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文档简介
2024学年河北省石家庄市新乐市中考猜题数学试卷
注意事项
1.考生要认真填写考场号和座位序号。
2.试题所有答案必须填涂或书写在答题卡上,在试卷上作答无效。第一部分必须用2B铅笔作答;第二部分必须用黑
色字迹的签字笔作答。
3.考试结束后,考生须将试卷和答题卡放在桌面上,待监考员收回。
一、选择题(本大题共12个小题,每小题4分,共48分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.)
1.一个六边形的六个内角都是120。(如图),连续四条边的长依次为1,3,3,2,则这个六边形的周长是()
A.13B.14C.15D.16
2._3的倒数是()
A.3B.£C.,D.常
33
3.方程%(%+2)=。的根是()
A.x=2B.x=0C.xi=0,X2=-2D.xi=0,X2=2
4.计算(abT的结果是()
A.ab5B.ab6C.a3b5D.a3b6
5.估计m―2的值在()
A.0至!J1之间B.1到2之间C.2到3之间D.3到4之间
6.二次函数y=3(x-1)2+2,下列说法正确的是()
A.图象的开口向下
B.图象的顶点坐标是(1,2)
C.当x>l时,y随x的增大而减小
D.图象与y轴的交点坐标为(0,2)
7.下列计算正确的是()
2b。4b2
A.(—)2=——B.0.00002=2xl05
3c9c
x2-94xy2
C-x-3-33y2x-3d
8.如图是二次函数y=ax?+bx+c(a#O)图象如图所示,则下列结论,①cvO,(g)2a+b=0;③a+b+c=O,@b2-4ac<0,
其中正确的有()
C,3个D.4
9.甲车行驶30千米与乙车行驶40千米所用时间相同,已知乙车每小时比甲车多行驶15千米,设甲车的速度为I千
米/小时,依据题意列方程正确的是()
3040304030403040
A.—C.——--------D.--------=——
xx-15x-15xx九+15%+15x
10.一次函数丫=a*+1)与反比例函数y=£在同一平面直角坐标系中的图象如左图所示,则二次函数y=ax2+bx+c的图
象可能是()
1L如图1,在矩形ABCD中,动点£从A出发,沿AB^BC方向运动,当点£到达点C时停止运动,过点£做
交CD于F点,设点£运动路程为X,FC=y9如图2所表示的是丁与x的函数关系的大致图象,当点E在3C上运
2
动时,的最大长度是则矩形A3CD的面积是()
5
DF
2
-
5
.a
图2
A.—B.5C.6D.
54
12.如图,BC平分NABE,AB〃CD,E是CD上一点,若NC=35。,则NBED的度数为()
60°
二、填空题:(本大题共6个小题,每小题4分,共24分.)
13.把多项式a3—2a?+a分解因式的结果是
14.如图,在△ABC中,AB=4,AC=3,以3c为边在三角形外作正方形BC0E,连接3,CE交于点0,则线段
AO的最大值为.
15.已知关于x的方程/+机上+4=0有两个相等的实数根,则实数机的值是.
16.如图,直线y=x+2与反比例函数尸&的图象在第一象限交于点P.若0P=痴,则左的值为
x
18.某校准备从甲、乙、丙、丁四个科创小组中选出一组,参加区青少年科技创新大赛,表格反映的是各组平时成绩
的平均数元(单位:分)及方差S2,如果要选出一个成绩较好且状态稳定的组去参赛,那么应选的组是.
甲乙丙丁
X7887
S211.20.91.8
三、解答题:(本大题共9个小题,共78分,解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.
19.(6分)如图,AB是。。的直径,ZBAC=90°,四边形EBOC是平行四边形,EB交。。于点D,连接CD并延
长交AB的延长线于点F.
(1)求证:CF是。O的切线;
(2)若NF=30。,EB=6,求图中阴影部分的面积.(结果保留根号和兀)
20.(6分)如图,一次函数y=kx+b的图象与反比例函数y=—的图象交于点A(—3,m+8),B(n,—6)两点.求
x
一次函数与反比例函数的解析式;求4AOB的面积.
