2024年安徽省池州市中考物理二模试卷附答案解析

2024年安徽省池州市中考物理二模试卷

一、填空题（本题共10小题，每小题2分，共20分）

1.（2分）2024年2月9日农历除夕这一天，正在太空出差的神舟十七号乘务组为我们送来了来自中国空

间站的龙年祝福，这祝福声是通过（填“超声波”或“电磁波”）传入千家万户的。

2.（2分）如图所示为光在空气和玻璃的分界面上发生反射和折射的情况，由图可判断，空气在分界面的

3.（2分）如图所示卡式炉（燃料为丁烷）经常出现在餐桌上，主要是防止菜品变凉。某次就餐过程中将

一锅2kg的水加热升温45℃,已知该卡式炉的加热效率为42%,则完全燃烧丁烷的质量为go

（已知丁烷热值q=4.5X107J/kg）

4.（2分）汽油机在做功冲程中，高温气体迅速膨胀对外做功，从而将燃气的内能转化为机车的机械能。

若汽油机每秒对外做功25次，则汽油机Imin完成了个冲程。

5.（2分）用图甲的滑轮组运送货物上楼，图乙记录了滑轮组的机械效率随货物重力增加而变化的图像,

当某次运送重为460N的货物时，滑轮组的机械效率=%=（不考虑绳重和摩擦）

/////////

6.（2分）用如图所示的杠杆撬动石头，已知OC=0.1m,BC=0.1m,BA=0.8m,若撬动石头对杠杆施加

的最小动力为100N,则石头对杠杆的压力为No

第1页（共22页）

7.（2分）高度相等的甲、乙、丙三个实心圆柱体，测得其质量和体积的图象如图所示。现将甲、乙、丙

三个实心圆柱体静止放在水平桌面上，则它们对水平桌面的压强p甲、pz、p丙的大小关系

8.（2分）如图所示，电源电压为6V恒定不变，电阻Ri的阻值为15Q,电阻R2的阻值为10。。闭合开关

S,则电路Imin产生的总热量为J»

9.（2分）把标有“6V3W”和“6V6W”的两盏电灯串联后接入电路中（灯泡电阻不变），如果让其中一

盏灯能长时间正常发光，则该电路两端的电压应为V。

10.（2分）某同学利用“伏安法”测量电阻的实验电路来间接测量电压表的内阻Rv，部分电路如图所示,

如果电流表的内阻为RA,定值电阻的阻值为R,某次测量中电流表示数为I,电压表示数为U,则待测

电压表内阻Rv的表达式为。（用测量量和已知量表示）

二、选择题（本题共7小题，每小题2分，共14分；每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题

意的。）

11.（2分）下列说法正确的是（）

A.核动力航母使用的核能属于可再生能源

B.飞机落地后继续滑行，是因为受到惯性的作用

C.平均速度是物体做变速直线运动时，在某一段时间内运动的平均快慢程度

D.严冬时节，地下水管破裂，水喷射出来形成的“冰花”是由空气中水蒸气凝华而形成的

12.（2分）如图所示为某固体在均匀受热时其温度随时间变化图象，下列说法正确的是（）

第2页（共22页）

小温切c

-5

-10

-15

-20

-25

0—2468—10l2*时Wmin

A.C点和B点温度相等，所以C点处物质的内能等于B点处物质的内能

B.温度的变化量tAB=2tcD,所以AB段吸收的热量是CD段的2倍

C.该固体为晶体，吸收热量时温度一定会升高

D.物质的比热容大小跟物态有关，所以该物质在AB段和CD段的比热容不相等

13.（2分）如图所示，摆球悬挂在无弹性并拉直的细绳下端，从A点静止释放，摆向另一侧的最高点B

（图中未画出），最终静止在0,点，下列有关判断不正确的是（）

o'

