的电荷量关系如图乙中直线。,b所示。静电力常量左=9.0x109N-n?/C2。
求:
(1)求A点和8点的电场强度的大小和方向;
(2)点电荷。所在位置的坐标和电荷量。
16.如图所示,A8CD为一竖直平面内的轨道,其中8c水平,A点比8C高出10m,8C长Im,A8和CO
轨道光滑。一质量为1kg的物体,从A点以4m/s的速度开始运动,经过BC后滑到高出C点10.3m的。点
速度为零。(g取lOm/s?)求:
(1)物体与3c轨道间的动摩擦因数;
(2)物体第5次经过B点时的速度;
(3)物体最后停止的位置(距B点多少米)o
2023年湖北A9联盟高一五月联考
物理试卷
一、选择题(本题共U小题,每小题4分,共44分。第1~7题只有一项符合题目要求;第
8~11题有多项符合题目要求,全部选对的得4分,选对答不全的得2分,有选错的得0分)
1.2022年2月5日,中国短道速滑队斩获北京冬奥会中国首金,为中国代表团在北京冬奥会实现了开门
红,已知运动员在赛道上的部分运动轨迹是曲线。关于做曲线运动的物体,下列说法正确的是()
A.物体的加速度可能是恒定的B.物体所受合外力可能为零
C.物体一定受到变力的作用D.物体速度大小一定时刻改变
【答案】A
【解析】
【详解】A.匀变速曲线运动的物体受到的合外力为恒力,物体的加速度也是恒定的,A正确;
B.物体做曲线运动的条件是所受合外力不为零,且合外力的方向与速度方向不在同一直线上,B错误;
C.匀变速曲线运动的物体受到的合外力为恒力,C错误;
D.做曲线运动的物体,速度方向一定时刻在改变,但速度大小不一定改变,比如匀速圆周运动,D错
误。
故选Ao
2.在做甩手动作的物理原理研究的课题研究中,采用手机的加速度传感器测定手的向心加速度。某次一高
一同学先用刻度尺测量手臂长如图所示,然后伸直手臂,以肩为轴从水平位置自然下摆。当手臂摆到竖直
方向时,手握住的手机显示手的向心加速度大小约为6m/s2,由此可估算手臂摆到竖直位置时手的线速度
大小约为()
A.0.2m/sB.2m/sC.20m/sD.200m/s
【答案】B
【解析】
【分析】
【详解】手握住手机转动时,手机转动半径约为0.6m,根据
v2
CI——
得
v=y[ar=j6x0.6m/s®2m/s
故选B。
3.篮球在中国普及率极高,大到七八十岁的大爷,小到上幼儿园的孩子,都可以参与下,我们学校也是一
样,人多的时候所有篮球场都满员。我们来讨论下一个简单的运动过程,某次投篮过程,一同学将质量为
加的篮球从离地面高处出手,进入离地面H高处的篮筐时速度为v,若以出手时高度为零势能面,将篮
球看成质点,忽略空气阻力,对篮球下列说法正确的是()
A.进入篮筐时势能为
B.在刚出手时动能为mgH-mgh
1,
C.进入篮筐时机械能为mgH+—mv^
一1,
D.在运动过程中任一点的机械能为mgH-mgh+—mv~
【答案】D
【解析】
【详解】AC.若以出手时高度为零势能面,则篮球进入篮筐时势能为
Ep=mg(H-h)
机械能为
12
E=—mv+mg(H—h)
故AC错误;
D.篮球运动过程中只受重力作用,机械能守恒,结合前面分析可知篮球在运动过程中任一点的机械能为
12
E=—mv+mg(H-h)
故D正确;
B.根据机械能守恒定律可知篮球在刚出手时动能为
12
Ek=E=—mv+mg(H-h)
故B错误。
故选D。
4.2021年2月7日,被称为“星坚强”的中星9A卫星消耗完了所剩不多的燃料,正式离轨。2017年“中
星9A”卫星发射升空后不久,三级火箭二次点火突发异常,导致卫星发射高度严重不足,只能依靠卫星
自身燃料实施变轨才能回到预定高度,经过西安卫星测控中心16天的全力抢救,卫星成功定点于赤道上
空的地球静止轨道,抢救工作圆满完成,“星坚强”的爱称从此走红。将变轨过程简化如图所示,近地轨
道1位于赤道上空,半径为彳,周期为(,地球静止轨道3半径为马,地球自转周期为",不计空气阻力
及卫星质量变化,下列说法正确的是()
A.卫星在椭圆轨道2上运动时周期为”
B.卫星在轨道1经过A点的速度,和在轨道2经过A点的速度相同