21.(6分)如图①,在RtAABC中,ZABC=90°,45是。。的直径,。。交AC于点O,过点。的直线交5c于点
E,交A3的延长线于点P,ZA=ZPDB.
①②
(1)求证:是。。的切线;
(2)若AB=4,DA=DP,试求弧30的长;
(3)如图②,点M是弧AB的中点,连结OM,交A3于点N.若tanA=‘,求”的值.
2
22.(8分)如图,A3是。。的直径,点C是延长线上的点,CZ>与。。相切于点O,连结30、AD.
(1)求证;ZBDC=ZA.
(2)若/C=45。,。。的半径为1,直接写出AC的长.
23.(8分)已知a?+2a=9,求」——空““;+M+2的值.
a+1a—1ci—2a+1
24.(10分)如图,一根电线杆PQ直立在山坡上,从地面的点A看,测得杆顶端点P的仰角为45。,向前走6m到达
点B,又测得杆顶端点P和杆底端点Q的仰角分别为60。和30。,求电线杆PQ的高度.(结果保留根号).
25.(10分)如图1,四边形45c边AO、8c的垂直平分线相交于点。.连接04、OB、OC、OD.OE是边C7)
的中线,且/AO3+NCO0=18O。
(1)如图2,当△A80是等边三角形时,求证:OE=-AB;
2
(2)如图3,当△A50是直角三角形时,且NAO5=90。,求证:OE^-ABi
2
(3)如图4,当△A50是任意三角形时,设NOAD=a,ZOBC=fi,
①试探究a、0之间存在的数量关系?
②结论"0£=工A3”还成立吗?若成立,请你证明;若不成立,请说明理由.
2
图1图2图3图4
26.(12分)某中学九(1)班为了了解全班学生喜欢球类活动的情况,采取全面调查的方法,从足球、乒乓球、篮球、
排球等四个方面调查了全班学生的兴趣爱好,根据调查的结果组建了4个兴趣小组,并绘制成如图所示的两幅不完整
的统计图(如图①,②,要求每位学生只能选择一种自己喜欢的球类),请你根据图中提供的信息解答下列问题:
图①图②
(1)九(1)班的学生人数为,并把条形统计图补充完整;
(2)扇形统计图中m=,n=,表示“足球”的扇形的圆心角是度;
(3)排球兴趣小组4名学生中有3男1女,现在打算从中随机选出2名学生参加学校的排球队,请用列表或画树状图
的方法求选出的2名学生恰好是1男1女的概率.
27.(12分)问题探究
⑴如图①,点E、F分别在正方形ABCD的边BC、CD上,ZEAF=45°,则线段BE、EF、FD之间的数量关系为;
(2汝口图②,在AADC中,AD=2,CD=4,NADC是一个不固定的角,以AC为边向△ADC的另一侧作等边△ABC,
连接BD,则BD的长是否存在最大值?若存在,请求出其最大值;若不存在,请说明理由;
问题解决
(3)如图③,在四边形ABCD中,AB=AD,ZBAD=60°,BC=40,若BDLCD,垂足为点D,则对角线AC的长是
否存在最大值?若存在,请求出其最大值;若不存在,请说明理由.
参考答案
一、选择题(本大题共12个小题,每小题4分,共48分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.)
1、C
【解题分析】
解:如图所示,分别作直线A3、CD、E尸的延长线和反向延长线使它们交于点G、H、I.
因为六边形ABCDEF的六个角都是120°,
所以六边形ABCDEF的每一个外角的度数都是60。.
所以AFI、一BGC、DHE、G/〃都是等边三角形.
所以AZ=AF=3,BG=BC=1.
:.GI=GH=AI+AB+BG=3+3+l=7,
DE=HE=HI-EF-FI=1-2-3=2,
CD=HG-CG-HD=1-1-2=4.