A.小球从A点释放摆向B点的过程中，经过0'点时小球的速度最大

B.小球摆到B点的瞬间处于静止状态，此时小球受力不平衡

C.最高点B比A点的位置低，说明小球在摆动过程中机械能不守恒

D.最高点B比A点的位置低，说明在摆动过程中能的总量不守恒

14.（2分）小明用如图所示的推力推着木块在斜面上做匀速直线运动，下列说法正确的是（）

A.木块受到的摩擦力和小明对木块的推力是一对平衡力

B.木块对小明的压力和小明对木块的推力是一对平衡力

C.木块对斜面的压力和斜面对木块的支持力是一对相互作用力

D.斜面对木块的支持力是因为木块发生了弹性形变产生的

15.（2分）如图所示，在探究凸透镜成像规律的实验中，当蜡烛和凸透镜之间的距离为26cm时，在光屏

上得到一个清晰缩小的实像。下列说法正确的是（）

第3页（共22页）

Il

616cm102030405060708090位限

A.在凸透镜与蜡烛之间加近视眼镜时，要使光屏上得到清晰的像，光屏应向左移动

B.保持蜡烛和光屏位置不动，缓慢向右移动凸透镜到某个位置，可以再次在光屏上得到清晰的像

C.先将蜡烛移至光具座上30cm刻度线处，然后向右移动光屏，光屏上可以得到清晰的像

D.将蜡烛远离凸透镜时，为了在光屏上得到清晰的像，应将光屏靠近凸透镜

16.（2分）如图所示的电路，下列说法不正确的是（）

A.开关S拨到a,向左移动Ri的滑片，电流表示数增大

B.电路中R2的作用是保护电路

C.开关S由a拨到b,调节Ri使电流表示数不变，则螺线管磁性不变

D.开关S由a拨到b,小磁针静止时A端仍为S极

17.（2分）如图所示为某实践活动小组制作了一个风速探测器。电源电压为U且保持不变，不考虑电源

内阻，闭合开关S,当水平方向的风速增大时，电路中的电流I以及Ri、R2两端电压Ui和U2都发生

变化，变化量的大小分别用AI、AUi和AU2表示。下列说法中正确的是（）

B.Ri消耗的电功率变大

C.电压表示数变大

D.R2两端电压变化量AU2与电路中的电流变化量AI比值变小

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三、实验题（第18小题4分，第19小题4分，第20小题8分，每空2分，共16分）

18.（4分）小明利用如图所示装置探究了液体内部压强与液体密度的关系；

（1）对比甲、乙两个实验发现当探头在水和盐水中的深度相同时，U形管左右两侧液面的高度差对比

不明显，造成这种现象的原因不可能是=

A.盐水的密度与水的密度相差不大

B.实验操作不当，软管连接不牢固，导致漏气

C.U形管内装的液体密度较小

D.探头在液体中的深度太大

（2）如图丙所示，U形管内左右两侧水面的高度差为Ah,则探头浸入盐水中的深度为

（用P水、Pa；水、Ah表示）。

19.（4分）用图1所示的实心陶瓷材质的冰墩墩模型来估测一瓶镇江香醋的密度。

（1）在测量质量的过程中，小明将最小的5g祛码放入右盘后，指针位置如图2所示，则他接下来的操

作是:

