广东省广州市普通高中2024届高三年级下册二模物理试卷(含答案)

广东省广州市普通高中2024届高三下学期二模物理试卷

学校：___________姓名：班级：考号：

一,单选题

1.如图，光电管接入电路，用紫外线照射光电管阴极时，发生了光电效应，回路中形

成电流。下列说法正确的是（）

A.电流方向为afR一人

B.电流方向为6fRfa

C.光照时间越长，光电子的最大初动能越大

D.入射光光强增大，光电子的最大初动能增大

2.如图甲，由细线和装有墨水的容器组成单摆，容器底端墨水均匀流出。当单摆在竖

直面内摆动时，长木板以速度v垂直于摆动平面匀速移动距离L形成了如图乙的墨

痕图案，重力加速度为g,则该单摆的摆长为（）

A・信D.鸵

兀V71V

3.如图是。为圆心、A3为直径的透明圆盘截面，一束激光从空气中平行A3由C点

射入圆盘，在3点反射后从。点平行A3射出。已知圆盘半径和AC距离相等，则该

圆盘对激光的折射率为（）

A.1.5B.2C.正D.6

4.如图为某发电厂输电示意图，发电厂的输出电压为U,输电线的等效电阻为「，输

电线路中的电流为/,理想变压器原、副线圈的匝数分别为公机，则该变压器（）

A.输入电压为UB.输入电压为Ir

C.输出电压为D.输出电压为〃2（0+"）

5.如图，一辆汽车以恒定速率通过圆弧拱桥，N为桥面最高处，则汽车（）

A.在N处所受支持力大小大于其重力

B.在N处所受支持力大小等于其重力

C.从〃到N过程所受支持力逐渐增大

D.从M到N过程所受支持力逐渐减小

6.如图，在墙内或地面埋有一根通有恒定电流的长直导线。为探测该导线的走向，现

用一个与灵敏电流计（图中未画出）串联的感应线圈进行探测，结果如下表。忽略地

磁场的影响，则该导线可能的走向是（）

探测灵敏电流计有无示数

线圈平面平行于地面Oabc沿。。方向平移无

沿。。方向平移无

沿。。方向平移有

线圈平面平行于墙面Oade

沿Oe方向平移无

A.Oa方向B.OZ?方向C.Oc方向D.Oe方向

7.如图，汽车定速巡航（即速率不变）通过路面abed,“时刻经过从右时刻经过

。、4时刻经过小若汽车行驶过程所受空气阻力和摩擦阻力的大小不变，则该过程汽

车的功率尸随时间/变化的图像是（）

b。

a折——

二、多选题

8.如图，将磁铁在回形针正上方缓慢靠近。回形针被吸离桌面后向上运动过程（）

A.加速度增大B.加速度不变C.机械能增大D.机械能不变

9.如图，运动员先后将甲、乙两冰壶以相同的初速度从A点沿直线A。推离。若甲以

加速度的做匀减速运动后停在。点；乙先以加速度的做匀减速运动，到达某位置，运

动员开始刷冰面减小动摩擦因数，乙以加速度％继续做匀减速运动并停在。点，则（）

A.%<42B,<a3C.。1〉。3D.。2〉。3

10.如图，无初速度的；He经加速电场加速后，沿水平虚线进入速度选择器，打到右

侧荧光屏上。点。若无初速度的;H和:H经同一加速电场加速，进入速度选择器，最

后打到右侧荧光屏上，则（）

上

O

下

A.；H打到。点B，H打到。点

C.：H打到。点下方D.；H打到。点上方

三、实验题

11.如图甲，用量程为5N的弹簧测力计，测量一个超出其量程的物体的重力:

（1）将表面印有等距圆环的白纸固定在竖直放置的木板上；

（2）三根细线分别与弹簧测力计一端、一个图钉、待测重物相连，弹簧测力计的另一

端固定，通过改变图钉在木板的位置调节细线。3,使细线的结点。与圆环的圆心位

置重合；

（3）标出。4、OB、0C的拉力方向，记录弹簧测力计的读数N；

（4）①根据共点力平衡条件和平行四边形定则，用“力的图示”在图乙中作出040B

拉力的合力

②由作图结果可得重物的重力为N（结果保留一位小数）。

12.用图（a）的电路研究电容器的充放电，电源电动势为12V（内阻忽略不计）；

&、殳、招为定值电阻，其中凡=160。；电流传感器（内阻忽略不计）将电流信息传

入计算机，显示出电流随时间变化的/T图像。

（1）①闭合开关K2,开关K］与1接通，待充电完成后，再与2接通，电容器放电的

/T图像如图（b）中的图线/,图线/与时间轴围成的“面积”为5,其物理意义是

②断开开关K?,开关KI与1接通，待充电完成后，再与2接通，电容器放电的/V

图像如图（b）中的图线n,图线II与时间轴围成的“面积”为S2，理论上应该有

5邑（选填或“=”）；

（2）测得5为2.64mA$由此可知电容器的电容。=四，定值电阻

&=d开关K2闭合时，电容器放电过程中通过&的电量为Co

四、计算题

13.如图为某同学根据“马德堡半球模型”设计的实验。两个底面积相同的轻质圆筒，

开口端紧密对接，圆筒内封闭气体的总体积为％=28mL,其压强与大气压强相等，均

为0=1.0xl（）5pa。将注射器活塞推至针筒底部，通过细管与气阀连通；打开气阀，然

后缓慢拉动活塞，当注射器内气体体积为AV=12mL时停止拉动。已知圆筒的底面积

S=6xl0Tm2,装置气密性良好，圆筒形状与气体温度全程不变。

细管活塞

(1)求停止拉动活塞时圆筒内气体的压强?；

(2)关闭气阀，撤去注射器，求将两个圆筒沿轴线拉开的最小拉力几

14.如图，水平面内固定有平行长直金属导轨a。、cd和金属圆环；金属杆A/N垂直导

轨静止放置，金属杆0P一端在圆环圆心。处，另一端与圆环接触良好。水平导轨区

域、圆环区域有等大反向的匀强磁场。0P绕。点逆时针匀速转动；闭合K,待MN

匀速运动后，使0P停止转动并保持静止。已知磁感应强度大小为3,质量为机，

。产的角速度为①，0P长度、长度和平行导轨间距均为L,和0P的电阻阻值

(2)匀速运动时的速度大小；

(3)从0P停止转动到停止运动的过程，产生的焦耳热。

15.图(a)是水平放置的“硬币弹射器”装置简图，图(b)是其俯视图。滑槽内的撞

板通过两橡皮绳与木板相连，其厚度与一个硬币的相同。滑槽出口端的“币仓”可叠放

多个相同的硬币。撞板每次被拉动至同一位置后静止释放，与底层硬币发生弹性正

碰；碰后，撞板立即被锁定，底层硬币被弹出，上一层硬币掉下补位。底层硬币被撞

后在摩擦力作用下减速，最后平抛落到水平地面上。已知每个硬币质量为如撞板质

量为3加；每次撞板从静止释放到撞击硬币前瞬间，克服摩擦力做功为W,两橡皮绳对

撞板做的总功为4W；忽略空气阻力，硬币不翻转。

(1)求撞板撞击硬币前瞬间，撞板的速度V;

(2)当“币仓”中仅有一个硬币时，硬币被撞击后到抛出过程，克服摩擦力做功也为

其初动能的工，求吗；

20

(3)已知“币仓”中有〃(«<10)个硬币时，底层硬币冲出滑槽过程中克服摩擦力做

功为(2〃-1)吗；试讨论两次“币仓”中分别叠放多少个硬币时，可使底层硬币平抛的水

平射程之比为1：石。

参考答案

1.答案：B

解析：AB.电子从光电管阴极逸出，而电子带负电，与电流方向相反，故电流方向为

b—>R—>a,A错误，B正确；

CD.逸出光子的最大动能只与入射光的频率有关，故CD错误。

故选B。

2.答案：A

解析：根据单摆的周期公式可得

/乌

4兀-

由图可得

2T=-

V

联立可得

故选Ao

3.答案：D

解析：已知圆盘半径和AC距离相等，则△49C为等边三角形，而NACB=90。，由几

何知识得

ZABC=ZACB=30°

而入射角，与ZAOC相等，由几何知识得

z=ZAOC=60°

由折射定律

sin600

n=---------=#)