所以六边形的周长为3+1+4+2+2+3=15;
故选C.
2、C
【解题分析】
由互为倒数的两数之积为1,即可求解.
【题目详解】
•••-3x(-9=/,:3的倒数是4
故选C
3、C
【解题分析】
试题解析:x(x+1)=0,
=»x=0或x+l=O,
解得xi=O,xi=-l.
故选C.
4、D
【解题分析】
试题分析:根据积的乘方的性质进行计算,然后直接选取答案即可.
试题解析:(ab?)(b?)3=a3bl.
故选D.
考点:塞的乘方与积的乘方.
5、B
【解题分析】
V9<11<16,
;・3〈而<4,
:.\<历-2<2
故选B.
6、B
【解题分析】
由抛物线解析式可求得其开口方向、顶点坐标、最值及增减性,则可判断四个选项,可求得答案.
【题目详解】
解:4、因为。=3>0,所以开口向上,错误;
B、顶点坐标是(1,2),正确;
C、当x>l时,y随x增大而增大,错误;
D、图象与y轴的交点坐标为(0,5),错误;
故选:B.
【题目点拨】
考查二次函数的性质,掌握二次函数的顶点式是解题的关键,即在y=a(x-h)2+左中,对称轴为》=加顶点坐标为
(fi,k).
7、D
【解题分析】
在完成此类化简题时,应先将分子、分母中能够分解因式的部分进行分解因式.有些需要先提取公因式,而有些则需
要运用公式法进行分解因式.通过分解因式,把分子分母中能够分解因式的部分,分解成乘积的形式,然后找到其中
的公因式约去.
【题目详解】
解:A、原式;故本选项错误;
9c2
B、原式=2x10-5;故本选项错误;
C、原式=(x+3)(x—3)=43.故本选项错误;
x—3
2
D、原式=彳;故本选项正确;
故选:D.
【题目点拨】
分式的乘除混合运算一般是统一为乘法运算,如果有乘方,还应根据分式乘方法则先乘方,即把分子、分母分别乘方,
然后再进行乘除运算.同样要注意的地方有:一是要确定好结果的符号;二是运算顺序不能颠倒.
8、B
【解题分析】
由抛物线的开口方向判断“与1的关系,由抛物线与y轴的交点判断c与1的关系,然后根据对称轴及抛物线与x轴
交点情况进行推理,进而对所得结论进行判断.
【题目详解】
①抛物线与y轴交于负半轴,则cVl,故①正确;
b
②对称轴x=------=1,则2a+5=l.故②正确;
2a
③由图可知:当x=l时,y-a+b+c<l.故③错误;
④由图可知:抛物线与x轴有两个不同的交点,则"-4ac>l.故④错误.
综上所述:正确的结论有2个.
故选B.
【题目点拨】
本题考查了图象与二次函数系数之间的关系,会利用对称轴的值求2a与b的关系,以及二次函数与方程之间的转换,
根的判别式的熟练运用.
9、C
【解题分析】
由实际问题抽象出方程(行程问题).
【分析】•・•甲车的速度为X千米/小时,则乙甲车的速度为X+15千米/小时
3040
・・・甲车行驶30千米的时间为一,乙车行驶40千米的时间为——-,
xx+15
3040
・・.根据甲车行驶30千米与乙车行驶40千米所用时间相同得一=——.故选C.
x九+15
10、B
【解题分析】
根据题中给出的函数图像结合一次函数性质得出aVO,b>0,再由反比例函数图像性质得出cVO,从而可判断二次函
b
数图像开口向下,对称轴:x=-->O即在y轴的右边,与y轴负半轴相交,从而可得答案.
2af
【题目详解】
解:二•一次函数y=ax+b图像过一、二、四,
Aa<0,b>0,
c
又•.•反比例函数y=,图像经过二、四象限,
.*.c<0,
b
二次函数对称轴:x=——>0,
2a
...二次函数y=ax?+bx+c图像开口向下,对称轴在y轴的右边,与y轴负半轴相交,
故答案为B.