（2）正确操作测量出冰墩墩质量，如图3所示；（陶瓷材料的密度为2.7X103kg/m3）

（3）如图4所示，在甲、乙两只烧杯中分别倒入适量香醋后，用天平测出烧杯乙和香醋的总质量mi

=153.2g；

（4）如图5所示，将冰墩墩用细线系住后放入烧杯甲中，在烧杯壁上标记液面的位置；

（5）将冰墩墩取出，将乙烧杯中的香醋倒入甲烧杯直至标记处，测出烧杯乙及剩余香醋的总质量m2

=120.8g；

（6）根据以上实验数据，求得镇江香醋的密度，p=kg/m3o

20.（8分）在“测定小灯泡的电功率”的实验中，小明同学选用如图甲所示的器材，其中电源电压为6V,

小灯泡的额定电压为2.5V,滑动变阻器规格为“40Q0.5A”。

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510

V、

315

（1）用笔画线代替导线，把电路连接完整，要求向右移动滑片时，电路中的电流变小；

（2）连接好电路后，闭合开关，移动变阻器滑片，小灯泡却始终不亮，电流表无示数，电压表有示数,

原因可能是。

（3）解决该问题后，小明闭合开关，电压表的示数如图乙所示，为了测量小灯泡的额定功率，应将滑

动变阻器的滑片向（选填"A”或"B”）端移动；

（4）随着电流的增大，小灯泡温度会升高，其电阻也在增大，但是电路中滑动变阻器的阻值却在减小。

那么小灯泡电阻的变化量ARL和滑动变阻器电阻的变化量ARp之间的关系应该为ARLARp（选

填，，〉，，、，，＜，，或“=”）。

四、计算题（第21小题5分，第22小题7分，第23小题8分，共20分；解答要有必要的公式和解答过

程，只有最后答案的不能得分）

21.（5分）如图所示，甲为某商场中的阶梯式电梯，已知电梯斜面的倾角6为30°,斜面长度为10m,质

量为60kg的小明随电梯一起匀速从一楼上升到二楼（不计空气阻力）。

（1）将小明看成一个有质量的点，如图乙所示。请在图乙中画出小明随电梯一起匀速从一楼上升到二

楼的过程中受力示意图。

（2）若电梯沿斜面方向匀速运动的速度为0.5m/s,求10s内电梯对小明所做功的大小。（g取10N/kg）

22.（7分）如图甲所示为挂烫机工作原理图。挂烫机正常工作电压为220V,电热丝R2的阻值为48.4。,

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水箱最多装水0.2kg,挂烫机在高温挡和低温挡工作时的电功率之比为5：2o求：

(1)电热丝Ri的阻值；

(2)挂烫机在高温挡工作时，将水箱中0.2kg的水从20℃加热到100℃所用的时间［不计热量损失，水

的比热容C=4.2X1()3J/(kg・。。)］；

(3)小明把电路原理图改为乙图，也设有两个挡位。已知熔断器允许通过的最大电流为7A,请判断乙

23.(8分)一个空玻璃瓶，其瓶身为圆柱体，底面积为50cm2,内装10cm高的水，将瓶口密封后放在水

平地面上，如图1所示。再将玻璃瓶分别倒置在盛有水和某种未知液体的容器中，静止后，瓶内、外液

面的高度差如图2和3所示(px=l.OXl()3kg/m3,g取10N/kg,瓶壁厚度忽略不计)。求：

(1)图2中玻璃瓶受到水的浮力;