C.卫星在轨道2经过8点的加速度,和在轨道3经过2点的加速度相同
D.只要发射速度合适,地球静止轨道卫星可以一直停留在地球表面上任一点的正上方
【答案】C
【解析】
【详解】A.椭圆轨道2的半长轴为
r.+r
a=~~~2-@
2
设卫星在椭圆轨道2上运动时周期为於,根据开普勒第三定律有
联立①②解得
故A错误;
B.卫星从轨道1变至轨道2时需要在A点加速,所以卫星在轨道1经过A点速度小于在轨道2经过A
点的速度,故B错误;
C.卫星在经过同一点时所受万有引力相同,所以卫星在轨道2经过8点的加速度,和在轨道3经过8点
的加速度相同,故C正确;
D.人造卫星的轨道平面一定过地心,若卫星静止在地球除赤道外的其他位置的正上方,则其轨道平面将
不过地心,不可能在万有引力作用下绕地球做匀速圆周运动,所以地球静止轨道卫星只能停留在赤道上
空,故D错误。
故选C。
5.在刘慈欣的科幻小说《带上她的眼睛》里演绎了这样一个故事:“落日六号”地层飞船深入地球内部进行
探险,在航行中失事后下沉到船上只剩下一名年轻的女领航员,她只能在封闭的地心度过余生。已知地球
可视为半径为R、质量分布均匀的球体,且均匀球壳对壳内质点的引力为零。若地球表面的重力加速度为
g,当“落日六号”位于地面以下深0.5R处时,该处的重力加速度大小为()
A.0.25gB.0.5gC.2gD.4g
【答案】B
【解析】
【分析】
【详解】设地球的密度为夕,则在地球表面
_Mm
G-^=mS
地球的质量为
4,
M=p-nR3
联立可得,地表重力加速度表达式为
4…
g=~^pGR
由题意可知,地面以下深0.5R处的重力加速度相当于半球为0.5R的球体表面的重力加速度,即
,41
g=~^pG~R
对比可得
g'=0.5g
B正确。
故选B。
6.汽车在平直公路上以速度%匀速行驶,发动机功率为P,牵引力为1,%时刻进入另一平直路面,阻
力变为原来的两倍且恒定,若保持功率P继续行驶,到弓时刻,汽车又恢复了匀速直线运动,能正确表示
这一过程中汽车速度v和牵引力歹随时间/变化的图像是()
【答案】A
【解析】
【详解】CD.根据功率表达式
P=Fv
开始的时候
P=Fovo
此时阻力等于牵引力
f=Fo
若阻力变为原来的2倍,则汽车做减速运动,功率不变,根据
P=Fv
可知,牵引力会增加,根据
f-F-ma
则加速度减小,当加速度再次为零时,牵引力变为原来的2倍,即
F'=2Fo
CD错误;
AB.此时速度变为,%,即该过程是加速度减小的减速运动,故A正确,B错误。
2
故选Ao
7.如图所示,带电小球A、B的电荷量分别为。A、QB,OA=OB,都用长L的丝线悬挂在。点,静止时
A、B相距为d,为使平衡时A、B间距离减为四,可采用以下哪些方法()
2
A,将小球B的质量增加到原来的2倍
B.将小球B的质量增加到原来的16倍
C,将小球B的电荷量减小到原来的,
D.将小球A、B的电荷量都减小到原来的一半,同时将小球B的质量增加到原来的4倍
【答案】C
【解析】
【详解】A.对B小球进行受力分析如图所示
令A、B小球之间的间距为x,根据相似三角形有
mg_T_F
LLx
根据库仑定律有
F=ko^_
解得
丫_JZQAQB二
Vmg
1
可知,将小球B的质量增加到原来的2倍,则A、B间距离减为原来的正,A错误;
1
B.结合上述可知,将小球B的质量增加到原来的16倍,则A、B间距离减为原来的云万,B错误;
C.根据上述可知,将小球B的电荷量减小到原来的工,,则A、B间距离减为原来的;,C正确;
82
D.根据上述可知,将小球A、B的电荷量都减小到原来的一半,同时将小球B的质量增加到原来的4
1
倍,则A、B间距离减为原来的云方,D错误。
故选C。
8.物理无处不在,不止存在于身边,还在诗和远方,李白《行路难》中有两句诗:欲渡黄河冰塞川,将登
太行雪满山。闲来垂钓坐溪上,忽复乘舟梦日边。我们从做功的角度来看,以下说法正确的是()
A.假如黄河水面结冰,李白走过去,脚受到的静摩擦力做正功
B.假如李白垂钓,钓竿静止不动,人手对杆的支持力不做功