【题目点拨】
本题考查了二次函数的图形,一次函数的图象,反比例函数的图象,熟练掌握二次函数的有关性质:开口方向、对称
轴、与y轴的交点坐标等确定出a、b、c的情况是解题的关键.
11、B
【解题分析】
CFCF
易证A可得一=—,根据二次函数图象对称性可得E在8c中点时,CF有最大值,列出方程式即
BEAB
可解题.
【题目详解】
若点E在5c上时,如图
VZEFC+ZAEB^90°,N歹EC+NE尸C=90°,
:.ZCFE=ZAEB,
,在ABE和ABEA中,
ZCFE=ZAEB
\zc=ZB=90°'
:./\CFES/\BEA,
_5
CFCE5vx—8
由二次函数图象对称性可得E在BC中点时,CF有最大值,此时一=—,BE=CE=x-即二F=二工,
BEAB255
X——
22
y=-(%--)2,
52
237
当7=不时,代入方程式解得:xi=-(舍去),X2=-,
5
;.BE=CE=1,:.BC=2,AB=~,
2
二矩形ABCD的面积为2x-=5;
2
故选民
【题目点拨】
本题考查了二次函数顶点问题,考查了相似三角形的判定和性质,考查了矩形面积的计算,本题中由图象得出E为
中点是解题的关键.
12、A
【解题分析】
由AB〃CD,根据两直线平行,内错角相等,即可求得NABC的度数,又由BC平分NABE,即可求得/ABE的度
数,继而求得答案.
【题目详解】
•;AB〃CD,NC=35。,
,,.ZABC=ZC=35°,
;BC平分NABE,
:.ZABE=2ZABC=70°,
VAB/7CD,
/.ZBED=ZABE=70°.
故选:A.
【题目点拨】
本题考查了平行线的性质,解题的关键是掌握平行线的性质进行解答.
二、填空题:(本大题共6个小题,每小题4分,共24分.)
13、a(a-l)2.
【解题分析】
要将一个多项式分解因式的一般步骤是首先看各项有没有公因式,若有公因式,则把它提取出来,之后再观察是否是
完全平方式或平方差式,若是就考虑用公式法继续分解因式.因此,
a3-2a2+a=a(a2-2a+l)=a(a-l/.
14、述
2
【解题分析】
过O作OFLAO且使OF=AO,连接AF、CF,可知△AOF是等腰直角三角形,进而可得AF=0AO,根据正方形
的性质可得OB=OC,ZBOC=90°,由锐角互余的关系可得NAOB=NCOF,进而可得△AOBgZ\COF,即可证明
AB=CF,当点A、C、F三点不共线时,根据三角形的三边关系可得AC+CF>AF,当点A、C、F三点共线时可得
AC+CF=AC+AB=AF=7,即可得AF的最大值,由AF=eAO即可得答案.
【题目详解】
如图,过。作OFJ_AO且使OF=AO,连接AF、CF,
ZAOF=90°,△AOF是等腰直角三角形,
.\AF=V2AO,
•••四边形BCDE是正方形,
.*.OB=OC,ZBOC=90°,
VZBOC=ZAOF=90°,
:.ZAOB+ZAOC=ZCOF+ZAOC,
.\ZAOB=ZCOF,
又•.•OB=OC,AO=OF,
.♦.△AOB之△COF,
.\CF=AB=4,
当点A、C、F三点不共线时,AC+CF>AF,
当点A、C,F三点共线时,AC+CF=AC+AB=AF=7,
AAF<AC+CF=7,
・・・AF的最大值是7,
/.AF=y/2AO=7,
/.AO=Z^
2
故答案为迪
2
【题目点拨】
本题考查正方形的性质,全等三角形的判定与性质,熟练掌握相关定理及性质是解题关键.
15、±4
【解题分析】
分析:由方程有两个相等的实数根,得到根的判别式等于0,列出关于机的方程,求出方程的解即可得到机的值.