(2)空玻璃瓶质量；

(3)未知液体的密度。

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2024年安徽省池州市中考物理二模试卷

参考答案与试题解析

一、填空题（本题共10小题，每小题2分，共20分）

1.（2分）2024年2月9日农历除夕这一天，正在太空出差的神舟十七号乘务组为我们送来了来自中国空

间站的龙年祝福，这祝福声是通过电磁波（填“超声波”或“电磁波”）传入千家万户的。

【解答】解：航天员美好的祝福声传到地球靠的是电磁波。

故答案为：电磁波。

2.（2分）如图所示为光在空气和玻璃的分界面上发生反射和折射的情况，由图可判断，空气在分界面的

左侧。（填“上”、“下”、“左”或“右”）

【解答】解：如图，ZPOC=90°-30°=60°,ZAOP=90°-30°=60°

所以，NPOC=/AOP,所以PQ是法线，MN是界面。又因为折射光线和入射光线分居在法线的两侧,

所以CO是入射光线，0A是反射光线，OB是折射光线；

折射光线和法线的夹角是折射角，所以折射角是NBOQ=30°,

EO是入射光线，入射角是/POC=60°,折射角是/BOQ=30°,因为光线从空气斜射入其它透明介

质中，折射角小于入射角，可以判断分界面的左侧是空气。

故答案为：左。

3.（2分）如图所示卡式炉（燃料为丁烷）经常出现在餐桌上，主要是防止菜品变凉。某次就餐过程中将

一锅2kg的水加热升温45℃,已知该卡式炉的加热效率为42%,则完全燃烧丁烷的质量为20（已

知丁烷热值q=4.5X107J/kg）

5

【解答】解：水吸收的热量为Q吸=。水111水At=4.2Xl（）3j/（kg.℃）X2kgX45℃=3.78X10J；

T烷完全燃烧放出的热量为Q放=年=黑胪/=9X105J；

完全燃烧丁烷的质量为m丁烷==.,眼的=0.02kg=20g„

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故答案为：20。

4.（2分）汽油机在做功冲程中，高温气体迅速膨胀对外做功，从而将燃气的内能转化为机车的机械能。

若汽油机每秒对外做功25次，则汽油机Imin完成了6000个冲程。

【解答】解：汽油机每秒对外做功25次，则每分钟对外做功25X60=1500次；因为一个工作循环飞轮

转2圈，完成4个工作冲程，做功一次，故汽油机Imin完成了6000个冲程。

故答案为：6000o

5.（2分）用图甲的滑轮组运送货物上楼，图乙记录了滑轮组的机械效率随货物重力增加而变化的图像，

当某次运送重为460N的货物时，滑轮组的机械效率=92%。（不考虑绳重和摩擦）

/////////

【解答】解：由图乙可知，运送货物G=120N时，滑轮组的机械效率n=75%,

不计绳重和摩擦时，滑轮组的机械效率：

Gh_G120N

xl00%=75%,

i]=120N+G*

"有+加额Gh+G^h-G+G^动

解得：G动=40N；

由图可知，n=2,不计绳重和摩擦，运送460N的货物时绳子的拉力：

11

F=-（G'+G动）=4x（460N+40N）=250N；

n如2

不计绳重和摩擦，此时滑轮组的机械效率：

w'

以=二，=警=健=与=携得X1OO%=92%。

'WFsFnhnF2x250N

故答案为：92。

6.（2分）用如图所示的杠杆撬动石头，已知OC=0.1m,BC=0.1m,BA=0.8m,若撬动石头对杠杆施加

的最小动力为100N,则石头对杠杆的压力为1000No

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【解答】解：以O或B为支点，阻力臂分别为OC和BC,长度接近，而动力臂为OA和BA,OA>BA,

根据杠杆平衡条件，当动力臂为OA时，撬动石头的动力为最小。

动力为100N,OC=0.1m,BC=0.1m,BA=0.8m,OA=OC+BC+BA=0.1m+0.1m+0.8m=Im；

根据杠杆平衡条件可得F动・OA=F压・OC,lOONXlmnF^XO.lm,解得：F压=1000N。

故答案为：1000。

7.（2分）高度相等的甲、乙、丙三个实心圆柱体，测得其质量和体积的图象如图所示。现将甲、乙、丙

三个实心圆柱体静止放在水平桌面上，则它们对水平桌面的压强p甲、p乙、D-的大小关系为。史

象

【解答】解：由图像得甲、乙、丙的密度分别为:

m甲

4g=2g/cm3,

p?=V~Z=3

甲2cm

m乙

4g=0.8g/cm3

Pz.=心=5cm3

丙

m3g3

Pm=寸2cm?=1.5g/cm

所以p甲>p丙>p乙,

由于三个圆柱体的高度相同，根据P=（=*=等=-PSgh=pgh知psp>p丙>p乙。

故答案为：p¥>pH>p=

8.（2分）如图所示，电源电压为6V恒定不变，电阻Ri的阻值为15。，电阻R2的阻值为10。。闭合开关

S,则电路Imin产生的总热量为360J。

【解答】解：由图可知，闭合开关S,Ri、R2并联;

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电路Imin产生的总热量为:

Q=W=x60s+x60s=360Jo

故答案为：360o

9.（2分）把标有“6V3W”和“6V6W”的两盏电灯串联后接入电路中（灯泡电阻不变），如果让其中一

盏灯能长时间正常发光，则该电路两端的电压应为9Vo

【解答】解：由P=UI可得，灯泡正常发光时的电流

T_Pl_3W_…

I1=U；='67=0-5A,

p

1T2=&2=而61V=1,A.,

由1=称可得灯泡电阻:

A

R尸土怨=3,

R2咤=普=6。，

因为串联电路中电流处处相等，所以正常发光的是：“6V3W”的灯泡，串联时电路电流为0.5A,

电源电压：U=h(R1+R2)=0.5AX(12Q+6Q)9V=

故答案为：9o

10.（2分）某同学利用“伏安法”测量电阻的实验电路来间接测量电压表的内阻Rv,部分电路如图所示,

如果电流表的内阻为RA,定值电阻的阻值为R,某次测量中电流表示数为I,电压表示数为U,则待测

TJD

电压表内阻Rv的表达式为—k；—。（用测量量和已知量表示）

IR-U

R

—©~

【解答】解：根据电路图，电压表与R并联，电压表显示R的电压，电流表测量干路电流，根据欧姆

定律知,

R的电流IR=^,

根据并联电路的特点知，电压表的电流IV=I-IR=I-卷

根据欧姆定律知，电压表的电阻口丫二微二当二怒声

V1—R

UR

故答案为：—o

二、选择题（本题共7小题，每小题2分，共14分；每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题

第11页（共22页）

意的。）

11.（2分）下列说法正确的是（）

A.核动力航母使用的核能属于可再生能源

B.飞机落地后继续滑行，是因为受到惯性的作用

C.平均速度是物体做变速直线运动时，在某一段时间内运动的平均快慢程度

D.严冬时节，地下水管破裂，水喷射出来形成的“冰花”是由空气中水蒸气凝华而形成的

【解答】解：A、核能一旦消耗，在自然界中无法及时得到补充，因此，核动力航母使用的核能属于不

可再生能源，故A错误；

B、飞机落地后继续滑行，是因为飞机具有惯性，但不能说受到惯性的作用，故B错误；

C、由平均速度的概念可知，平均速度是物体做变速直线运动时，在某一段时间内运动的平均快慢程度,

故C正确；

D、水喷射出来形成的“冰花”是由液态变为固态的过程，是凝固现象，故D错误。

故选：Co

12.（2分）如图所示为某固体在均匀受热时其温度随时间变化图象，下列说法正确的是（）

时间min

A.C点和B点温度相等，所以C点处物质的内能等于B点处物质的内能

B.温度的变化量tAB=2tcD,所以AB段吸收的热量是CD段的2倍

C.该固体为晶体，吸收热量时温度一定会升高

D.物质的比热容大小跟物态有关，所以该物质在AB段和CD段的比热容不相等

【解答】解：A、从B到C,该物质持续吸热，其内能增加，即C点处物质的内能大于B点处物质的

内能，故A错误；

B、在均匀受热时，物体受热时间越长，吸收的热量越多，物质在CD段的时间是AB段的2倍，所以

CD段吸收的热量是AB段的2倍，故B错误；

C、由图知BC段为该物质的熔化过程，此时该固体吸收热量，温度不变，故C错误；

D、物质的比热容大小跟物态有关，由。=磊知，在质量不变时，CD段吸收的热量是AB段吸收热量

的2倍，AB段升高的温度是CD段升高温度的3倍，所以该物质液态时的比热容是固态时的6倍，故

第12页（共22页）

D正确。

故选：D。

13.（2分）如图所示，摆球悬挂在无弹性并拉直的细绳下端，从A点静止释放，摆向另一侧的最高点B

（图中未画出），最终静止在0'点，下列有关判断不正确的是（）

A.小球从A点释放摆向B点的过程中，经过0'点时小球的速度最大

B.小球摆到B点的瞬间处于静止状态，此时小球受力不平衡

C.最高点B比A点的位置低，说明小球在摆动过程中机械能不守恒

D.最高点B比A点的位置低，说明在摆动过程中能的总量不守恒

【解答】解：小球最终静止在0'点，说明机械能减小了，此过程存在空气阻力。

A.小球从A点到0,点，重力势能转化为动能，到达0'点时，重力势能最小，动能最大，质量不变,

速度达到最大，故A正确；

B.小球到达B点虽然瞬间速度为零，但不能保持静止状态，而是立即改变方向运动，说明受到的不是

平衡力，故B正确；

C.最高点B比A点的位置低，说明机械能有损失，小球在摆动过程中机械能不守恒，故C正确；

D.最高点B比A点的位置低，是因为小球在摆动过程中会与空气摩擦，一部分机械能转化为内能，

但能的总量不变，总量守恒，故D错误。

故选：D。

14.（2分）小明用如图所示的推力推着木块在斜面上做匀速直线运动，下列说法正确的是（）

A.木块受到的摩擦力和小明对木块的推力是一对平衡力

B.木块对小明的压力和小明对木块的推力是一对平衡力

C.木块对斜面的压力和斜面对木块的支持力是一对相互作用力

D.斜面对木块的支持力是因为木块发生了弹性形变产生的

【解答】解：A.木块在斜面上匀速运动，推力要同时克服重力沿斜面向下的分力和摩擦力，推力与摩

第13页（共22页）

擦力大小不相等，不是一对平衡力，故A错误；

B、木块对小明的压力和小明对木块的推力，等大、反向、作用在同一直线上、作用在两个物体上，是

一对相互作用力，故B错误；

C、木块对斜面的压力和斜面对木块的支持力，等大、反向、作用在同一直线上、作用在两个物体上,

是一对相互作用力，故C正确；

D、斜面对木块的支持力是因为斜面发生了弹性形变产生的，故D错误。

故选：Co

15.（2分）如图所示，在探究凸透镜成像规律的实验中，当蜡烛和凸透镜之间的距离为26cm时，在光屏

上得到一个清晰缩小的实像。下列说法正确的是（）

„.................................1...................................................