C.如果李白登太行山,则在登山过程中地面支持力对人脚做正功
D.如果李白乘船,此过程中假设船直线行驶,水对船的阻力做负功
【答案】BD
【解析】
【详解】A.假如黄河水面结冰,李白走过去,脚受到的静摩擦力的作用点位移为零,所以不做功,故A
错误;
B.假如李白垂钓,钓竿静止不动,人手对杆的支持力的作用点位移为零,所以不做功,故B正确;
C.如果李白登太行山,在登山过程中地面支持力的作用点位移为零(只有在接触时才有支持力,抬起脚后
支持力为0),所以不做功,故C错误;
D.如果李白乘船,此过程中假设船直线行驶,水对船的阻力与船速度方向相反,做负功,故D正确。
故选BD„
9.用电场线能很直观、很方便地比较电场中各点的电场强弱。左图是等量异种点电荷产生电场的电场线,
右图是场中的一些点:。是电荷连线的中点,£、尸是连线中垂线上关于。对称的两点,B、C和A、。也
关于O对称,则下列说法正确的是()
A.B、C两点电场强度大小相等,方向相反
B.A、。两点电场强度大小和方向都相同
C.从E到尸过程中电场强度先增大后减小
D.从B到C过程中电场强度先增大后减小
【答案】BC
【解析】
【详解】根据题意,由图根据等量异种电荷形成电场的对称性,结合电场线的疏密程度表示电场强度的大
小及电场线的切线方向表示电场强度的方向,可以看出
A.B、C两点电场强度大小相等,方向相同,故A错误;
B.A、。两点电场强度大小和方向都相同,故B正确;
C.从E到尸过程中电场强度先增大后减小,故C正确;
D.从2到C过程中电场强度先减小后增大,故D错误。
故选BC。
10.关于对库仑定律理解和应用,以下说法中正确的是()
A.库仑定律适用于真空中静止点电荷的电场力计算
B.根据尸=左簪知,当两个带电体相距很近时,它们之间的库仑力会无穷大
r
C.两个电荷量分别为41和砂的带电金属球,它们球心间的距离为r,则二者带同种电荷时,它们之间的
库仑力F〉左峥,带异种电荷时/(女华
rr
D.两个电荷量分别为勿和饮的带电金属球,它们球心间的距离为一,则二者带同种电荷时,它们之间的
库仑力/〈女组2,带异种电荷时歹〉左幺华
rr
【答案】AD
【解析】
【详解】A.库仑定律适用于真空中静止点电荷的电场力计算,故A正确;
B.当两个带电体相距很近时,两个带电体不能看成点电荷,则F=%眸不适用,故B错误;
r
CD.两个电荷量分别为qi和G的带电金属球,它们球心间的距离为广,则二者带同种电荷时,它们之间
的库仑力为排斥力,则带电中心的距离比r大,故/〈女缪,若带异种电荷时它们之间的库仑力为吸引
r
力,则带电中心的距离比r小,故F>k坞,故C错误,D正确。
r
故选AD„
11.如图,光滑水平面上放着长木板B,质量m=2kg的木块A以速度%=2m/s滑上原来静止的长木板
B的上表面,由于A、B之间存在有摩擦,之后,A、B的速度随时间变化情况如右图所示,重力加速度
A.A、B之间动摩擦因数为0.1B.长木板的质量为1kg
C.长木板长度至少为ImD.A、B组成系统损失机械能为4J
【答案】AC
【解析】
【详解】B.从图可以看出,A先做匀减速运动,B做匀加速运动,最后一起做匀速运动,共同速度v=l
m/s,取向右为正方向,根据动量守恒定律得
mv0=(m+M^v
解得
Af=m=2kg
故B错误;
A.由图像可知,木板B匀加速运动的加速度
Av
a=——=lm/s2
对B根据牛顿第二定律得
jumg=Mas
解得
//=01
故A正确;
C.由图像可知前Is内B的位移
0+v0+11„
x=------xt=------xIm=0.5m
BR22
A的位移
%+v2+1.,
xA=-----xt=------xlm=1.5m
A22
所以木板最小长度
L=xA-xB=Im
故C正确;
D.A、B组成系统损失机械能
11
AE=-mVo9--(m+M)v29=2J
故D错误。
故选AC。
二、非选择题,本题共5小题,共56分。
12.图为验证机械能守恒定律的实验装置示意图。现有的器材为带铁夹的铁架台,电磁打点计时器、纸
带、带铁夹的重锤、天平。回答下列问题:
⑴为完成此实验,除了所给的器材,还需要的器材有。(填入正确选项前的字母)
A.米尺B.秒表C.0-8V的直流电源D.0-8V的交流电源
(2)写出实验过程中误差产生的原因之一。
【答案】①.AD##DA②.①纸带与打点计时器之间有摩擦②用米尺测量纸带上点位置时读数有误
差③计算势能变化时,选取初末两点距离过近
【解析】
【详解】(1)口]根据重物下落过程中机械能守恒的表达式可知,需要测量长度,因此本实验中需要米尺,同
时电磁打点计时器需要低压交流电源,故AD正确
(2)[2]实验中误差产生的原因有:①纸带与打点计时器之间有摩擦;②用米尺测量纸带上点的位置时读数有
误差;③计算势能变化时,选取初末两点距离过近;(写出一个误差原因即可)。
13.在“探究平抛运动的运动规律”的实验中,可以描绘出小球平抛运动的轨迹,实验简要步骤如下:
A.让小球多次从同一位置上滚下,记下小球碰到铅笔笔尖的一系列位置;
B.按图安装好器材,注意调节斜槽末端水平,记下平抛初位置。点和过。点的竖直线;
c.取下白纸,以。为原点,以竖直线为y轴建立坐标系,用平滑曲线画平抛运动物体的轨迹。
(1)上述实验步骤的合理顺序是;
(2)为保证小球从斜槽末端抛出后的运动是平抛运动,必须使斜槽末端(选填“水平”或“倾
斜”),实验小球用(选填“乒乓球”或“小钢球”);
⑶在记录小球轨迹的白纸上,记录了竖直向下的y轴方向和水平x轴方向以及轨迹上三个点A、5、C的
位置,如图所示。测量A3和3、C间水平距离x.=X此=15cm,竖直方向的距离以B=15cm,
yBC=25cm,由此可以计算出小球做平抛运动的初速度大小%=,小球通过B点的瞬时速度的大
2
小vB=。(取g=10m/s)
【答案】®.BAC②.水平③.小钢球©.1.5m/s⑤.2.5m/s
【解析】
【详解】(1)口]实验过程中,应先安装实验器材,然后进行实验操作,最后数据处理,则实验步骤的合理
顺序是BAC。
(2)[2][3]为保证小球从斜槽末端抛出后的运动是平抛运动,必须使斜槽末端水平,为了减小空气阻力对实
验影响,实验小球用小钢球。
(3)[4]根据题意可知,由于A3和3、C间水平距离相等,则运动时间相等,设为T,竖直方向上,由逐
差法有
yBC-yAB=gT。
代入数据解得
T=O.ls
则水平方向上,由》=%7可得,小球做平抛运动的初速度大小
%=1.5m/s
[5]由中间时刻的瞬时速度等于这段时间内的平均速度可得,小球通过B点的竖直速度为
v=yAB+yBc=2m/s
>IT/
则球通过8点的瞬时速度的大小
/J.+'=2.5m/s
14.清代乾隆的《冰嬉赋》用“壁蹩”(可理解为低身斜体)二字揭示了滑冰的动作要领。500m短道速滑世
界纪录由我国运动员武大靖创造并保持。在其创造纪录的比赛中,
⑴武大靖从静止出发,先沿直道加速滑行,前8m用时2s。该过程可视为匀加速直线运动,求此过程加速
度大小;
(2)武大靖途中某次过弯时的运动可视为半径为10m的匀速圆周运动,速度大小为14m/s。已知武大靖的质
量为73kg,求此次过弯时所需的向心力大小;
(3)武大靖通过侧身来调整身体与水平冰面的夹角,使场地对其作用力指向身体重心而实现平稳过弯,如图
所示。求武大靖在(2)问中过弯时身体与水平面的夹角。的大小。(不计空气阻力,重力加速度大小取lOm/s?,
tan22°=0.40,tan270=0.51、tan320=0.62>tan37°=0.75)
【答案】⑴4m/s2;⑵1430.8N;⑶27。
【解析】
【详解】(1)设武大靖运动过程的加速度大小为。,根据
12
x——at
2
解得
lx2x822
a=Fm/s=4m/s
(2)根据
F^=m~
解得过弯时所需的向心力大小为
142
K=73x——N=1430.8N
向10
(3)设场地对武大靖的作用力大小为尸,受力如图所示
根据牛顿第二定律可得
mg
F同=
tan。
解得
„mg73x10
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