详解:•••方程„^+4=0有两个相等的实数根,
a.—b1-4ac="-4xlx4=0,
解得:m=±4.
故答案为±4.
点睛:考查一元二次方程ax2+bx+c=0(a^0)根的判别式A=廿—4ac,
当A=/J2—4a。〉。时,方程有两个不相等的实数根.
当A=ZJ2—4ac=0时,方程有两个相等的实数根.
当/=加-4ac<0时,方程没有实数根.
16、1
【解题分析】
设点P(m,m+2),
,/OP=V10,
^m2+(m+2)2=710>
解得mi=l,mz=-1(不合题意舍去),
・••点P(1,1),
.\1=-,
1
解得k=l.
点睛:本题考查了反比例函数与一次函数的交点坐标,仔细审题,能够求得点P的坐标是解题的关键.
17、18o
【解题分析】
根据二次函数的性质,抛物线y=a(x-3)2+k的对称轴为x=3。
;A是抛物线y=a(x-3^+k与y轴的交点,点B是这条抛物线上的另一点,且AB〃x轴。
A,B关于x=3对称。/.AB=6o
又;AABC是等边三角形,以AB为边的等边三角形ABC的周长为6x3=18。
18、丙
【解题分析】
先比较平均数得到乙组和丙组成绩较好,然后比较方差得到丙组的状态稳定,于是可决定选丙组去参赛.
【题目详解】
因为乙组、丙组的平均数比甲组、丁组大,而丙组的方差比乙组的小,
所以丙组的成绩比较稳定,
所以丙组的成绩较好且状态稳定,应选的组是丙组.
故答案为丙.
【题目点拨】
本题考查了方差:一组数据中各数据与它们的平均数的差的平方的平均数,叫做这组数据的方差.方差是反映一组数
据的波动大小的一个量.方差越大,则平均值的离散程度越大,稳定性也越小;反之,则它与其平均值的离散程度越
小,稳定性越好.也考查了平均数的意义.
三、解答题:(本大题共9个小题,共78分,解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.
19、(1)证明见解析;(2)9y/3-3n
【解题分析】
试题分析:(1)、连接OD,根据平行四边形的性质得出NAOC=NOBE,ZCOD=ZODB,结合OB=OD得出
ZDOC=ZAOC,从而证明出△COD和△COA全等,从而的得出答案;(2)、首先根据题意得出△OBD为等边三角形,
根据等边三角形的性质得出EC=ED=BO=DB,根据RtAAOC的勾股定理得出AC的长度,然后根据阴影部分的面积
等于两个AAOC的面积减去扇形OAD的面积得出答案.
试题解析:(1)如图连接0〃.
:四边形05EC是平行四边形,:.OC//BE,:.ZAOC=ZOBE,ZCOD=ZODB,
':OB=OD,:.ZOBD=ZODB,:.ZDOC=ZAOC,
'oc=oc
在△COD和△COA中,,NC0D=NC0A,:.ACOD^ACOA,ZCDO=ZCAO^90°,
OD=OA
:.CF±OD,,C尸是。。的切线.
(2)':ZF=30°,ZODF=9Q°,:.ZDOF=ZAOC=ZCOD=60°,
':OD=OB,.,.△OB。是等边三角形,二/4=60。,VZ4=ZF+Z1,/.Zl=Z2=30°,
':EC//OB,:.ZE=180°-Z4=120°,:.Z3=180°-ZE-Z2=30°,:.EC=ED=B0=DB,
':EB=6,:.OB=OD=OA=3,在RtAAOC中,":ZOAC=90°,04=3,ZAOC=60°,
.*.AC=OA»tan60°=3V3,:.S阴2*SAAOC-S扇形on。一2x2<3x35-也左9遮-3m
360
20、(1)y=--,y=-2x-l(2)1
x
【解题分析】
试题分析:(1)将点A坐标代入反比例函数求出m的值,从而得到点A的坐标以及反比例函数解析式,再将点B坐
标代入反比例函数求出n的值,从而得到点B的坐标,然后利用待定系数法求一次函数解析式求解;
(2)设AB与x轴相交于点C,根据一次函数解析式求出点C的坐标,从而得到点OC的长度,再根据
SAAOB=SAAOC+SABOC列式计算即可得解.