皮16cm1020304050607080901（）6限

A.在凸透镜与蜡烛之间加近视眼镜时，要使光屏上得到清晰的像，光屏应向左移动

B.保持蜡烛和光屏位置不动，缓慢向右移动凸透镜到某个位置，可以再次在光屏上得到清晰的像

C.先将蜡烛移至光具座上30cm刻度线处，然后向右移动光屏，光屏上可以得到清晰的像

D.将蜡烛远离凸透镜时，为了在光屏上得到清晰的像，应将光屏靠近凸透镜

【解答】解：A.在凸透镜与蜡虫之间加近视眼镜时，因为近视眼镜对光线有发散作用，会使得所成的像

远离凸透镜，要使光屏上得到清晰的像，光屏应向右移动，故A错误；

B.根据光路是可逆的，图中物距大于像距，当凸透镜左移使原来的像距等于物距时，可以再次成清晰的

像。只将凸透镜向右移，不能再次在光屏上得到清晰的像，故B错误；

C.当蜡烛和凸透镜之间的距离为26cm时，在光屏上得到一个清晰缩小的实像，根据光屏所在位置可得

像距为v=62cm-40.0cm=22cm,根据f<v<2f,可得22cm>f>11cm,将蜡烛移至光具座上30cm刻

度线处，此时蜡烛到凸透镜的距离为40.0cm-30.0cm=10.0cm,蜡烛到凸透镜的距离小于焦距，故成

的是虚像，所以向右移动光屏，光屏上不能得到清晰的像，故C错误；

D.蜡烛远离凸透镜时，根据凸透镜成实像时，物远像近像变小的规律，为了在光屏上得到清晰的像，应

将光屏应靠近凸透镜，故D正确。

故选：D。

16.（2分）如图所示的电路，下列说法不正确的是（）

第14页（共22页）

A.开关S拨到a,向左移动Ri的滑片，电流表示数增大

B.电路中R2的作用是保护电路

C.开关S由a拨到b,调节Ri使电流表示数不变，则螺线管磁性不变

D.开关S由a拨到b,小磁针静止时A端仍为S极

【解答】解：A、根据电路图可知，定值电阻、滑动变阻器与电磁铁串联，电流表测量电路中的电流。

开关S拨到a,滑动变阻器的滑片向左滑动时，滑动变阻器接入电路的电阻变小，根据欧姆定律可知，

电路中的电流变大，即电流表示数增大，故A正确。

B、当滑动变阻器电阻为0时，电路中R2可以防止电流过大保护电路；故B正确；

C、电磁铁的磁性强弱与电流大小和线圈匝数有关，将开关S由a换到b时，调节变阻器的滑片P,保

持电流表的示数不变，即电流不变，将开关S由a换到b时，线圈匝数减少，则电磁铁的磁性减弱，故

C错误；

D、从图可知，当开关S拨到a时，电流从电磁铁的右端流入，左端流出，根据安培定则可知，电磁铁

左端是N极，右端是S极；由磁极间的相互作用可知，小磁针静止时B端为N极、A端为S极，开关

S拨到b时，电磁铁磁性变弱，但极性不变，所以小磁针静止时A端仍为S极，故D正确。

故选：Co

17.（2分）如图所示为某实践活动小组制作了一个风速探测器。电源电压为U且保持不变，不考虑电源

内阻，闭合开关S,当水平方向的风速增大时，电路中的电流I以及Ri、R2两端电压Ui和U2都发生

变化，变化量的大小分别用AI、AUi和AU2表示。下列说法中正确的是（）

弹簧

A.AUi>AU2

B.Ri消耗的电功率变大

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C.电压表示数变大

D.R2两端电压变化量AU2与电路中的电流变化量AI比值变小

【解答】解：根据电路图可知，两个电阻串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压；

闭合开关S,当水平方向的风速增大时，上方空气流速大，压强小，产生向上的升力，滑片向上运动，

滑动变阻器接入电路的电阻小，电路的总电阻变小，由1=普知电路中的电流变大，由P=『R知定值电

阻R1消耗的电功率变大，故B正确；

滑动变阻器接入电路的电阻变小，由串联电路的分压作用知滑动变阻器两端的电压变小，电压表的示数