sin30°

故选D。

4.答案：C

解析：该变压器的输入电压为

U^U-Ir

根据理想变压器电压比等于匝数比，可得

U2_^2_

U|明

可得该变压器的输出电压为

u2y收…

故选C。

5.答案：C

解析：AB.在N点，根据牛顿第二定律可得

v2

mg-N=m—

r

所以

v2

N=mg-m—<mg

'r

故AB错误；

CD.设汽车与圆心的连线与竖直方向的夹角为仇则

71AT声

mgcosN=m-

r

从“到N过程，速率v不变，。减小，所以N增大，故C正确，D错误。

故选C。

6.答案：D

解析：通电直导线周围的磁场的是以导线为圆心的一个个同心圆，当线圈平面平行于

地面0aA移动时，线圈中无感应电流产生，则穿过线圈的磁通量不变，说明线圈平

面与磁场所在平面平行，即通电导线应垂直于0aA平面，当线圈平面平行于墙面

0ade移动时，沿。。方向平移有电流，磁通量变化，沿0e方向平移无电流，磁通量

不变，说明导线应该沿Oe方向。

故选D。

7.答案：B

解析：根据题意可知，汽车运动速率不变，设汽车行驶过程所受空气阻力和摩擦阻力

的大小为人在必段有

F[=mgsin6+/

在be段有

在cd段有

F3+mgsin0-f

可知

F1>F2>F3

且［、F］、鸟保持不变，由公式p=Fv可知，汽车的功率

且《、鸟、鸟保持不变。

故选B。

8.答案：AC

解析：AB.对回形针受力分析，有

F磁场力_mg=ma

回形针被吸离桌面后向上运动过程中，所受磁场力增大，所以其加速度增大。故A正

确；B错误；

CD.磁场力对回形针做正功，回形针的机械能增大。故C正确；D错误。

故选ACo

9.答案：ACD

解析：设49=x，甲、乙两冰壶的初速度为v0,乙先以加速度与做匀减速运动的位移

为西，此时的速度是v,由匀变速直线运动的速度位移关系公式，对甲冰壶可得

VQ=2axx

对乙冰壶可得

2

VQ-v=2a

v2=%

联立可得

2aix-2ai（<x-xi\=2a2xl

整理可得

（弓一4）%=（%一%）玉

由题意可知，乙冰壶在位移X1的摩擦力大于在位移X-X1的摩擦力，由牛顿第二定律可

知生〉%，可得q〉％,又有

=凡演+a3(%-xI)

对上式可知，若%=%，则有。1=“2，现有为〉。3，推理可知

故选ACDo

10.答案：BC

解析：在加速电场中，根据动能定理

qU“=­1mv2

解得

y产

Vm

；He经加速电场加速后，沿水平虚线进入速度选择器，打到右侧荧光屏上。点，则

qvB=qE

可得

E

v=——

B

:H的荷质比等于;He的荷质比，故;H离开加速电场时的速度等于;He离开加速电场

时的速度，等于色，故;H打到。点；；H的荷质比大于;He的荷质比，故;H离开加速

B

电场时的速度大于：He离开加速电场时的速度，大于上,在速度选择器中，：H受到洛

B

伦兹力大于电场力，；H打到。点下方。

故选BCo

11.答案：(3)3.00/2.99/3.01(4)①见解析②7.0/6.8/6.9/7.1/7.2

解析：(3)弹簧测力计的最小分度为0.1N,读数时需要估读到0.01N,所以其读数为

3.00No

(4)①做出力的图示，如图所示

②由作图结果可得重物的重力为7.0No

12.答案：（1）①电容器放电过程，通过电流传感器的电荷量②=

（2）220；480；6.6x10^

解析：（1）①根据

q=It

可知/T图像与对应时间轴所围成的面积表示的物理意义是电荷量，即电容器放电过

程，通过电流传感器的电荷量。

②航和S2均表示电容器放电的电荷量，所以

S]=S2

（2）根据

c=e

U

可得

q

C=^=220pF

根据

K

可知，两次放电过程的最大电流与电路电阻成反比，即

RR

分3x100mA=&x75mA

R2+R3

解得

4=480Q

开关K?闭合时，电容器放电过程中通过&的电量为

QR=—=0.66mA-s=6.6xl（）Tc

3R?"

13.答案：（1）7xlO4Pa（2）18N

解析：（1）抽气过程，以原球内气体为研究对象，缓慢过程为等温变化过程，由玻意

耳定律可得

Po%=P（X+AV）

解得

p=7xlO4Pa

（2）对一个圆筒受力分析，有

F=（p0-p）S=18N

可知将两个圆筒沿轴线拉开的最小拉力为18NO

14.答案：（1）BP①,方向水平向左（2）_（oL（3）—,WL2

4r216

解析：（1）当OP绕。点逆时针匀速转动时，由右手定则可知。点电势高，0P切割

磁感线产生感应电动势为

1,

E=-Bcol}

2

闭合K瞬间，由闭合电路欧姆定律可知，通过的电流大小为

EBal：

17=—二----

2r4r

方向由M到N。则有MN所受安培力大小为

由左手定则可知，安培力方向水平向左。

（2）闭合K后，则有向左做加速运动，速度逐渐增大，切割磁感线产生感应

电动势，则感应电流方向与原电流方向相反，减弱原电流，可知"N受安培力逐渐减

小，做加速度减小的加速运动，当中电流减小到零时，安培力是零，加速度是

零，的速度达到最大，设