试题解析:(1)将A(-3,m+8)代入反比例函数丫=干得,
I
J=m+8,
-3
解得m=-6,
m+8=-6+8=2,
所以,点A的坐标为(-3,2),
反比例函数解析式为y=-',
JT
将点B(n,-6)代入y=-三得,-£=-6,
JTn
解得n=l,
所以,点B的坐标为(1,-6),
将点A(-3,2),B(1,-6)代入y=kx+b得,
t—2
'k々b=Y
解得/=~2,
14=—4
所以,一次函数解析式为y=-2x-1;
(2)设AB与x轴相交于点C,
令-2x-1=0解得x=-2,
所以,点C的坐标为(-2,0),
所以,OC=2,
SAAOB=SAAOC+SABOC,
=LX2X3+LX2X1,
22
=3+1,
=1.
考点:反比例函数与一次函数的交点问题.
21、(1)见解析;(2)2;(3)4.
产5
【解题分析】
(1)连结0。;由43是。。的直径,得到/4。8=90。,根据等腰三角形的性质得到NAD0=NA,ZBDO=ZABD;
得到NP£)O=90。,且。在圆上,于是得到结论;
(2)设NA=x,贝!|NA=NP=x,ZDBA=2x,在△A5O中,根据N4+NA3Z)=90。列方程求出x的值,进而可得到
N005=60。,然后根据弧长公式计算即可;
(3)连结0M,过。作于点尸,然后证明AOMNs△歹ZW,根据相似三角形的性质求解即可.
【题目详解】
(1)连结。。,是。。的直径,AZADB=90°,
ZA+ZABD=90°,又,:OA=OB=OD,:.ZBDO=ZABD,
又,.•NA=/PDB,AZPDB+ZBDO^90°,即/尸。。=90。,
且。在圆上,...P。是。。的切线.
(2)设N4=x,
\'DA=DP,:.ZA=ZP=x,:.ZDBA=ZP+ZBDP=x+x=2x,
在^ABD中,
ZA+ZABD=90°,x=2x=90°,即x=30°,
/.ZDOB=60°,.,.弧50长,60H22.
?=力=/
(3)连结。M,过。作。尸,A3于点尸,I,点M是,5的中点,
:.OM±AB,设3O=x,贝!|A£)=2x,A3=B=2OM,即。M=巫,
~T
在RtABDF中,DF=2忑9
由△OMNs△JFDN得雪.
DNDF『4
MN~OM~~5
【题目点拨】
本题是圆的综合题,考查了切线的判定,圆周角定理及其推论,三角形外角的性质,含30。角的直角三角形的性质,
弧长的计算,弧弦圆心角的关系,相似三角形的判定与性质.熟练掌握切线的判定方法是解(D的关键,求出NA=3(T
是解(2)的关键,证明△OMNs△尸£W是解(3)的关键.
22、(1)详见解析;(2)1+72
【解题分析】
(1)连接结合切线的性质和直径所对的圆周角性质,利用等量代换求解(2)根据勾股定理先求OC,再求AC.
【题目详解】
(1)证明:连结0D.如图,
CD与>O相切于点O,
.-.OD1CD,
.•./2+/DC=90。,
AB是。的直径,
ZADB=90。,即/I+/2=90。,
..11=4DC,
■「OA=OD,
4DC=/A;
(2)解:在Rt.ODC中,ZC』5°,
:.OC=yJlOD=V2
AC=OA+OC=i+j2'
【题目点拨】
此题重点考查学生对圆的认识,熟练掌握圆的性质是解题的关键.