变小，故C错误；

根据串联电路电压的规律知，R1两端的电压增大；

因为串联电路中总电压等于各分电压之和，

所以R1两端电压的增加量等于R2两端电压的减小量，即AUI=AU2,故A错误；

由欧姆定律可知华=学=民，所以R2两端电压变化量AU2与电路中的电流变化量AI比值不变，

故D错误。

故选：B。

三、实验题（第18小题4分，第19小题4分，第20小题8分，每空2分，共16分）

18.（4分）小明利用如图所示装置探究了液体内部压强与液体密度的关系；

（1）对比甲、乙两个实验发现当探头在水和盐水中的深度相同时，U形管左右两侧液面的高度差对比

不明显，造成这种现象的原因不可能是CD0

A.盐水的密度与水的密度相差不大

B.实验操作不当，软管连接不牢固，导致漏气

C.U形管内装的液体密度较小

D.探头在液体中的深度太大

P水

（2）如图丙所示，U形管内左右两侧水面的高度差为Ah,则探头浸入盐水中的深度为--Ah（用

P盐水

P水、P盐水、△h表示）。

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【解答】解：(1)探头在下列液体中的深度相同，根据p=pgh可知，深度相同，液体的密度越大压强

越大，

A.盐水的密度与水的密度相差不大，U形管左右两侧液面的高度差对比会不明显，故A不符合题意；

B、实验操作不当，软管连接不牢固，导致漏气，U形管左右两侧液面不会产生高度差，对比会不明显，

故B不符合题意；

C.U形管内装的液体密度较小，U形管左右两侧液面的高度差对比更加明显，故C符合题意；

D.探头在液体中的深度太大，密度差值相同时，压强差更大，U形管左右两侧液面的高度差对比更加明

显，故D符合题意；

故选：CD；

(2)探头处受到的压强p盐水=「微水gh盐水，

U形管左右两侧液面的压强差p水=p，kgAh,

由转换法知，探头处受到的压强和U形管左右两侧液面的压强差，可得p处水=p水，即p越水gh盐水=p，kg

Ah,

可得h盐水=Aho

P盐水

P水

故答案为：(1)CD；(2)——Ah»

P盐水

19.(4分)用图1所示的实心陶瓷材质的冰墩墩模型来估测一瓶镇江香醋的密度。

图1图2图3图4图5

(1)在测量质量的过程中，小明将最小的5g祛码放入右盘后，指针位置如图2所示，则他接下来的操

作是取下最小的5g祛码，向右移动游码，直至天平平衡；

(2)正确操作测量出冰墩墩质量，如图3所示；(陶瓷材料的密度为2.7Xl()3kg/m3)

(3)如图4所示，在甲、乙两只烧杯中分别倒入适量香醋后，用天平测出烧杯乙和香醋的总质量mi

=153.2g；

(4)如图5所示，将冰墩墩用细线系住后放入烧杯甲中，在烧杯壁上标记液面的位置；

(5)将冰墩墩取出，将乙烧杯中的香醋倒入甲烧杯直至标记处，测出烧杯乙及剩余香醋的总质量m2

=120.8g；

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（6）根据以上实验数据，求得镇江香醋的密度，p=1.08X103kg/m30

【解答】解：（1）由图知，测量质量时加入最小的5g祛码后，指针偏向右侧，说明祛码的总质量较大,

即这时石块的质量小于右盘中祛码的总质量；接下来的操作是：取下5g祛码并向右移动游码，直至天

平平衡；

（2）冰墩墩的质量为：m=50g+20g+10g+lg=81g；

陶瓷材料的密度为p=2.7X103kg/m3=2.7g/cn?,

由「=号可得冰墩墩的体积为：=30cm3;

V=£=2黑m3

乙烧杯内减少的香醋的体积就是冰墩墩的体积，即V醋=30cm3,

乙烧杯减小的香醋的质量为：m醋=1111-m2=153.2g-120.8g=32.4g,

777.