21
23、一9~•
(«+1)5
【解题分析】
试题分析:原式第二项利用除法法则变形,约分后两项通分并利用同分母分式的减法法则计算得到最简结果,把已知
等式变形后代入计算即可求出值.
试题解析:
1__a+2.〃+3「+2_1a+2(。51a~x2
a+1a2-1a2-2a+1a+1(a+l)(a-l)(a+l)(a+2)a+^(«+l)-(«+l)2
■:a2+2a=9,
/.(a+1)2=1.
24、(6+273)米
【解题分析】
根据已知的边和角,设CQ=x,BC=GQC=&X,PC=V3BC=3X,根据PQ=BQ列出方程求解即可.
【题目详解】
解:延长PQ交地面与点C,
由题意可得:AB=6m,ZPCA=90°,ZPAC=45°,ZPBC=60°,ZQBC=30°,设CQ=x,则在RtABQC中,
BC=V3QC=73X,.•.在RtAPBC中PC=BBC=3X,:在RtAPAC中,ZPAC=45°,贝UPC=AC,3x=6+gx,
解得x=^~~百=3+6,•,.PQ=PCCQ=3x-x=2x=6+2\/§',贝!I电线杆PQ高为(6+26)米.
【题目点拨】
此题重点考察学生对解直角三角形的理解,掌握解直角三角形的方法是解题的关键.
25、(1)详见解析;(2)详见解析;(3)①a+6=90。;②成立,理由详见解析.
【解题分析】
(1)作于〃,根据线段垂直平分线的性质得到。OB=OC,证明根据全等三角形的
性质证明;
⑵证明△△。区4,得至ijA3=a),根据直角三角形的性质得到OE=L。,证明即可;
2
⑶①根据等腰三角形的性质、三角形内角和定理计算;
②延长0E至凡是EF=OE,连接即、FC,根据平行四边形的判定和性质、全等三角形的判定和性质证明.
【题目详解】
(1)作OHLAB于H,
田
AHB
图2
•••A。、BC的垂直平分线相交于点0,
:.OD=OA,OB=OC,
':AABO是等边三角形,
/.OD=OC,ZAOB=60°,
*.•ZAOB+ZCOD=180°
:.ZCOD=12Q°,
是边CZ>的中线,
:.OE±CD,
:.NOCE=30。,
':OA=OB,OH±AB,
1
AZBOH=30°,BH=-AB,
2
在△0理和4BOH中,
ZOCE=ZBOH
<ZOEC=NBHO,
OB=OC
:AOCE会△OBH,
:.OE=BH,
1
:.OE=-AB;
2
(2)VZAOB=90°,ZAOB+ZCOD=180°,
:.NCW=90。,
在小。。£)和4OBA中,
OD=OA
<ZCOD=ZBOA,
OC=OB
:.△OCDT△OBA,
:.AB=CD,
':ZCOD^90°,OE是边C。的中线,
1
:.OE=-CD,
2
1
:.OE=-AB;
2
(3)@VZOA£)=a,OA=OD,
:.ZAOD=1SO0-2a,
同理,ZBOC=180°-2p,
,/ZA0B+ZC0D=18d°,
ZAOD+ZCOB=180°,
.•.180°-2a+180°-邛=180°,
整理得,a+p=90°;
②延长OE至F,使EF=OE,连接歹。、FC,
则四边形FDOC是平行四边形,
:.ZOCF+ZCOD=18Q°,FC=OA,
:.ZAOB=ZFCO,
在4FCOAOB中,
FC=OA
<ZFCO=ZAOB,
OC=OB
.♦.△FCO出AAOB,
:.FO=AB,
11
:.OE=-FO=-AB.
22
【题目点拨】
本题是四边形的综合题,考查了线段垂直平分线的性质、全等三角形的判定和性质以及直角三角形斜边上的中线性质、
平行四边形的判定与性质等知识;熟练掌握平行四边形的判定与性质,证明三角形全等是解题的关键.
26、(1)4,补全统计图见详解.(2)10;20;72.(3)见详解.
【解题分析】
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