333

香醋的密度为：ps=萨=盖翳=1.08g/cm=1.08X10kg/mo

故答案为：（1）取下最小的5g祛码，向右移动游码，直至天平平衡；（2）1.08X103。

20.（8分）在“测定小灯泡的电功率”的实验中，小明同学选用如图甲所示的器材，其中电源电压为6V,

小灯泡的额定电压为2.5V,滑动变阻器规格为“40Q0.5A”。

（1）用笔画线代替导线，把电路连接完整，要求向右移动滑片时，电路中的电流变小；

（2）连接好电路后，闭合开关，移动变阻器滑片，小灯泡却始终不亮，电流表无示数，电压表有示数,

原因可能是小灯泡断路。

（3）解决该问题后，小明闭合开关，电压表的示数如图乙所示，为了测量小灯泡的额定功率，应将滑

动变阻器的滑片向A（选填"A”或"B”）端移动；

（4）随着电流的增大，小灯泡温度会升高，其电阻也在增大，但是电路中滑动变阻器的阻值却在减小。

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那么小灯泡电阻的变化量ARL和滑动变阻器电阻的变化量ARp之间的关系应该为ARy,<△Rp（选

填或"

【解答】解：（1）电流表应串联在电路中，“-”接线柱与小灯泡右端接线柱相连；向右移动滑动变阻

器滑片时，电路中的电流变小，由欧姆定律可知电路总电阻变大，说明滑动变阻器的阻值变大，所以滑

动变阻器左下接线柱连入电路；如下图所示：

甲

（2）连接好电路后，闭合开关，移动变阻器滑片，小灯泡却始终不亮，电流表无示数，说明电路是断

路；电压表有示数，说明与电压表并联部分以外的电路是通路，则其原因可能是小灯泡断路；

（3）由图乙可知，电压表示数为2.2V,小于灯泡额定电压2.5V,所以应增大灯泡两端的电压，根据串

联电路分压规律可知，应减小滑动变阻器的阻值，故应将滑动变阻器的滑片向A端移动，使电压表示

数为2.5V；

（4）（5）灯泡两端电压增大，通过电路的电流也随之增大，灯泡温度升高，电阻增大，而电源电压不

变，由欧姆定律知电路的总电阻减小，

串联电路总电阻等于各部分电阻之和，只有当R滑的减小量大于RL的增加量才会让总电阻变小，所以

△RL<△R滑。

故答案为：（1）见解答图；（2）小灯泡断路；（3）A；（4）<0

四、计算题（第21小题5分，第22小题7分，第23小题8分，共20分；解答要有必要的公式和解答过

程，只有最后答案的不能得分）

21.（5分）如图所示，甲为某商场中的阶梯式电梯，已知电梯斜面的倾角。为30°,斜面长度为10m,质

量为60kg的小明随电梯一起匀速从一楼上升到二楼（不计空气阻力）。

（1）将小明看成一个有质量的点，如图乙所示。请在图乙中画出小明随电梯一起匀速从一楼上升到二

楼的过程中受力示意图。

（2）若电梯沿斜面方向匀速运动的速度为0.5m/s,求10s内电梯对小明所做功的大小。（g取10N/kg）

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乙

【解答】解：（1）小明在随电梯一起匀速从一楼上升到二楼的过程中，受到竖直向下的重力和竖直向上

的支持力，受力示意图如图所示:

♦F

1

(2)电梯运动的路程s=vt=0.5m/sX10s=5m,小明上升的高度h=ssin30°=5mX=2.5m,

电梯对小明所做的功W=Fh=Gh=mgh=60kgX10N/kgX2.5m=1500Jo

AF

答：（1）（2）电梯对小明所做功的大小为1500J。

22.（7分）如图甲所示为挂烫机工作原理图。挂烫机正常工作电压为220V,电热丝R2的阻值为48.4。,

水箱最多装水0.2kg,挂烫机在高温挡和低温挡工作时的电功率之比为5：2o求：

（1）电热丝Ri的阻值；

（2）挂烫机在高温挡工